息烽县第一中学2025-2026学年物理高一上期末经典试题含解析.doc

息烽县第一中学2025-2026学年物理高一上期末经典试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、下列各组力作用在物体上,不可能使物体做匀速直线运动的是 ( )
A.1 N3 N,4 N B.2 N,5 N,5 N
C.3 N,7 N,9 N D.3 N,5 N,9 N
2、如图所示,在竖直墙壁的A点处有一根水平轻杆a,杆的左端有一个轻滑轮O.一根细线上端固定在该天花板的B点处,细线跨过滑轮O,下端系一个重为G的物体,开始时BO段细线与天花板的夹角为θ=30°.系统保持静止,当轻杆a缓慢向下移动的过程中,不计一切摩擦,下列说法中正确的是（）

A.细线BO对天花板拉力没有变化
B.a杆对滑轮的作用力逐渐减小
C.a杆对滑轮的作用力的方向沿杆水平向右
D.墙壁对a杆的作用力不变
3、在光滑的桌面上放置一个轻弹簧秤，两位同学分别用100N的水平力拉弹簧秤的两端，测得弹簧伸长5cm，则弹簧秤的示数和弹簧的劲度系数分别为（　　）
A.示数200N，劲度系数1000N/m
B.示数200N，劲度系数2000N/m
C.示数100N，劲度系数1000N/m
D.示数100N，劲度系数2000N/m
4、一物体从离地面高处做自由落体运动，下落时的速率为v，则该物体落地时的速率为
A.v B.v
C.2v D.4v
5、2019年女排世界杯中，中国女排以十一场全胜的成绩第五次获得世界杯冠军，图中所示为朱婷在世界杯比赛中扣球时的照片。若忽略空气阻力，下列说法中正确的是

A.扣球时手对排球的作用力大于排球对手的作用力
B.排球离手后空中处于完全失重状态
C.排球离手后在空中处于超重状态
D.排球离手后做自由落体运动
6、关于重力，下列说法正确的是
A.自由下落的石块速度越来越大，说明石块所受的重力越来越大
B.抛出的石块轨迹是曲线，说明石块所受的重力方向在改变
C.物体所受重力大小和方向与物体运动的状态无关
D.物体所受重力作用于重心处，物体的其他部分不受重力作用
7、如图所示，在一个桌面上方有三个金属小球a、b、c，离桌面高度分别为h1：h2：h3=3：2：1，若先后顺次释放a、b、c，三球刚好同时落到桌面上，不计空气阻力，则（　　）

A.三者到达桌面时的速度之比是
B.三者运动时间之比为3：2：1
C.b与a开始下落的时间差小于c与b开始下落的时间差
D.b与a开始下落的时间差大于c与b开始下落的时间差
8、如图甲所示是网球发球机，某次室内训练时将发球机放在距地面一定的高度，然后向竖直墙面发射网球．假定网球以速度水平射出，碰到墙面时速度与水平方向夹角为，轨迹如图乙所示，若不考虑空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是（　　）

A.碰到墙面前，网球在空中运动时间为
B.碰到墙面前网球下降高度为
C.碰到墙面时，网球的速度大小为
D.网球发球机出球口与墙面间水平距离为
9、如图所示，光滑水平面上的甲、乙两个物体在水平恒力F1、F2作用下运动，若F1＜F2，则下述选项中正确的是（ ）

A.若撤去F1，则甲的加速度一定增大
B.若撤去F1，则甲对乙的作用力一定减少
C.若撤去F2，则乙的加速度一定增大
D.若撤去F2，则乙对甲的作用力一定减少
10、某人在t＝0时刻开始观察一个正在做匀加速直线运动的质点，现只测出该质点在第3s内和第7s内的位移，则下列说法正确的是（ ）
A.不能求出任意一秒内的位移
B.不能求出任一时刻的瞬时速度
C.能求出第3s末到第7s末这段时间内的位移
D.能求出质点运动的加速度
11、在一个已知力的分解中，下列情况具有唯一解的是(　　)
A.已知两个分力的方向，并且不在一条直线上 B.已知两个分力的大小
C.已知一个分力的大小和另一个分力的方向 D.已知一个分力的大小和方向
12、2018年第23届平昌冬奥会冰壶混双比赛循环赛在江陵冰壶中心进行，巴德鑫和王芮联袂出战以6比4击败美国队．如图为我国运动员巴德鑫推冰壶的情景，现把冰壶在水平面上的运动简化为匀加速或匀减速直线运动，冰壶可视为质点，运动员对冰壶的作用力可认为沿水平方向．设一质量的冰壶从运动员开始推到最终静止共用时．冰壶离开运动员的手后，运动了才停下来，冰壶与冰面间动摩擦因数为，重力加速度下列说法正确的是

