湖北省巴东三中2025年高一物理第一学期期末学业水平测试模拟试题含解析.doc

湖北省巴东三中2025年高一物理第一学期期末学业水平测试模拟试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，小孩在蹦床上沿竖直方向蹦跳，对其从最低点到离开床面的过程，下列说法正确的是（　　）

A.小孩一直处于超重状态 B.小孩一直处于失重状态
C.小孩会经历先超重后失重的过程 D.小孩刚离开蹦床时的速度最大
2、通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因"的科学家是
A.亚里士多德 B.伽利略
C.阿基米德 D.牛顿
3、以下说法正确的是
A.只有很小的物体才能被视为质点,很大的物体不能被视为质点
B.若以河岸为参考系,在顺水漂流的船上坐着的人是运动的
C.做直线运动的物体,其位移大小跟它在这段时间内通过的路程一定相等
D.一节课40分钟,40分钟指的是下课的时刻
4、如图所示，某宾馆大楼中的电梯下方固定有4根相同的竖直弹簧，其劲度系数均为k ．这是为了防止电梯在空中因缆绳断裂而造成生命危险．若缆绳断裂后，总质量为m的电梯下坠，4根弹簧同时着地而开始缓冲，电梯坠到最低点时加速度大小为 5g（g为重力加速度大小），下列说法正确的是

A.电梯坠到最低点时，每根弹簧的压缩长度为
B.电梯坠到最低点时，每根弹簧的压缩长度为
C.从弹簧着地开始至电梯下落到最低点的过程中，电梯先处于失重状态后处于超重状态
D.从弹簧着地开始至电梯下落到最低点的过程中，电梯始终处于失重状态
5、弹簧的原长为10 cm，它下面挂一个重为4 N的物体时，弹簧长为12 cm，在它下面挂一个重为6 N的物体时，弹簧的长度为(　　)
A.7 cm
B.3 cm
C 16 cm
D.13 cm
6、下列属于国际基本单位的是（　　）
A.克 B.千米
C.牛顿 D.秒
7、关于力与运动，下列说法中正确的是( )
A.做匀速直线运动的物体，一定不受任何外力作用
B.当物体的速度等于零时，一定不受到外力作用
C.当物体的运动状态改变时，物体一定受到外力作用
D.物体的运动方向不一定是物体所受合外力的方向
8、如图所示，质量均为m的木块A和B用一轻弹簧相连，竖直放在光滑的水平面上，木块A上放有质量为2m的木块C，三者均处于静止状态．现将木块C迅速移开，若重力加速度为g，则在木块C移开的瞬间

A.弹簧的形变量不改变
B.弹簧的弹力大小为mg
C.木块A的加速度大小为g
D.木块B对水平面的压力为4mg
9、如图所示，水平传送带在电机带动下以速度v0沿着逆时针方向匀速运动，一物块以初速度v滑上传送带的左端，在摩擦力的作用下，物体恰好到达传送带右端．则

A.若只增大v0，物块一定能到达传送带右端
B.若只增大v0，物块将不能到达传送带右端
C.若只将v0反向，物块可能先减速运动再匀速运动
D.若只将v0反向，物块可能一直减速到传送带右端
10、下列物理量中，属于矢量的是（　　）
A.位移 B.速率
C.时间 D.加速度
11、如图所示，在光滑水平桌面上放一质量为m乙=5 kg的盒子乙，乙内放置质量m丙=1 kg的滑块丙，用质量不计的细绳跨过光滑的定滑轮将一质量为m甲=2 kg 的物块甲与乙相连接，其中连接乙的细绳与水平桌面平行。现由静止释放物块甲，在以后的运动过程中，盒子乙与滑块丙之间没有相对运动，假设整个运动过程中盒子始终没有离开水平桌面，重力加速度g＝10 m/s2。则（ ）

A.细绳对盒子的拉力大小为20 N B.盒子的加速度大小为2.5 m/s2
C.盒子对滑块丙的摩擦力大小为2.5 N D.定滑轮受到细绳的作用力为30 N
12、如图所示，物体B的上表面水平，当A、B相对静止沿斜面匀速下滑时，斜面保持静止不动，则下列判断正确的是（　　）

A.物体B的上表面一定是粗糙的
B.物体B、C都只受4个力作用
C.物体C受水平面的摩擦力方向一定水平向右
D.水平面对物体C的支持力等于三物体的重力大小之和
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验中，装置如图甲所示，实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在弹簧的下端，每次测出相应的弹簧总长度

(1)某同学通过以上测量后把6组数据描点在坐标图乙中，请作出F−L图线______；
(2)由此图线可得出该弹簧的原长L0=______cm，劲度系数k=______N/m.
14、某型号多用电表欧姆档的电路原理图如图甲所示．微安表是欧姆表表头，其满偏电流，内阻.电源电动势，内阻．电阻箱和电阻箱的阻值调节范围均为.

