江苏省南通市港闸区2026年初三中考最后一次模拟试卷物理试题含解析.doc

江苏省南通市港闸区2026年初三中考最后一次模拟试卷物理试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．
1．如图所示的电路中，电源电压保持不变．当开关S闭合后，只有一个电表的示数发生变化；若电路中只有一处故障，且只发生在电阻R或小灯泡L上，则（ ）

A．电流表A的示数发生变化，电阻R断路
B．电压表V的示数发生变化，小灯泡L短路
C．电压表V的示数发生变化，小灯泡L断路
D．电流表A的示数发生变化，电阻R短路
2．2018年6月13日，第十四届中国北京国际智能制造装备产业展览会召开,如图所示为智能机器人踩着“风火轮”在语音控制下为市民表演舞蹈，下列有关此智能机器人说法中正确的是

A．智能机器人在水平地面受到的重力与对“风火轮”的压力是一对平衡力
B．智能机器人在跳舞滑动过程中不能立即停止下来是因为受到惯性力的作用
C．智能机器人踩着“风火轮”舞动起来，此时是把“风火轮”作为参照物
D．智能机器人可以进行匀速的转向，说明力可以改变物体的运动状态
3．如图所示的四个实例中，目的是为了增大摩擦的是（　　）
A．冰壶表面打磨的光滑
B．轮胎上做成凹凸不平的花纹
C．行驶的磁悬浮列车不接触导轨
D．给自行车的后轴上机油
4．在探究实践创新大赛中，小明同学展示了他的“液体压强演示仪”，其主要部件是一根两端开口且用橡皮膜扎紧的玻璃管（如图），将此装置放于水中，通过橡皮膜的凹凸程度变化，探究液体压强规律．如图描述的几种橡皮膜的变化情况，其中正确的是（　　）

A． B． C． D．
5．调节手机的音量，是为了改变声音的
A．响度 B．音调
C．频率 D．音色
6．如图所示是小华参加校运动会百米赛跑，跑完全程用时12.8s．下列说法中不正确的是

A．起跑时用力蹬地是利用了物体间力的作用是相互的
B．赛跑时，终点计时裁判员是看到发令枪冒烟立即计时的
C．使小华前进的力是鞋对地面的摩擦力
D．以跑道为参照物小华是运动的
7．下列关于生活用电的说法中错误的是（ ）
A．使用测电笔时，人体要接触笔尾金属体，但绝不能接触笔尖金属体
B．控制用电器的开关要连接在火线和用电器之间
C．家庭电路中空气开关跳闸，一定是由于电路短路引起的
D．安全用电要做到不接触低压带电体，不靠近高压带电体
8．关于安全用电，下列做法中正确的是
A．用湿布擦拭通电的电视机
B．有金属外壳的用电器都使用两脚插头
C．控制各灯具的开关都应该安装在零线上
D．使用测电笔时，手接触笔尾的金属电极
9．为监测教室环境中 PM2.5 的浓度，创客社团的四位同学分别设计了如图所示的电路 图，其中电源两端电压保持不变，R1是定值电阻，R2是气敏电阻（阻值随 PM2.5 浓度增大而减小）．现要求 PM2.5 浓度越大，电表的示数就越大，则符合要求的电路图是
A． B．
C． D．
10．以下说法正确的是
A．冬天，北方的早晨，草地上会有一层霜，这是凝固现象
B．夏天剥开雪糕包装纸时，雪糕周围冒“白气”，这是液化现象
C．固体在熔化过程中吸热，温度一定升高
D．被100℃的水蒸气烫伤往往比同温度的水烫伤更为严重，是因为汽化要吸热
二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）
11．（2017•北部湾卷）在海滩上进行“沙疗”时，把人体埋在沙子里，沙子放出热量，人体吸收热量后体温升高，内能_____________，这是通过________（选填“做功”或“热传递”）来改变内能的；10kg的沙子温度降低1℃放出的热量是__________ J．（已知c沙＝0.92×103J/(kg▪m3)）
12．图为一电热饮水机的电路简图，其额定电压为220V，具有“加热”、“保温”两种功能，对应功率分别为400W和当开关、均闭合，饮水机处于______ （选填“保温”或“加热”）状态，的阻值为______ ；用饮水机给2kg的水加热，当水温升高，水吸收的热量为______ J.．