A.冰壶在减速阶段的加速度大小为
B.冰壶在减速阶段的加速度大小为
C.运动员推冰壶的平均作用力大小为20N
D.运动员推冰壶的平均作用力大小为23N
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学利用打点计时器研究小车做匀变速直线运动的规律．如图所示是实验中得到的一条纸带，其中的A、B、C、D、E是按打点先后顺序依次选取的计数点，相邻计数点间的时间间隔，根据图中的数据计算，在打D点时小车的速度________m/s（保留两位有效数字）；小车的加速度_________m/s2（保留两位有效数字）。

14、某同学利用如图甲所示的装置做“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验
（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧．弹簧轴线和刻度尺都应在_____（选填“水平”或“竖直”）方向
（2）他通过实验得到如图乙所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线．由图线可得弹簧的原长x0=__　cm，劲度系数k=__N/m，他利用本实验原理把弹簧做成一把弹簧秤，当示数如图丙所示时，该弹簧伸长的长度△x=_____cm

15、一乘客在行驶的火车车厢里用细绳吊一小球做实验，用以判断火车运动的情况，并可得到如下结论：
（1）若小球在竖直方向保持静止，表明火车正在做_____运动；
（2）若在竖直方向保持静止的小球突然向后摆，表明火车正在做_____运动；
（3）若在竖直方向保持静止的小球突然向前摆，表明火车正在做_____运动；
（4）若在竖直方向保持静止的小球突然向右摆，表明火车正在做_____运动。
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，木板B在粗糙的水平面上向右运动，当其速度为v0=12m/s时将小木块A无初速度放在B右端。已知A、B的质量分别为mA=1kg，mB=2kg，重力加速度g=10m/s2，A、B之间的动摩擦因数为μ1=0.1，B与地面之间的动摩擦因数为μ2=0.3。求：
(1)小木块A刚放在木板B上时，A、B的加速度大小各多大；
(2)小木块A的最大速度的大小；
(3)小木块A最终停止的位置距木板右端的距离。

17、（10分）2017年5月5曰,我国自主研制中型客机C919在上海浦东机场成功首飞．设飞机的总质量，返回机场着陆，在平直跑道上匀减速滑行了x= 1200m停下来，用时t=40s．求：
（1）飞机着陆时的速度大小v；
（2）飞机滑行的加速度大小a；
（3）飞机滑行受到的合力大小F
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】三力中某两个力的合力|F1-F2|≤F1、2合≤F1+F2，若另一个力F3的大小在F1、2合的取值范围内，则这三个力的合力可能为零，物体就可能做匀速直线运动，处于平衡状态．1 N与3 N的合力：2N≤F1、2合≤4N，F3=4N，可以匀速直线运动，故A错误．2 N与5 N的合力：3N≤F1、2合≤7N，F3=5N，可以匀速直线运动，故B错误．3N与7 N的合力：4N≤F1、2合≤10N，F3=9N，可以匀速直线运动，故C错误．3N与5N的合力：2N≤F1、2合≤8N，F3=9N，不可以匀速直线运动，故D正确．故选D
【点睛】熟悉三个力合力最小值的判定方法，熟悉平衡条件的推论即其应用，本题重点考查合力大小的计算，在方向未知的情况下找出两个力合成的最大值和最小值
2、B
【解析】当轻杆a缓慢向下移动过程中，BO段细线与天花板的夹角θ增大，细线的拉力大小不变，根据方向判断细线BO对天花板的拉力是否变化．a杆对滑轮的作用力与两细线拉力的合力大小相等．当两细线夹角增大时，它们的合力减小，则知a杆对滑轮的作用力逐渐减小
【详解】当轻杆a缓慢向下移动的过程中，细线的拉力大小始终等于物体的重力G，保持不变，但由于θ增大，所以细线BO对天花板的拉力方向发生改变，所以此拉力是变化的．故A错误

