2025-2026学年吉林汪清县第六中学物理高一第一学期期末质量跟踪监视模拟试题含解析.doc

2025-2026学年吉林汪清县第六中学物理高一第一学期期末质量跟踪监视模拟试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图甲所示，定值电阻R1＝3 Ω，R2＝2 Ω，滑动变阻器RP的最大电阻为10 Ω，电表均视为理想电表，调节RP记录多组U，I数据，画出了如图乙所示的U­I图像，下列说法正确的是(　 　)

A.当滑动变阻器由中点向右移动时，滑动变阻器上功率先增加后减小
B.当滑动变阻器的电阻为10 Ω时，滑动变阻器的功率最大
C.当滑动变阻器的电阻为4 Ω时，电源的效率最大
D.电源的最大功率为2.25 W
2、汽车以10m/s的速度在马路上匀速行驶，驾驶员发现正前方15m处的斑马线上有行人，于是刹车礼让汽车恰好停在斑马线前，假设驾驶员反应时间为0.5s．汽车运动的图如图所示，则汽车的加速度大小为

A. B.
C. D.
3、如图所示，把重为G物体通过细绳OA、OB拴在半圆支架MN上，开始时，OA与竖直方向成37º角，OB与OA垂直，已知，则下列说法正确的是（）

A.此时细绳OA的拉力为0.6G
B.此时细绳OB的拉力为0.8G
C.保持OA不动，沿圆弧NC缓慢上移B点，OB绳拉力变大
D.保持OB不动，沿圆弧CM缓慢下移A点，OA绳拉力变小
4、如图所示是A、B两质点从同一地点运动的x-t图象，则下列说法正确是（　　）

A.A质点做匀加速直线运动
B.A、B两质点在8s末相遇
C.B质点前4s做减速运动，4秒后做加速运动
D.B质点先沿负方向做直线运动，后沿正方向做直线运动
5、如图所示为一竖直放置的棋盘，该棋盘具有磁性，每个棋子均可视为能被棋盘吸引的相同质量的小磁体．对于静止在棋盘上的某颗棋子，下列说法正确的是( )

A.受三个力作用
B.所受的摩擦力是个定值
C.棋盘对棋子的作用力大于棋子对棋盘的作用力
D.只要磁力足够大，即使棋盘光滑，棋子也能静止在棋盘上
6、两个大小相等的共点力F1、F2，当它们间的夹角为90°时合力大小为20N；则当它们间夹角为120°时，合力的大小为（　　）
A.40 N B.10N
C.20N D.10N
7、如图所示,质量均为的物体A、B叠放在粗糙水平面上保持静止，B与A之间、A与水平面之间的动摩擦因数分别为滑轮及细绳质量不计最大静摩擦力等于滑动摩擦力，某时刻起滑轮受到随时间均匀增大的水平拉力的作用。则下列说法中正确的是（　　）

A.B所受的摩擦力方向一定向左
B.B所受的摩擦力方向可能向右
C.当时，A、B均静止
D.若不论水平力F有多大，物体A、B间都不会相对滑动
8、一物体做竖直上抛运动(不计空气阻力)，初速度为30m/s，当物体的位移为25m时，经历的时间为(g取10 m/s2)(　　)
A.1 s B.2 s
C.5 s D.3 s
9、如图，物块a、b和c的质量相同，a和固定点O、b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S2相连，a和b之间通过细线连接。整个系统处于静止状态。现将细线剪断，将剪断后瞬时物块a、b和c的加速度的大小记为a1、a2和a3，S1和S2相对于原长的伸长量分别记为Δl1和Δl2，重力加速度大小为g，则剪断细线后瞬间（　　）

A.a1=2g B.a2=2g
C.a3=g D.l1=l2
10、下列说法正确的是（　　）
A.重力总是垂直地面向下
B.质量均匀分布、形状规则的物体的重心可能在物体上，也可能在物体外
C.木块放在水平桌面上受到一个向上的弹力，这是由于木块发生微小形变而产生的
D.静止的物体可以受到滑动摩擦力
11、如图所示，水平地面上的物体A，在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速运动，则下列说法中正确的是（ ）