13．有两只相同的烧杯，分别盛有体积相同的水和酒精，但没有标签，小李采用闻气味的方法判断出无气味的是水．小唐则采用压强计进行探究：若压强计的气密性很差，用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度差变化________(选填“大"或“小")．小唐把调节好的压强计放在空气中时，U形管两边的液面应该________．小唐把金属盒分别浸入到两种液体中，发现图(甲)中U形管两边的液柱高度差较 ，认为图(甲)烧杯中盛的是酒精．他的结论是不可靠的，因为没有控制金属盒在液体中的________相同．
小唐发现在同种液体中，金属盒离液面的距离越深，U形管两边液柱的高度差就越________，表示液体的压强________．小唐还发现在同种液体中，金属盒距液面的距离相同时，只改变金属盒的方向，U形管两边液柱的高度差________ (选填“不变"或“变化")．表明在相同条件下，液体内部向各个方向的压强________．
14．如图所示，水平桌面上有两个相同的圆柱形容器A和B，现将完全相同的圆台形实心铁块甲和乙置于其中，则铁块甲和铁块乙对圆柱形容器底的压强pA_____pB(均选填“>”、“=”或“<”，下同)．若在圆柱形容器A和B中注入相同质量的水后，水面和铁块的上表面恰好相平，则甲、乙受到的浮力F甲_____F乙，假如在A和B中注入相等质量的水后，甲、乙均未能全部没入水中，则甲、乙受到的浮力F甲′_____F乙′，圆柱形容器的底部受到水的压强p甲′_____p乙′．

15．如图甲电路中，电源由四节新干电池串联组成，当开关S闭合时，电压表示数如图乙所示，此时灯L1两端电压为_______．灯L2两端电压为______．

16．一只苹果的质量为140g，体积为1.8×10-4m3，用手将其浸没在水中时，苹果受到的浮力为______N（g取10N/kg），松手后苹果将_____（填“上浮”、“下沉”或“悬浮”），静止时苹果受到的浮力为______N．
17．上课铃响了,同学们迅速回到教室,这是利用声音来传递_____,上课时为了防止教室外面的声音干扰,关上门窗,这是在________减弱噪声.
三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）
18．如图所示，电路中有L1、L2两盏灯，请在图中内分别填入A或V的符号，要求开关闭合时L1、L2都能发光，且两电表的示数均不为零。
（__________）

19．根据小磁针的指向标出图中通电螺线管的南北级和通电螺线管中的电流方向
（_____）

20．小刚观察了市场上的“测重仪“后，画出了如图所示的原理图：A为托盘，P为金属滑片且固定在托盘下的轻质弹簧上，并能随轻质弹簧一起上下滑动，当托盘中不放物体时，P位于R的最上端已知R0＝10Ω．R的最大阻值为20Ω，电源电压恒为6V，请你综合应用所学知识解答下列问题：

（1）图中的质量表与电阻R、R0_____（选填“串联”或“并联”）接入电路，所以质量表是用_____选填“电流表”或“伏特表”）改装的：
（2）当开关S闭合，不称量物体时，此时电路中的电流是多少A？__________
（3）当开关S闭合，不称量物体时，通电5min电阻R消耗的电能是多少J？_________
21．如图所示，将A管插入装有水的杯中，用嘴衔住A管的上端能将水吸上来是利用了________；把另一根吸管B的管口贴靠在A管的上端，往B管中轻轻吹气，可以看到A管中的水面___________；若从B管中用力吸气，可以看到A管中的水面_______,（两空均填“上升”、“下降”或“不变”）后两个实验现象都说明：____________．

22．小黄同学做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电压为定值）、待测小灯泡（标有“0.25A”字样）、电流表、电压表（只有0~3伏档完好）、滑动变阻器（标有“20Ω1A”字样）、电键及导线若干。小灯的额定功率估计为0.9瓦左右。该同学正确连接电路，实验步骤正确。当闭合电键时，电压表、电流表的示数分别为2伏和0.2安。接着他边思考便实验，同时对电路进行调整，直至小灯正常发光。
①求电源电压_____。
②观察到电流表示数为0.25安时，电压表示数如图所示，此时电压表读数为_____伏。

③请根据相关信息，求出小灯的额定电功率。_____（本小题需写出计算过程）。
四、计算题（本大题包括2小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
23．某家庭用一个标有“220V,1000W”的电热水器来烧水．该电热水器正常工作20min，可将质量为5kg温度为20℃的水加热到60℃．水的比热容为4.2×103J/(kg·℃).求这段时间内：水吸收的热量．电热水器消耗的电能．电热水器的热效率（水吸收的热量与消耗的电能之比叫热效率）．
24．小明同学家里的电热饮水机有加热和保温两种功能，可由机内温控开关S0进行自动控制．小明从说明书上收集到如下表中的部分数据和如图所示的电路原理图．