(1)甲图中的端应与___________（红或黑）表笔连接.
(2)某同学将图甲中的、端短接，为使微安表满偏，则应调节______Ω；然后在、端之间接入一电阻后发现微安表半偏，则接入的电阻阻值为_________Ω.
(3)如图乙所示，该同学将微安表与电阻箱并联，利用该电路图组装一个“×100倍率”的欧姆表，要求欧姆表的表盘刻度示意图如图丙所示，其中央刻度标“15”，则该同学应调节________Ω；用此欧姆表测量一个阻值约2000Ω的电阻，测量前应调节________Ω

15、在“探究加速度与力、质量的关系”实验中采用如图所示的装置

(1)实验装置如图所示，长木板右端下方有一个垫块，使长木板有一个倾角以平衡摩擦力.
关于平衡摩擦力的滑轮说法正确的有________
A．平衡摩擦力时，应将塑料桶及桶中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上
B．平衡摩擦力时，应将连接塑料桶和小车的轻绳及小车后的纸带都去掉
C．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力
D．每次改变小车的质量时，摩擦力的大小都发生了变化，必须要重新平衡摩擦力
(2)某同学保持塑料桶中砝码质量不变，改变小车的质量m，测得小车的加速度a，获得多组数据后作出了图象．该同学的作图方法和所用数据无误，他所作图象可能是下列四个选项中的_______

(3)如图所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带，取计数点A、B、C、D、E、F、G．纸带上两相邻计数点的时间间隔为T＝0.10s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为AB＝1.52cm，BC＝4.03cm，CD＝6.53cm，DE＝9.02cm，EF＝11.51cm，FG＝14.02cm，则小车运动的加速度大小a＝_______m/s2，打纸带上F点时小车的瞬时速度大小＝_______m/s.（结果均保留三位有效数字）

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，放在水平地面上的木板B长为1.2m，质量为M=1kg，B与地面间的动摩擦因数为μ1=0.1；一质量为m=2kg的小铅块A放在B的左端，A、B之间动摩擦因数为μ2=0.3刚开始A、B均处于静止状态，现使A获得3m/s向右的初速度(g=10m/s2)，求：

（1）A、B刚开始运动时的加速度；
（2）通过计算说明，A最终是否滑出B；
17、（10分）很多人开车时喜欢用智能手机的导航功能，于是一种“车载磁吸手机支架”受到人们的喜爱，如图甲所示，支架的吸盘具有磁性，会牢牢吸附固定手机。图乙是手机吸附在支架上的侧视示意图（支架相当于倾角为的斜面）。若手机质量，支架倾角，手机与支架接触面上的动摩擦因数，手机和支架均处于静止状态，支架和手机间的最大静摩擦力与滑动摩擦力近似相等。（，，g取）
(1)若没有磁吸力，通过计算说明，手机会不会滑下来；
(2)若二者间的磁吸力，求支架对手机的弹力和摩擦力的大小。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】ABC．开始小孩受到的弹力大于重力，向上加速，小孩处于超重状态；当小孩受到的弹力小于重力时，向上减速，小孩处于失重状态。小孩经历先超重后失重的过程，故AB错误，C正确；
D．当小孩所受弹力等于重力时，加速度为零，速度最大，故D错误。
故选C。
2、B
【解析】A．亚里士多德凭借生活现象提出“力是维持运动的原因”，故A错误；
B．伽利略由理想斜面实验得到“力不是维持物体运动的原因”，故B正确；
C．阿基米德确立了静力学和流体静力学的基本原理，给出许多求几何图形重心，包括由一抛物线和其网平行弦线所围成图形的重心的方法，阿基米德证明物体在液体中所受浮力等于它所排开液体的重量，故C错误；
D．牛顿结合伽利略和笛卡儿的成果提出了牛顿第一定律，故D错误。
故选B。
3、B
【解析】A．物体可以看成质点的条件是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，而不是看物体的绝对大小，很小的物体不一定能视为质点，很大的物体不一定不能视为质点，故A错误；
B．顺水漂流的船上坐着的人和船保持相对静止，以河岸为参考系时它们是运动的,故B正确；
C．物体只有做单向直线运动的位移大小才等于路程，故C错误；
D．一节课40分钟，40分钟指的是一节课的时间间隔，故D错误
4、C
【解析】AB．在最低点时，由牛顿第二定律