A.物体A可能只受到三个力的作用
B.物体A一定受到四个力的作用
C.物体A受到的滑动摩擦力大小为Fcos θ
D.物体A对水平面的压力大小一定为Fsin θ
12、如图所示，用一段绳子把轻质小滑轮吊装在A点，一根轻绳跨过滑轮，绳的一端拴在井中的水桶上，人用力拉绳的另一端，滑轮中心为O点，人所拉绳子与OA的夹角为，拉水桶的绳子与OA的夹角为。人拉绳沿水平面向左运动，把井中质量为m的水桶缓慢匀速提上来，人的质量为M，重力加速度为g，在此过程中，以下说法正确的是（　　）

A.始终等于
B.吊装滑轮的绳子上的拉力逐渐变大
C.地面对人的摩擦力逐渐变大
D.地面对人的支持力逐渐变小
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图所示，A、B两个物体间用最大张力为100N的轻绳相连，mA=4kg，mB=8kg，在拉力F的作用下向上加速运动，为使轻绳不被拉断，F的最大值是多少?（画出受力分析图）（g取10m/s2）

14、利用图1中的装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验中，小车的总质量为M，悬挂钩码的总质量为m，实验所用交流电源的频率为50Hz

（1）一组同学实验中以下做法正确的是_________________
A．平衡摩擦力时，应将钩码用细绳通过定滑轮系在小车上；
B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力；
C．小车运动的加速度可用悬挂钩码的总质量m与小车的总质量M，直接用公式a=mg/M求出；
D．当m与M的大小关系满足m＜＜M时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于钩码的总重力
（2）保持小车的总质量M不变，测得小车的加速度a和拉力F的数据如表格所示，其中拉力F=0.40N时对应的纸带为图2，则打B点时小车的速度vB=_______m/s，小车运动的加速度a= ______m/s2．（均保留两位有效数字）
（3）根据表格数据，在图3坐标纸上作出a-F图象_______
（4）根据所作图线，可以求出实验中小车的总质量M= ______kg．（保留两位有效数字）
15、在“用DIS研究小车加速度与所受合外力的关系”实验中时，甲、乙两组分别用如图A、B所示的实验装置实验，重物通过细线跨过滑轮拉相同质量小车，位移传感器B随小车一起沿水平轨道运动，位移传感器A固定在轨道一端．甲组实验中把重物的重力作为拉力F，乙组直接用力传感器测得拉力F，改变重物的重力重复实验多次，记录多组数据，并画出a–F图象

（1）位移传感器B属于_______________．（填“发射器”或“接收器”）
（2）甲组实验把重物的重力作为拉力F的条件是__________________
（3）图C中符合甲组同学做出的实验图象的是____；符合乙组同学做出的实验图象的是________
三．计算题(22分)
16、（12分）商场工作人员拉着质量m=20kg的木箱沿水平地面运动．若用F1=100的水平力拉木箱，木箱恰好做匀速直线运动；现改用F2=150N、与水平方向成53∘斜向上的拉力作用于静止的木箱上，如图所示．已知sin53∘=0.8，cos53∘=0.60，取重力加速度g=10m/s2．求：

（1）木箱与地面之间的动摩擦因数；
（2）F2作用在木箱上时，木箱运动的加速度大小；
（3）F2作用在木箱上4.0s时间内木箱移动的距离
17、（10分）如图所示，质量为和质量为可视为质点的两物块相距一起静止在足够长且量为的水平木板上，已知与木板之间的动摩擦因数均为木板与水平面之间的动摩擦因数为时刻同时让分别以的初速度沿木板水平向右运动，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取求:

(1)时刻，与的加速度大小；
(2)若与不相碰，与间距的最小值；
(3)在水平面滑行的位移
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】把滑动变阻器看作负载，将其余部分等效为一个电动势大小为3.0V的新电源，当通过R1的电流为0.3A时，通过R2电流为．可得等效电源的内阻为：．代入数据解得：r=2.8Ω．Rp的最大电阻为10Ω，故滑片由中点向右滑动时，功率逐渐减小，故A错误；滑动变阻器的电阻等于等效电源的内阻4Ω时，功率最大，故B错误；电源的效率．当外电阻越大，效率越大，所以当滑动变阻器的电阻为10Ω时，电源的效率最大，故C错误；当整个回路电阻最小时，电路的电流最大，电源的功率最大为，故D正确
2、C
【解析】根据速度时间图像可以知道，在驾驶员反应时间内，汽车的位移为,所以汽车在减速阶段的位移 根据 可解得： 故C对；ABD错；
【点睛】驾驶员在发应时间内做匀速运动，根据图像可以求出匀速过程的位移，再利用求出运动过程中的加速度的大小
3、C
【解析】由于物体处于平衡状态，故有水平方向有：TAsin37°=TBsin53°；竖直方向有：TAcos37°+TBcos53°=G；联立以上两式可得：TA=0.8G；TB=0.6G，故AB错误．保持OA不动，沿圆弧NC缓慢上移B点，由图像可知，TB变大，TA减小，选项C正确；保持OB不动，沿圆弧缓慢下移A点时，TA与水平方向的夹角逐渐减小，而TB的方向保持不变，根据矢量三角形法则可知，由于开始时TA和TB垂直，故随A点的下移，TA逐渐增大．故D错误

4、C
【解析】图：斜率表示速度
【详解】A、质点斜率不变，速度不变，故A错；
B、纵坐标表示位置，故4s末，AB相遇，故B错；
C、斜率代表速度，从图像上可以看出：质点前4s做减速运动，秒后做加速运动,故C对；
D、质点先沿正方向做直线运动，后沿负方向做直线运动．故D错；
【点睛】图像的斜率表示速度大小，所以根据斜率可以知道物体运动的速度大小变化，从图像上可以直接看出物体的位置坐标，则可以知道何时相遇
5、B
【解析】A、小棋子受到重力G、棋盘面的吸引力F、弹力N和静摩擦力f，则棋子受到四个力的作用，故A错误；
B、棋盘对棋子的吸引力与棋盘面对棋子的弹力平衡，而静摩擦力与棋子的重力平衡，与磁力大小无关，所受的摩擦力是个定值，故B正确；
C、棋盘对棋子的作用力与棋子对棋盘的作用力，是一对相互作用力，大小总是相等，故C错误；
D、当时，棋子将下滑；因此当棋盘光滑，棋子不受摩擦力作用，故会下滑，故D错误；
故选B
【点睛】关键是对棋子进行受力分析，根据棋子的运动状态，结合平衡的条件分析棋盘面应选取的材料，并利用相互作用力，大小总是相等，从而即可求解
6、B
【解析】两个大小相等的共点力F1、F2，当它们间夹角为90°时，合力大小为20N，根据平行四边形定则求出分力的大小；当它们夹角为120°时，据平行四边形定则求出合力的大小
【详解】两个大小相等力之间的夹角为90°时，合力大小为20N，根据平行四边形定则作图，则．当它们夹角为120°时，根据平行四边形定则作图，则．故B项正确，ACD三项错误

7、AD
【解析】AB．当F较小时，两物体处于静止状态，此时B受到向右的细线的拉力作用，可知受到的静摩擦力向左；若F增大到一定值时，A相对地面滑动，此时若AB相对静止，则对整体有

对B有

解得

可知B受A的静摩擦力向左；假设AB产生相对滑动，且B相对A向左滑动，则B受摩擦力向右，则对A有

对B有

则由上述表达式可知
a2>a1
与假设相矛盾，可知B所受的摩擦力方向不可能向右。故A正确；B错误；
C．若AB均静止时，同时满足
，
故C错误；
D．若μ1=μ2=μ，则对A有

对B有

可知
a1=a2
即不论水平力F有多大，物体A、B间都不会相对滑动。故D正确。
故选AD。
8、AC
【解析】取竖直向上为正方向，竖直上抛运动可看作匀减速直线运动；当物体的末位置在抛出点上方时，位移为

