山东省泰安市第一中学2026届物理高一上期末学业水平测试模拟试题含解析.doc

山东省泰安市第一中学2026届物理高一上期末学业水平测试模拟试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、“空手把锄头，步行骑水牛，人从桥上过，桥流水不流．”是《中国诗词大会》某期节目里选用的古诗，从物理学的角度看，其中“桥流水不流”所选择的参考系是：（   ）
A.牛 B.水
C.桥 D.人
2、牛顿第二定律的表达式中，包含几个矢量（　　）
A.1个 B.2个
C.3个 D.没有矢量
3、如图所示，ad、bd、cd 是竖直面内三根固定的光滑细杆，每根上套着一个小滑环（ 图中未画出），三个滑环分别从 a、b、c 处释放（初速为 0），用 t1 、t2、t3依次表示各滑环到达 d 所用的时间，则（ ）

A.
B.
C.
D.
4、A、B两个物体从同一地点沿同一直线做匀变速直线运动，它们的v—t图象如图所示，则（ 　）

A.A、B两物体加速度相同
B.t=4s时，A、B两物体相遇
C.t =2s时，A、B两物体运动方向相反
D.在相遇前，A、B两物体最远距离20m
5、2018年10月1日，厦门市图书馆集美新馆面向公众开放．小明准备从家中自驾去集美新馆借书，导航软件提供了三种行车方案，如图所示．方案一：29分钟，公里；方案二：31分钟，公里；方案三：35分钟，公里．下列说法正确的是　　

A.在研究行车方案时，不能把车看成质点
B.三种方案中的公里、公里、公里均指位移
C.三种方案中的29分钟、31分钟、35分钟均指时刻
D.方案一的平均速度最大
6、如图所示，弹簧测力计外壳质量为，弹簧及挂钩的质量忽略不计，挂钩吊着一质量为的重物，现用一竖直向上的拉力拉着弹簧测力计，使其向上做匀加速直线运动，弹簧测力计的读数为，则拉力大小为（ ）

A. B.
C. D.
7、一质点向东做匀变速直线运动，其位移表达式为s=(10t-t2)m，则
A.质点先向东做匀减速直线运动，后向西做匀加速直线运动
B.质点的加速度大小是1m/s2
C.质点的加速度大小是2m/s2
D.在12s末，质点在出发点以西24m处
8、下列说法正确的是（　　）
A.讲桌上的粉笔盒受到支持力的原因是讲桌发生了形变
B.规则形状的物体，其重心一定在物体的几何中心
C.两个相互接触的物体之间，不一定有弹力的作用
D.多个分力可以合成为一个力，但一个力只能分解为两个分力
9、一个半圆柱体放在水平面上，一个质量为M的光滑球，放在半圆柱体上，右边用一个光滑竖直挡板挡住，光滑球处于静止状态。如图所示。若缓慢向右移动竖直挡板，半圆柱体始终处于静止。在光滑球落地前的过程中，关于几个力的变化其中说法正确的是

A.半圆柱体对光滑球的支持力变大
B.光滑球所受的合力变大
C.水平面给半圆柱体的摩擦力变大
D.水平面对半圆柱体支持力变大
10、下列物理量中，属于矢量的是（　　）
A.位移 B.速率
C.时间 D.加速度
11、如图所示，一小球自空中自由落下，与正下方的直立轻质弹簧接触，直至速度为零的过程中，关于小球运动状态的下列几种描述中，正确的是( )

A.接触后，小球作减速运动，加速度的绝对值越来越大，速度越来越小，最后等于零
B.接触后，小球先做加速运动，后做减速运动，其速度先增加后减小直到为零
C.接触后，速度为零的地方就是弹簧被压缩最大之处，加速度为零的地方也是弹簧被压缩最大之处
D.接触后，小球速度最大的地方就是加速度等于零的地方
12、在离地面h=15m高处，以v0=10m/s的速度同时竖直向上与向下抛出甲、乙两小球，不计空气阻力，小球落地后就不再弹起，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是(　　)
A.两小球落地时的速度相等 B.两小球落地的时间差为1s
C.乙球落地时甲球恰好运动到最高位置 D.t=2s时，两小球相距l5m
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图所示，下面游标卡尺的读数为_____mm。