请解答如下问题：（计算结果若不能整除，保留一位小数）这个电热饮水机正常工作时，在加热状态下的总电流大约是多大？若电阻R2的阻值为1210Ω，则电阻R1的阻值为多少？在傍晚用电高峰期，供电电压可能会下降．当实际电压只有198V时，这个电热饮水机加热的实际功率是多大？
参考答案

一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．
1、C
【解析】
如果电阻R断路，当开关S闭合后，两表示数均无变化，故A错；如果小灯泡L短路，当开关S闭合后，两表示数都有变化，故B错；如果小灯泡L断路，当开关S闭合后，只有电压表示数变化，电流示数不变，故C正确；如果电阻R短路，当开关S闭合后，两表均有示数变化，故D错；应选C．
2、D
【解析】
A.智能机器人受到的重力与“风火轮”的压力，作用在不同的物体上，且方向相同，不是一对平衡力，故A说法错误，不符合题意；
B.智能机器人在跳舞的时候滑动，不能立即停下来，是由于具有惯性要保持原来的运动状态，
故B说法错误，不符合题意；
C.智能机器人脚踩的“风火轮”，舞动起来，相对于“风火轮 ”的位置不变，是静止的，从故C说法错误，不符合题意；
D.智能机器人在地面上进行匀速的转向，其运动方向发生了变化，则运动状态发生了变化，故D说正确，符合题意。
3、B
【解析】
（1）影响摩擦力大小的因素：压力大小和接触面的粗糙程度；
（2）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；
（3）减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动。
【详解】
A．冰壶表面打磨得光滑，通过减小接触面的粗糙程度减小摩擦力，A选项不符合题意；
B．轮胎上有凹凸不平的花纹是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力，B选项符合题意；
C．磁悬浮列车是通过使接触面彼此分离的方法减小摩擦力，C选项不符合题意；
D．给自行车的后轴上机油是通过减小接触面粗糙程度的方法减小摩擦力的，D选项不符合题意；
选填B。
4、B
【解析】
A．玻璃管下端更深，所受的液体压强更大，所以应该是下面橡皮膜向上凹得更厉害些，故A错误；
B．玻璃管下端更深，所受的液体压强更大，且下面橡皮膜向上凹得更厉害些，故B正确；
C．玻璃管水平放置在液体中，液体对两侧橡皮膜有向内的压强，所以右侧橡皮膜应该向左凹，故C错误；
D．玻璃管水平放置在液体中，两侧的橡皮膜都应向内凹，故D错误；
故选B。
5、A
【解析】
调节音量时，扬声器的振幅发生改变，所以发出声音的响度发生改变．
6、C
【解析】
A．起跑时用力蹬地的同时，地对小华也有力的作用，这是利用了物体间力的作用是相互的，故A说法正确，不符合题意；
B．百米赛跑时，作为终点计时裁判，正确的方法是看到发令枪冒烟立即计时，如果听到枪声才开始计时，说明枪声已经传播100米到达终点时才开始计时，测得时间肯定偏小，故B说法正确，不符合题意；
C．起跑时用力蹬地的同时，地对小华也有力的作用，就是这个“地对小华的力”给小华提供了动力，使小华向前运动，故C说法错误，符合题意；
D．以跑道为参照物，小华相对于比赛场上的跑道的位置发生了改变，所以说小华相对于比赛场上的跑道是运动的，故D说法正确，不符合题意．
7、C
【解析】
用测电笔时，手必须要接触笔尾金属体，这样才能使测电笔发挥作用，但绝不能接触笔尖金属体，故A正确；家庭电路的开关应该装在火线上，这样可防止断开开关后用电器仍带电，故B正确；家庭电路中空气开关跳闸，是电路电流过大造成的，电流过大的原因是：一是短路；二是用电器的总功率过大，故C错误；不接触低压带电体，不靠近高压带电体，符合安全用电原则，故D正确，故选C．
点睛：本题考查的是安全用电知识、触电的应急措施的了解与掌握，可以加强用电安全意识，有利于自我保护．
8、D
【解析】
A、水是导体用湿布擦拭通电的电视机可能发生触电事故。故A错误；
B、家用电器金属外壳相连接的是地线，用三脚插头使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，故有金属外壳的用电器都使用三脚插头，故B错误；
C、为了用电的安全，开关应控制火线，故C错误；
D、使用测电笔时，手要接触笔尾的金属体，不能接触笔尖的金属体，故D正确。
9、C
【解析】
A．由电路图可知，气敏电阻R2与定值电阻R1串联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以PM2.5浓度变化时电压表的示数不变，故A不符合题意；
B．由电路图可知，气敏电阻R2与定值电阻R1串联，电压表测气敏电阻R2的电压，当PM2.5浓度越大时，气敏电阻R2的阻值减小，电路中的总电阻减小，由可知，电路中的电流增大，由可知，R1两端的电压增大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R2两端的电压减小，即电压表的示数减小，故B不符合题意；
C．由电路图知，两电阻并联，电流表测通过气敏电阻R2的电流；由并联电路的电压特点可知，两电阻两端的电压与电源电压相等且保持不变，当PM2.5浓度越大时，气敏电阻R2的阻值减小，由可知，通过R2的电流变大，即电流表示数变大，故C符合题意；
D．由电路图知，两电阻并联，电流表测通过R1的电流，并联电路中各支路间互不影响，所以R2的阻值变化不影响通过R1的电流，即电流表的示数不变，故D不符合题意．
故选C．
本题考查了串联和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键．
10、B
【解析】
A、冬天，北方的早晨，草上的霜是空气中的水蒸气遇冷凝华而成的，故A错误；
B、雪糕周围冒“白气”由空气中的水蒸气遇到冷液化形成的，故B正确；
C、晶体熔化时吸收热量，温度保持不变，故C错误；
D、被100℃的水蒸气烫伤往往比100℃的水烫伤更严重，这是因为水蒸气先液化成同温度的水，液化过程放热，故D错误。