其中
a=5g
解得

故AB错误；
CD．从弹簧着地开始至电梯下落到最低点的过程中，重力先大于弹力，电梯向下先加速运动，当重力小于弹力时，电梯的加速度向上，电梯向下做减速运动，则电梯先处于失重状态后处于超重状态，选项C正确，D错误。
故选C。
5、D
【解析】根据胡克定律

4=
可得
N/m
在它下面挂一个重为6N的物体时
cm
因此弹簧的长度：
cm
D正确，ABC错误
故选D。
6、D
【解析】A．克是常用基本单位，但不是国际制基本单位，故A不符合题意；
B．千米是常用基本单位，但不是国际制基本单位，故B不符合题意；
C．牛顿是导出单位，不是国际基本单位，故C不符合题意；
D．秒是国际单位中的基本单位，故D符合题意。
故选D。
7、CD
【解析】A.做匀速直线运动的物体，可能不受任何外力作用，也可能受到合力为零的外力作用，选项A错误；
B.当物体的速度等于零时，也可能受到外力作用，例如做自由落体运动的物体刚刚释放时，选项B错误；
C.根据牛顿第一定律可知，当物体的运动状态改变时，物体一定受到外力作用，选项C正确；
D.物体的运动方向与合外力方向不一定相同，即速度方向不一定是物体所受合外力的方向，选项D正确
8、AD
【解析】A.由于弹簧弹力属于渐变，所以撤去C瞬间，弹簧的形变量不变，故A正确；
B.开始整体处于平衡状态，弹簧的弹力等于A和C的重力，即F=3mg，撤去C的瞬间，弹簧的形变量不变，弹簧的弹力不变，仍为3mg，故B错误；
C.撤去C瞬间，弹力不变，A的合力等于C的重力，对木块A，由牛顿第二定律得：
2mg=ma，
解得：
a=2g
方向竖直向上，故C错误；
D.撤去C的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为3mg，对B，由平衡条件得：
F+mg=N，
解得：
N=4mg
木块B对水平面的压力为4mg，故D正确．
9、AC
【解析】水平传送带静止时，一个小物块A以某一水平初速度从传送带左端冲上传送带，做匀减速直线运动；若皮带轮逆时针方向转动，一个小物块A以某一水平初速度从传送带左端冲上传送带，仍然做匀减速直线运动；若皮带轮顺时针方向转动，传送带的速度小于A的初速度，知A滑上传送带先做匀减速直线运动
【详解】设传送带长度为L，物块与传送带间的动摩擦因数为，由题意可知，

A、B项：若只增大v0，由可知，物块一定能到达传送带右端，故A正确，B错误；
C、D项：若只将v0反向即与物块初速度方向相同，如果，物块先匀减速，减速到与传送带速度相同时还没有到达传送带右端，则后匀速运动，故C正确，D错误
故选AC
【点睛】解决本题的关键分析出物体相对运动的方向，得出摩擦力的方向，从而知道加速度的方向，根据加速度方向与速度方向的关系判断物体的运动情况
10、AD
【解析】移和加速度都是既有大小又有方向的矢量；而时间和速率都是只有大小没有方向的标量．故AD正确，BC错误
11、BC
【解析】AB．以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得

解得整体的加速度为：

以乙和丙整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得绳子的拉力大小为

故A错误、B正确；
C．以丙为研究对象，根据牛顿第二定律可得盒子对滑块丙的摩擦力大小为

故C正确；
D．定滑轮受到细绳的作用力为

故D错误。
故选BC
12、BD
【解析】A．物体A做匀速直线运动，加速度为零，故合力为零；物体A受重力和支持力，不受摩擦力(若有摩擦力，则不平衡)，所以B的上表面是否粗糙不能判定，故A错误；
CD．选取ABC的整体为研究的对象，AB匀速运动，C静止，加速度为零，故合力为零；受重力和支持力，C不受的地面的摩擦力(若有摩擦力，则不平衡)；在竖直方向受重力和支持力，所以水平面对物体C的支持力等于三物体的重力大小之和，故C错误，D正确；
B．对AB整体受力分析，受重力、支持力和滑动摩擦力，三力平衡，整体受到摩擦力作用于B上，所以物体B受到重力、A对B的压力、C对B的支持力和摩擦力，对C分析可知，C受到重力、地面对它的支持力、B对C的压力和摩擦力4个力作用，故B正确。
故选BD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①. ②.5 ③.25
【解析】（1）根据实验数据在坐标纸上描出点，基本上在同一条直线上．可以判定F和L间是一次函数关系．画一条直线，使尽可能多的点落在这条直线上，不在直线上的点均匀地分布在直线两侧，如图：