14、在研究小球平抛运动的实验中，某同学记录了A、B、C三点(A不是拋出点)，建立了如图所示的坐标系，平抛轨迹上的三点坐标值：A点的坐标为(5，5)，B点的坐标为(15，20)，C点的坐标为(25 ，45)．取g=10m/s2则小球平拋的初速度为_____m/s ；小球抛出点的坐标x=______cm，y=______cm

15、在做“验证力的平行四边形定则”的实验时：
（1）下列叙述正确的是__________
A．同一次实验过程，结点的位置必须都拉到同一位置O点，不能随意变动
B．用两只弹簧测力计拉橡皮条时，应使两细绳之间的夹角总为90°，以便于算出合力的大小
C．力的夹角越大越好
D．必须使分力与合力在同一平面内
（2）如果实验情况如图①所示，其中A为固定橡皮条图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳．图②是在白纸上根据实验结果画出的图．图②中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是___________.

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，a、b是两个半径都为R的光滑小球，球的质量均为m，现将它们用长为2R的细绳连结在一起，在细绳的中点O处用一竖直向上的恒力F拉着两个小球一起向上做匀加速直线运动。在运动过程中，求：
(1)两球运动的加速度大小；
(2)OB段绳的拉力FB的大小；
(3)a球对b球压力FN的大小。

17、（10分）如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动.若保持F的大小不变，而方向与水平面成60°角，物块也恰好做匀速直线运动，求物块与桌面间的动摩擦因数

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】参考系是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系，用来做参考系的物体都是假定不动的，被研究的物体是运动还是静止，都是相对于参考系而言的
【详解】题中说桥流水不流，即假定水不动，则桥是流动的，所以水是参考系，故B项正确;故选B
【点睛】了解参考系的概念，知道运动的相对性
2、B
【解析】既有大小、又有方向的物理量是矢量，中m只有大小、没有方向，F、a既有大小、又有方向，因此中，包含2个矢量。选项B正确，ACD错误。
故选B。
3、D
【解析】对小滑环，受重力和支持力，将重力沿杆的方向和垂直杆的方向正交分解，根据牛顿第二定律得小滑环做初速为零的匀加速直线运动，加速度为 (为杆与竖直方向的夹角)，由图中的直角三角形可知，小滑环的位移，所以，与无关，即，故选项D正确，A、B、C错误
4、D
【解析】A．v—t图象的斜率表示加速度，由图可知两个物体的斜率不同，所以两物体的加速度不相同，故A错误；
B．两个物体从同一地点沿同一直线做匀变速直线运动。t=4s时，两物体速度相同，但位移不相同，没有相遇，故B错误；
C．v的正负表示运动方向，t =2s时，A、B两物体的v都是正的，说明二者运动方向相同，故C错误；
D．t=4s时，两物体速度相同，相距最远。由v—t图象下面的面积表示位移，可得此时二者的距离

故在相遇前，A、B两物体最远距离为20m，D正确。
故选D。
5、D
【解析】在研究行车方案时，不需要考虑车的大小，故可以看做质点，故A错误；三种方案中的公里、公里、公里均指运动轨迹的长度，是路程，故B错误；三种方案中的29分钟、31分钟、35分钟均指时间，故C错误；三种方案，位移相等，根据平均速度公式知，位移相等，时间越短，平均速度越大，故方案一的平均速度最大，故D正确．所以D正确，ABC错误
6、B
【解析】先对重物受力分析，运用牛顿第二定律列式求解加速度；再对弹簧秤和物体整体受力分析，运用牛顿第二定律列式求解拉力大小
【详解】对重物受力分析，受重力和弹簧拉力，运用牛顿第二定律，有F0-mg=ma，解得：

以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得：F-（m+m0）g=（m+m0）a
解得：
故选B
【点睛】本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答；注意整体法和隔离法的应用
7、ACD
【解析】ABC．将匀变速直线运动的位移时间关系公式对比可得：质点的初速度为10m/s，加速度大小是2m/s2，方向向西，则知质点先向东做匀减速直线运动，后向西做匀加速直线运动，故AC正确，B错误；
D．t=12s时，代入得

即质点在出发点以西24m处，故D正确。
故ACD。
8、AC
【解析】A．弹力的产生原因一定是施力物体发生形变，则讲桌上的粉笔盒受到支持力的原因是讲桌发生了形变，故A正确；
B．只有质量分布均匀，规则形状的物体，其重心才在物体的几何中心上，故B错误；
C．两物体相互接触但如果没有弹性形变则不会产生弹力作用，故C正确；
D．一个力如果没有分力条件限制，则可以分解为无数对分力，故D错误。
故选AC。
9、AC
【解析】A.先对球受力分析，受重力和两个支持力，其中半圆柱体的支持力与竖直方向的夹角逐渐变大，如图所示：