二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）
11、增加热传递0.92×104
【解析】
根据改变物体的内能的两种方式——做功和热传递可知，将人体埋在沙子里，人体吸收热量后体温升高，内能增加，这是通过热传递的方式来改变人体内能的；沙子温度降低1℃放出的热量根据Q放＝c沙m△t可得：Q放＝0.92×103J/(kg▪m3)×10kg×1℃＝0.92×104J．
12、加热 121
【解析】
当开关S1、S2均闭合时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，由可知，电路的总功率最大，饮水机处于加热档；
则R1的阻值：；
吸收的热量：。
答案：加热；121Ω；。
13、小 相平 深度 大 大 不变 相等
【解析】
（1）液体压强计就是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大；
（2）压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的，若液体压强计漏气，U形管中的液面就不会变化；
（3）影响液体压强的因素有：液体的密度和浸入液体的深度，在探究与其中的一个因素时，就要控制另一个因素一定．
【详解】
（1）若压强计的气密性很差，用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，就会有漏气现象，因此U形管两边液柱的高度差变化小；调节好的压强计放在空气中时，橡皮膜不受液体的压强，因此U形管两边的液面应该相平．
（2）影响液体压强的因素有：液体的密度和浸入液体的深度，实验中没有控制金属盒浸入的深度相同，因此无法得出正确结论．
（3）液体密度相同时，压强与深度有关，金属盒离液面的距离越深，压强越大，U形管两边液柱的高度差就越大．
（4）同一深度，液体向各个方向的压强相等，因此金属盒距液面的距离相同时，只改变金属盒的方向，U形管两边液柱的高度差不变．
14、＜ = ＞ ＞
【解析】
完全相同的圆台形实心铁块甲和乙置于圆柱形容器A和B中，对容器底的压力为F=G，由于G甲=G乙，所以F压甲=F压乙，S甲＞S乙，由得到pA＜pB；
圆台形实心铁块甲和乙完全相同，将它们完全浸没在水中，排开液体的体积相同，根据F浮=ρ水gV排可知甲乙所受浮力的大小相等，即F甲=F乙；
当容器中注入相同质量的水，甲铁块浸在水中的体积较大，排开水的体积较大，甲容器中水的深度较大，根据p=ρgh可知水对甲容器底部的压强较大，即pA′＞pB′，根据F浮=ρ水gV排知甲受到的浮力大，即F甲′＞F乙′．
15、2.5V 3.5V
【解析】
一节新干电池的电压为1.5V，则4节串联使用时，提供的电压为1.5V×4＝6V，即U＝6V；
图中电压表与灯泡L2并联，是测量L2两端的电压，示数为3.5V，即U2＝3.5V；根据串联电路中的电压规律是：U＝U1+U2；得灯L1两端电压为：U1＝U﹣U2＝6V﹣3.5V＝2.5V；
16、1.8　　 、 上浮　 、 1.4
【解析】
根据阿基米德原理计算果受到的浮力为1.8N，由于苹果的浮力大于重力，所以松手后苹果将上浮，静止时苹果受平衡力，浮力的大小等于重力的大小所以静止时苹果受到的浮力为1.4N．
17、信息 传播过程中
【解析】
（1）声音即可传递信息，又可以传递能量；
（2）减弱噪声的途径：在声源处减弱；在传播的过程中；在人耳处减弱。
【详解】
上课铃响了，同学们迅速回到教室，这是利用声音可以传递信息。
上课时为了防止教室外面的声音干扰,关上门窗可以阻止噪声的传播，是在传播的过程中减弱噪声。