由得

解得
或
当物体的末位置在抛出点下方时，位移为

由得

解得

故选AC。
9、AB
【解析】ABC．剪断前，对a、b、c分别受力分析如图所示

根据平衡条件，有

解得。因弹簧的弹力不能突变，绳子的弹力可以突变，绳子断时拉力立即为零，由牛顿第二定律得三个物体的加速度分别为

故AB正确，C错误；
D．绳子断后，弹簧伸长量不变，有

可知

故D错误。
故选AB。
10、BD
【解析】A．重力的方向总是竖直向下的，不一定是垂直地面，选项A错误；
B．质量均匀分布、形状规则的物体的重心可能在物体上，也可能在物体外，选项B正确；
C．木块放在水平桌面上受到一个向上的弹力，这是由于桌面发生微小形变而产生的，选项C错误；
D．静止的物体可以受到滑动摩擦力，例如物体沿水平地面滑动，静止的地面受到滑动摩擦力，选项D正确。
故选BD。
11、BC
【解析】受力分析时注意弹力和摩擦力一定在物体与其它物体接触面上进行分析，注意弹力、摩擦力产生的条件，在本题中将拉力按照作用效果正交分解后，结合运动情况和摩擦力和弹力的产生条件对木块受力分析，得出结论
【详解】A、B项：物体一定受重力，拉力F产生两个作用效果，水平向右拉木块，竖直向上拉木块，由于木块匀速直线运动，受力平衡，水平方向必有摩擦力与拉力的水平分量平衡，即一定有摩擦力，结合摩擦力的产生条件可知则必有支持力，因而物体一定受到四个力，故A错误，B正确；
C项：根据物体处于平衡状态可知，水平方向有：f=Fcosθ，故C正确；
D项：据物体处于平衡状态可知，竖直方向有：FN=mg-Fsinθ，故D错误
故应选：BC
【点睛】对物体受力分析通常要结合物体的运动情况，同时本题还要根据弹力和摩擦力的产生条件分析
12、AC
【解析】A．同一根绳子拉力相等，设为F，根据平衡条件可知，垂直于OA绳上的力平衡，则Fsinβ=Fsinα，则α始终等于β，故A正确；

B．把井中质量为m的水桶匀速提上来，桶受力平衡，则吊装滑轮的绳子上的拉力始终等于重力，保持不变，故B错误；
C．以人为研究对象进行受力分析如图所示，摩擦力f=Fcosθ，人在向左运动过程中，绳子拉力不变，但绳子与水平方向的夹角θ减小，绳子拉力在水平方向的分力增大，地面对人的摩擦力逐渐变大，故C正确；
D．对人在竖直方向根据平衡条件可得，地面对人的支持力N=mg-Fsinθ，人在向左运动过程中，绳子拉力不变，但绳子与水平方向的夹角θ减小，绳子拉力在竖直方向的分力减小，地面对人的支持力变大，故D错误；
故选AC

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、150N，
【解析】要使轻绳不被拉断，则绳的最大拉力：
，
先以B为研究对象，受力分析如图①所示，根据牛顿第二定律有：
，
再以A、B整体为对象，受力分析如图②所示，根据牛顿第二定律可得：
，
联立解得：
；

14、 ①.（1）BD ②.（2）0.17 ③.0.35±0.01 ④.（3）如图 ⑤.（4）0.97-1.0
【解析】（1）根据实验原理判断各选项的正误；（2）根据逐差法求解加速度，根据平均速度等于中间时刻的瞬时速度求解B点的速度；（3,4）根据描点法作出图象；a-F图线斜率表示质量的倒数，求出实验中小车的质量；
【详解】（1）平衡摩擦力时，不挂钩码，只让小车拖着纸带在木板上做匀速运动即可，选项A错误；每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力；选项B正确；小车运动的加速度是通过纸带上的点迹根据运动公式求解的，选项C错误；当m与M的大小关系满足m＜＜M时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于钩码的总重力，选项D正确；故选BD
（2）纸带上相邻两点间有5个时间间隔，则T=0.1s，则打B点时小车的速度，小车运动的加速度
（3）根据表格数据，作出a-F图象如图；