两细线拉力大小不变，夹角增大，由它们的合力减小，根据滑轮平衡可知，a杆对滑轮的作用力与两细线的合力大小相等、方向相反，所以a杆对滑轮的作用力逐渐减小．故B正确．a杆对滑轮的作用力F的方向沿两夹平分线斜向右上方，如图．故C错误．a杆对滑轮的作用力逐渐减小，则滑轮对a杆的作用力逐渐减小，而a杆保持平衡，重力不计，则墙壁对a杆的作用力也逐渐减小．故D错误．故选B
3、D
【解析】弹簧测力计的读数F=100N，伸长的长度
x=5cm=0.05m
由胡克定律
F=kx
得

故选D。
4、C
【解析】物体做的是自由落体运动，根据自由落体的位移公式可以求得.
【详解】物体做的是自由落体运动，由速度—位移关系可得，对全程；联立可得：；故选C.
【点睛】对匀变速直线运动的规律重在如何选择三个速度公式和四个位移公式.
5、B
【解析】A．扣球时手对排球的作用力和排球对手的作用力是一对相互作用力，等大反向，A错误；
BC．排球离手后在空中，若忽略空气阻力，则只受重力作用，加速度竖直向下，大小等于g，处于完全失重状态，B正确C错误；
D．自由落体运动的初速度为零，而排球离开手后，初速度不为零，做抛体运动，不是自由落体运动，D错误；
故选B。
6、C
【解析】（1）在地球附近，由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，重力的方向总是竖直向下的；
（2）地球附近的一切物体都受到重力的作用；重力的大小和方向与物体的运动状态无关
【详解】自由落体的运动中物体只受重力，只所以速度越来越快是因为物体加速度恒定，物体做加速运动，故A错误；石块在空中只受重力，大小方向均不发生变化，故B错误；物体受到的重力的大小和方和均与物体的运动状态无关，故C正确；物体各部分均受重力，重心是物体各部分受到重力的等效作用点，并不是重力集中于该点；故D错误；故选C
【点睛】本题考查重力的性质，要注意重力是由于地球的吸引而产生的力，与物体的运动状态无关．同时明确重心的定义，不能认为物体除重心外其他地方不受重力作用
7、AC
【解析】三个小球均做自由落体运动，则由自由落体的运动规律得出通式，则可求得各项比值；
【详解】A、设，则由，得：，得到达桌面时的速度之比：，故A正确；
B、由得三者运动时间之比：，故B错误；
C、b与a开始下落时间差为：
c与b开始下落时间差为：，故，故C正确，D错误
【点睛】自由落体运动由于是初速度为零的匀加速直线运动，在公式应用中有一定的便利，故一般会在过程上有些复杂，解题时要注意过程的分析
8、CD
【解析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出落地的竖直分速度，结合平行四边形定则求出小球的初速度和着地的速度.本题中要注意水平射程是不变的，故速度越大，时间越短.
【详解】A、小球落地时沿竖直方向和水平方向上的分速度大小分别为，又：
联立可得：，故A错误；
B、小球下落得高度：故B错误；
C、小球落地时沿竖直方向的分速度大小为，小球的速度：故C正确；
D、网球发球机出球口与墙面间水平距离为：故D正确.
故选CD.
【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，注意两个方向上物体的运动性质不同，但时间相同，结合平行四边形定则进行求解即可.
9、ABD
【解析】撤去作用力之前，由牛顿第二定律
对整体：a=①
对乙：F2－F=m乙a，F= F2－m乙a ②
联立解得甲对乙的作用力F=③
由①知，若撤去F1，加速度一定增大，A正确；由②知，若撤去F1，甲对乙作用力一定减少，B正确；由①知，若撤去F2，由于F2－F1与F1的大小关系无法确定，所以乙的加速度不一定增大，故C错误；甲对乙的作用力与乙对甲的作用力是相互的，一定减少，故D正确．
10、CD
【解析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出质点的加速度，以及各秒内的位移．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出瞬时速度的大小，结合速度时间公式求出各个时刻的瞬时速度
【详解】因为连续相等时间内位移之差是一恒量，已知第3s内和第7s内的位移，则可以得出相邻相等时间内的位移之差，从而得出任意1s内的位移，以及第3s末到第7s末的位移，故A错误，C正确．根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，即x7−x3＝4aT2，可以求出加速度的大小，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出瞬时速度的大小，结合速度时间公式求出各个时刻的瞬时速度．故B错误，D正确．故选CD
【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷
11、AD
【解析】根据平行四边形定则可知，如果力的分解唯一的，则以合力F为邻边的平行四边形定则只有一个，或只能画出一个三角形，根据以上分析可知，已知一个力的大小和方向或已知两个力的方向，力F的分解是唯一的，故AD正确，BC错误
故选AD.
12、AD
【解析】根据牛顿第二定律求出冰壶在减速阶段的加速度大小.采用逆向思维，结合位移时间公式求出匀减速运动的时间，从而得出推冰壶的时间.根据速度位移公式求出匀加速运动的加速度，结合牛顿第二定律求出运动员推冰壶的平均作用力大小.
【详解】A、B、根据牛顿第二定律得，冰壶在减速阶段的加速度大小为：故A正确，B错误；
C、D、采用逆向思维，设减速运动的时间为，则：，解得：，运动员推冰壶的时间为：，
匀减速运动的初速度为：，则推冰壶的平均加速度
根据牛顿第二定律得：，解得：故C错误，D正确；
故选AD.
【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁.