三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）
18、
【解析】
由图可知，当甲乙都为电流表时，电源短路；甲乙都为电压表时，只有灯泡L1接入电路，灯泡L2不发光；当甲为电压表、乙为电流表时，灯泡L2被短路，不发光；当甲为电流表、乙为电压表时，该电路为并联电路，电流表测量L2的电流，电压表测量支路两端的电压，两个灯泡都发光，如图所示：

19、
【解析】
由图知：小磁针的磁极为：左N、右S，那么根据磁极间的相互作用，可知螺线管的磁极为：左N、右S；则据安培定则可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，如下图所示：

20、串联 电流表 0.2A 240J
【解析】
由图知，R与R0串联，质量表与电阻串联，所以质量表由电流表改装；不称量物体时，R与R0串联，由电源电压和总电阻求出电流，再根据W＝求出电阻R消耗的电能．
【详解】
（1）由图知，R与R0串联，质量表与电阻串联：故为电流表；
（2）当开关S闭含，不称量物体时，R与R0串联，10Ω+20Ω=30Ω
此时电路中的电流为I===0.2A；
（3）R消耗的电能为：W==(0.2A)2Ω5240J
21、大气压 上升 上升 流速大的位置，压强小
【解析】
将A管插入装有水的杯中，用嘴衔住A管的上端能将水吸上来是因为吸水时，吸管内气压减小小于外界大气压，在大气压的作用下水被压入吸管；为了往B管中吹气还是吸气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体都会受到向上的压强大于向下的压强，液面上升；即后两个实验现象都说明：流速大的位置，压强小．
22、6V 2.5V 0.875W
【解析】
(1)由于电压表0∼15V量程损坏，无法测灯泡正常发光时灯泡电压，故实验电路不用电压表；实验电路由电源、开关、滑动变阻器、灯泡、电流表串联组成，如图所示：

判定小灯泡正常发光的理由：闭合开关，移动滑片P，使电流表的示数为0.25A，达到灯泡的额定电流，灯泡即可正常发光。
(2)刚闭合开关时，滑动变阻器全部阻值都接入电路，滑动变阻器上的电压U滑=IR滑=0.2A×20Ω=4V，电源电压U=U滑+UV=4V+2V=6V。
(3)灯泡正常发光时，由题意知电压表用的是小量程，由图可知，电压表的示数是2.5V。
则小灯泡两端的电压为U灯=6V2.5V=3.5V。小灯泡正常工作的电流为0.25A。
灯泡的额定功率P=U额I额=3.5V×0.25A=0.875W。

四、计算题（本大题包括2小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
23、（1）8.4X105J（2）1.2X106J（3）70%
【解析】
(1)根据比热容的定义，每千克水升高一摄氏度吸收热量已经知道了，那么5千克的水升高一摄氏度就乘以水的质量，那么有20摄氏度升高到60摄氏度，也就是升高了40摄氏度，就需要再乘以升高的度数了．

(2) 电热水器消耗的电能，我们需要知道功率，知道时间，而却要注意单位的换算，如果功率单位为KW那么时间单位就取h，结果就是度．如果功率是W，时间单位就要换算成秒，20分钟也就是1200秒．电能的单位就是焦耳．

(3)水吸收的热量和消耗的电能已经有前面计算处理，需要提醒的是单位，因为水吸收的热量单位是焦耳，而计算的电能如果单位是度也就是千瓦时的话要换算成焦耳，即相同的单位才能比，一千瓦时等于3600000焦耳．

24、（1）4.2A；（2）55Ω；（3）745.2W
【解析】
（1）电热饮水机正常工作时，在加热状态下的总电流：

（2）加热状态时通过R2的电流：

加热状态时通过R1的电流：

由欧姆定律知R1的电阻：
；
（3）当实际电压只有198V时，这个电热饮水机加热的实际功率：
:
答：（1）这个电热饮水机正常工作时，在加热状态下的总电流大约是4.2A；
（2）若电阻R2的阻值为1210Ω，则电阻R1的阻值为55Ω
（3）当实际电压只有198V时，这个电热饮水机加热的实际功率是745.2W．