（2）图线与坐标轴交点表示弹簧所受弹力大小F=0时弹簧的长度，即弹簧的原长：5cm
图线的斜率表示弹簧的劲度系数：
14、 ①.红 ②.2049 ③.3000 ④.950 ⑤.1024
【解析】(1)根据对多用电表结构的掌握分析答题；
(2)根据闭合电路欧姆定律分析答题；
(3)根据电路图应用闭合电路欧姆定律求出改装欧姆表的表达式，利用电流表的改装原理求解并联电阻
【详解】(1)根据万用表的流向和偏转规律可知电流从红表笔进黑表笔出向右偏，则a端接红表笔.
(2)欧姆调零时根据闭合电路的欧姆定律，解得：；当接入Rx后，电流为满偏的一半，则，可得.
(3)因欧姆表的中央刻度为15，倍率为“×100”，则欧姆表的内阻，故调零时的满偏电流为，表头和R2并联改装为电流表，由并联分流电压相等，解得;改装后的欧姆表需要进行欧姆调零，则，解得：.
【点睛】欧姆表刻度盘中央刻度值是中值电阻，欧姆表中值电阻阻值等于欧姆表内阻；知道欧姆表的工作原理即可正确解题
15、 ①.C ②.BD ③.2.50 ④.1.28
【解析】(1)实验前要平衡摩擦力，每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力；(2)应用图象法处理加速度与质量关系实验数据时，为了直观，应作图象；(3)做匀变速运动的物体在相邻的相等时间间隔内的位移之差等于定值aT2，据此可以求出纸带的加速度;根据平均速度等于中间时刻的瞬时速度求F点速度
【详解】(1)A、B、小车所受的摩擦力不可避免，平衡摩擦力的本质就是使小车的重力沿斜面方向的分力与小车所受的阻力相平衡，恰好平衡摩擦力时，小车拖动纸带，不给小车提供拉力，给小车一个初速度，小车做匀速直线运动，由打点计时器打出的纸带点迹间距应该是均匀的;故A、B均错误.
C、D、平衡摩擦力后满足，则改变质量后，依然平衡，不需要重新平衡摩擦力；故C正确，D错误.故选C.
(2)根据牛顿第二定律，则保持合外力不变，加速度与质量成比，而可知与成正比；故选BD.
(3)由匀加速直线运动的判别式，而六段连续相等时间的位移可由逐差法；利用匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的瞬时速度得：.
【点睛】处理图象问题要注意物理公式结合数学函数，能正确理解物理量的意义则很多问题将会迎刃而解．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚．数据处理时注意单位的换算和有效数字的保留

三．计算题(22分)
16、（1）aA=3m/s2水平向左；aB=3m/s2水平向右（2）没能滑出.
【解析】（1）根据牛顿第二定律分别求出A、B的加速度；
（2）当A、B的速度相同时，A不再相对于B运动，结合速度时间公式求出A在B上滑行的时间，通过位移关系求出A对B的位移大小，再求出相对位移大小；
【详解】（1）以A为研究对象，根据牛顿第二定律可得：，方向水平向左；
以B为研究对象，根据牛顿第二定律可得：aB＝＝3m/s2，方向水平向右；
（2）设A在B上滑动时间为t达到共同速度v=v0-aAt=aBt，
解得：t=0.5s，
所以v=aBt=1.5m/s，
A相对地面的位移：sA＝t＝1.125m，
B相对于地面的位移：sB＝t＝0.375m，
A相对于B的位移为：sA-sB=0.75m＜1.2m
所以A没有从B上滑出；
【点睛】对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁
17、 (1)手机会滑下来；(2)7.2N；1.6N
【解析】(1)以手机为研究对象，受力分析如图所示

沿斜面垂直斜面分解后可得

最大静摩擦力

带入数据可得

而

所以手机会滑下来。
(2)以手机为研究对象，受力分析如图所示

沿斜面垂直斜面分解后可得

解得

根据可得

故物体受到静摩擦力大小为1.6N。