由图，墙壁支持力和半圆柱体的支持力均变大，故A正确；
B.球保持静止，合力为零，保持不变，故B错误；
CD.球整体分析，受重力、地面支持力、墙壁支持力和地面的静摩擦力，根据平衡条件，有：
f=N1
N=（M+m）g
故地面支持力不变，地面施加的摩擦力变大，故C正确D错误；
10、AD
【解析】移和加速度都是既有大小又有方向的矢量；而时间和速率都是只有大小没有方向的标量．故AD正确，BC错误
11、BD
【解析】从小球下落到与弹簧接触开始，一直到小球速度为零的过程中，小球受竖直向下的重力和弹簧对小球竖直向上的弹力
开始时弹簧的弹力小于重力，小球受到的合力向下，加速度向下，速度也向下，做加速运动；随着弹簧压缩量的增大，弹簧弹力增大，合力越来越小，加速度越来越小，做加速度减小的加速运动
当弹簧弹力等于小球重力时，合力为零，加速度为零，速度达到最大值
之后弹簧弹力大于小球重力，合力向上，加速度向上，速度向下，做减速运动；随着弹簧压缩量的增大，弹簧弹力增大，合力越来越大，加速度越来越大，做加速度增大的减速运动直至速度为零到达压缩最大之处
综上，BD项正确
12、ACD
【解析】甲球做竖直上抛运动，乙球做竖直下抛运动，根据机械能守恒定律求落地时速率关系；由位移公式求落地时间；根据乙球的运动时间，分析甲球的位置，并由位移公式求出t=2s时两者间的距离。
【详解】A．甲、乙两小球抛出时速率相等，机械能相等．由于不计空气阻力，所以两球运动过程中机械能都守恒，则落地时机械能也相等，落地时的速度必定相等，故A正确；
B．落地时，对于甲、乙两球，取竖直向上为正方向，有

解得
，
所以两小球落地的时间差为2s，故B正确；
C．甲球上升的时间为

所以乙球落地时甲球恰好运动动最高点，故C正确；
D．t=2s时，甲球的位移为

乙球已落地并不再弹起，所以t=2s时，两小球相距15m，故D正确。
故选ACD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、50
【解析】游标卡尺的主尺读数为6mm，游标尺上第5个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标尺读数为
02×25mm=0.50mm
所以最终读数为：主尺读数+游标尺读数为
6mm+050mm=6.50mm
14、 ①.1 ②.-5 ③.0
【解析】[1]在竖直方向上△y=gT2，则

则初速度

[2][3] B点竖直方向上的分速度为

则运动到B点的时间

已运动的水平位移

所以平抛运动的初位置的横坐标为
15-0.2m=-0.05m=-5cm
竖直位移

纵坐标为
2-0.2m=0cm
15、 ①.AD; ②. ;
【解析】(1)[1]A．在同一组数据中，只有当橡皮条节点O的位置不发生变化时，两个力的作用效果和一个力的作用效果才相同，才可以验证平行四边形定则;故A正确.
B．弹簧测力计拉细线时，两细绳之间的夹角不一定为90°故B错误；
C．为了减小实验的误差，两个分力的夹角不能太小，也不能太大;故C错误.
D．为了使合力与分力的效果相同，必须使分力与合力在同一平面内;故D正确
故选AD.
(2)[2]F1与F2合力的实验值是指通过实验得到值，即用一个弹簧拉绳套时测得的力的大小和方向，而理论值（实际值）是指通过平行四边形得出的值，故F′是力F1与F2合力的实验值，其方向一定沿AO方向.

三．计算题(22分)
16、 (1)－g(2)(3)
【解析】(1)对整体应用牛顿第二定律
F-2mg＝2ma
解得
a=-g
(2)分析b球受力
FBcos-mg=ma
解得
FB=
(3)与F垂直方向球b受力平衡：
FN -FBsin=0
解得
FN =

17、
【解析】F水平时根据水平方向的平衡条件得到：
F= μmg
当保持F的大小不变，而方向与水平方向成角时，物块也恰好做匀速直线运动，
则根据平衡条件有：

联立计算得出：