（4）根据，由图像可知：，则M=10kg.
【点睛】探究加速度与力、质量的关系实验时，要掌握好关键的实验步骤，例如为什么要平衡小车受到的摩擦力，若不平衡摩擦力、或平衡摩擦力不够、或过平衡摩擦力会出现什么结果；为什么要使得砝码的质量远小于小车的质量等等
15、 ①.发射器 ②.小车的质量远大于重物的质量 ③.② ④.①
【解析】（1）发射器是移动的，接收器是固定的，，所以B属于发射器
（2）操作中为了使绳子上的拉力等于小车所受外力大小，应该使小车与滑轮之间的细线与轨道平行；在该实验中实际是：mg=（M+m）a，要满足mg=Ma，应该使重物的总质量远小于小车的质量
（3）乙同学测得的力是绳子的拉力，故图像是一条直线，为①；而甲同学实验中只有当小车的质量远大于重物的质量时才满足，所以为②
考点：考查了用DIS研究小车加速度与所受合外力的关系”实验
点评：本题的难点在于图像的判断，实验装置虽然有所变动，但是实验原理、实验方法、操作细节等是一样的，故任何实验明确实验原理是解答实验的关键

三．计算题(22分)
16、（1）μ=0.5（2）a=2.5m/s2（3）s=20m
【解析】（1）由于木箱在水平拉力下匀速运动，根据牛顿第二定律，F1-μmg=0   
 解得：μ==0.5     
（2）将F2沿着水平与竖直方向分解，F2沿水平和竖直方向的分量分别为
   F2x=F2cos53°         F2y=F2sin53°      
木箱受到水平地面的支持力      FN=mg-F2y
根据牛顿第二定律，F2x-μFN=ma    
解得木箱运动的加速度大小为  a=2.5 m/s2      
（3）根据运动学公式，木箱的位移  x=at2=20m
【点睛】根据二力平衡求出摩擦力的大小，之后物体就是匀加速直线运动，由匀变速直线运动的规律求解即可
17、（1）a1=a2= 4m/s2，方向向左；aM=4m/s2，方向向右；（2）1.5m（3）2.5m
【解析】（1）由牛顿第二定律求出加速度，应用运动学公式求出两质点的位移，然后求出两质点间的初始距离
（2）由牛顿第二定律求出木板的加速度，然后由运动学公式求出M的位移
【详解】（1）根据题意知，m1、m2在木板上做减速运动，M在水平面上做加速运动，由牛顿定律得：
对m1：μ1m1g=m1a1
对m2：μ1m2g=m2a2
对M：μ1m1g+μ1m2g-μ2（m1+m2+M）g=MaM，
解得：a1=a2=μ1g=4m/s2，方向向左；aM=4m/s2，方向向右
（2）设经过t1，M与m2共速且为v，m1的速度为v3，
由运动学公式得：
对m1，速度：v3=v1-a1t1，
位移：x1＝t1，
对m2，速度：v=v2-a2t1，
位移：x2＝t1，
对M，速度：v=aMt1
位移：xM＝t1，
在t1时间内m1与m2的相对位移：△x1=x1-x2，
由题可知M与m2共速后它们相对静止，其加速度为a，由牛顿第二定律得：
μ1m1g-μ2（m1+m2+M）g=（M+m2）a，
解得：a=0，即：M与m2共速后一起匀速运动，
m1继续减速，设经过t2系统共速，其速度为v′，
由运动学知识，对m1有：v′=v3-a1t2，
位移：x1′＝t2，
对M和m2整体有：xM′=vt2，△x2=x1′-xM′，
由几何关系可得：d≥△x1+△x2，
代入数据解得：dm=1.5m；
（3）由题可知系统整体共速后一起减速直到静止，
由牛顿定律得：μ2(m1+m2+M)g＝(M+m1+m2)a′，
由运动学知识得：x″M＝，
M运动的位移为：x=xM+xM′+xM″，
代入数据解得：x=2.5m；
【点睛】本题考查了牛顿第二定律与运动学公式的应用，分析清楚物体受力情况与运动过程是解题的前提，注意关联物体之间的速度以及位移关系等，抓住临界状态，例如共速时刻