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.1.5 ②.5.0
【解析】[1]根据匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，可得打纸带上D点时小车的瞬时速度大小为

[2]根据逐差法可得，小车的加速度

14、 ①.（1）竖直； ②.（2）4； ③.50； ④.6；
【解析】（1）弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须与弹簧平行，故刻度尺要保持竖直状态；
（2）弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为4cm；弹簧弹力为2N时，弹簧的长度为8cm，伸长量为4cm；根据胡克定律F=k△x，有：；
由图丙得到弹簧的弹力为3N，依据胡克定律F=k△x，有；
15、 ①.匀速直线 ②.加速 ③.减速 ④.向左转弯
【解析】一乘客在行驶的火车车厢里用细绳吊一小球做实验。
（1）[1]若小球在竖直方向保持静止，小球受力平衡，小球与火车相对静止，表明火车正在做匀速直线运动。
（2）[2]若在竖直方向保持静止小球突然向后摆，说明火车的速度比小球的速度快了，表明火车正在做加速运动。
（3）[3]若在竖直方向保持静止的小球突然向前摆，说明火车的速度比小球的速度慢了，表明火车正在做减速运动。
（4）[4]若在竖直方向保持静止的小球突然向右摆，表明火车正在做向左转弯运动。

三．计算题(22分)
16、（1）1m/s2，5m/s2（2）2m/s（3）10.5m
【解析】（1）小木块A刚放在木板B上时，A的加速度

木板B：

解得

（2）物块A做匀加速运动，木板B做匀减速运动，当两者速度相等时A的速度最大，此时：

解得
t=2s
A的速度

（3）当两者共速时，A距离木板右端的距离为：

两者速度相等后AB将向右均做减速运动，此时A的加速度仍为

木板B：

解得

当B停止时的位移

当A停止时的位移

即木块A相对B向右滑动

则此时小木块A最终停止的位置距木板右端的距离
。
17、 (1)60m/s(2)(3)
【解析】（1）飞机着陆时做匀减速运动，根据位移等于平均速度与时间的乘积求飞机着陆时的速度大小v．（2）根据加速度的定义求飞机滑行的加速度大小a．（3）根据牛顿第二定律求飞机滑行受到的合力大小F
（1）根据匀变速直线运动的规律有：
解得：
（2）加速度大小
（3）由牛顿第二定律有：.