甘肃省永昌四中2025年高一上物理期末调研模拟试题含解析.doc

甘肃省永昌四中2025年高一上物理期末调研模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、小滑块在一恒定拉力作用下沿水平面由静止开始做匀加速直线运动, 3秒末撤去恒定拉力，小滑块继续匀减速滑行6秒钟停下，问小滑块加速阶段的位移与减速阶段的位移大小之比是
A.1:1 B.1:2
C.1:3 D.3:1
2、下列仪器中，哪组可以测量国际单位制中三个力学基本单位所对应的物理量
A.量筒、天平、秒表
B.刻度尺、天平、秒表
C.刻度尺、弹簧秤、秒表
D.刻度尺、弹簧秤、光电门
3、如图所示，在水平桌面上放着一本书，书与桌面间的动摩擦因数为，现用一水平推力把书向桌沿推出直至翻倒掉下，书本从开始运动到翻倒的过程中，桌面对书的摩擦力

A.保持不变
B.逐渐减小到零
C.先增大后不变
D.先增大后减小
4、在下列与运动学相关的表述中，正确的是（　　）
A.研究芭蕾表演的舞姿时，可把演员看作质点
B.时间有方向，所以时间是矢量
C.在单向直线运动中位移的大小等于路程
D.平均速率就是平均速度的大小
5、如图所示为某物体的x-t图象，下列说法正确的是（　　）

A.在第1 s内物体的加速度是
B.从第2s至第3s内物体位移是3m
C.4s内通过的路程是4m，位移是
D.4s内物体的运动方向不变
6、如图所示为甲、乙两物体运动x—t图像，下列关于甲、乙两物体运动的说法，正确的是（　　）

A.甲、乙两个物体同时出发 B.甲、乙两个物体同一位置出发
C.甲的速度比乙的速度小 D.t2时刻两个物体速度相同
7、如图，小明站在电梯里的体重计上，电梯静止时，体重计的示数为500N．某段时间电梯运动时加速度的大小为1 m/s2 g取10 m/s2，则这段时间内

A.若电梯向上加速运动，则体重计的示数为550N
B.若电梯向上减速运动，则体重计的示数为550N
C.若电梯向下加速运动，则体重计的示数为450N
D.若电梯向下减速运动，则体重计的示数为450N
8、如图所示，水平长传送带始终以v匀速运动，现将一质量为m可视为质点的物体，轻放于A端，此时物体与传送带接触点为O，物体与传送带之间的动摩擦因数为μ，AB长为L，物体从A端到B端的运动过程先加速再匀速，下列说法正确的是

A.物体先受到向右的滑动摩擦力，而后受到静摩擦力
B.在物体加速运动过程中，物体与传送带接触点O的位移大小是物体位移大小的2倍
C.若每次逐渐提高传述带速度v，则物体在加速阶段中的加速度大小不变
D.若每次逐渐提高传送带速度v，则物体从A端到B端的时间越来越小
9、小型轿车的“百公里加速时间”是指汽车从静止开始加速到100km/h所用的最少时间，这是一个反映汽车性能的重要参数．甲、乙两种型号的轿车实测的百公里加速时间分别为11.1s和14.8s．在这段加速时间里，两种型号的汽车相比（　　）
A.甲车的速度变化量较大
B.两车的速度变化量大小相等
C.甲车的加速度大
D.两车的加速度大小相等
10、如图，一粗糙斜面始终保持静止在地面上，斜面顶端装有一光滑定滑轮。一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块N。另一端与斜面上的物块M相连，系统处于静止状态。现用水平向左的拉力缓慢拉动N，直至悬挂N的细绳与竖直方向成。已知M始终保持静止，则在此过程中

A.地面对斜面体的摩擦力始终向右
B.M所受细绳的拉力大小一定一直增加
C.M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加
D.M所受斜面的摩擦力大小一定先减小后增加
11、如图，水平传送带A、B两端相距s=3.5m，工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.1。工件滑上A端瞬时速度vA=4m/s，达到B端的瞬时速度设为vB，则（　　）

A.若传送带不动，则vB=3m/s
B.若传送带以速度v=4m/s逆时针匀速转动，vB=3m/s
C.若传送带以速度v=2m/s顺时针匀速转动，vB=3m/s
D.若传送带以速度v=2m/s顺时针匀速转动，vB=2m/s
12、如图所示，质量为m的小球A、B置于倾角为θ＝30°的光滑斜面上，小球A、B之间通过一段压缩的轻弹簧连接，小球A通过细线系在斜面体的挡板M上，小球B与挡板N接触，系统处于静止状态．下列说法正确的是（）

A.小球B与挡板N之间无挤压
B.剪断细线的瞬间小球B的加速度为零
C.剪断细线的瞬间小球A可能仍保持静止状态
D.撤去挡板N的瞬间小球B的加速度不一定变化
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图甲所示的实验装置：

(1)以下实验操作正确的是_____；
A．将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在砝码及砝码盘的牵引下恰好做匀速运动
B．调节滑轮的高度，使细线与木板平行
C．先接通电源后释放小车
D．实验中小车的加速度越大越好
(2)在实验中，得到一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为 T＝0.1s， 且间距 x1，x2，x3，x4，x5，x6已量出分别 3.09cm，3.43cm，3.77cm，4.10cm，4.44cm，4.77cm，则小车的加速度 a＝_____m/s2（结果保留两位有效数字）。
(3)有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度 a 与所受拉力 F 的关系， 他们在轨道水平及倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条 a﹣F′图线，如图丙所示， 图线_____是在轨道倾斜情况下得到的（填“①“或“②”）；小车及车中袪码的总质量 m＝_____kg（结果保留两位有效数字）。
14、某小组在验证“互成角度的两个力的合成”的实验中得到的实验结果如图所示（与AO共线）．该小组在实验中把橡皮筋一端固定在A点，另一端系上细绳套.

(1)先用一个弹簧秤施加一个力把结点拉至O点，并记录下这个力，这个力是图中的_____（填“F”或“”）；
(2)再用两个弹簧秤分别拉住两个细绳套，仍将结点拉至O点，记录下这两个力（图中的F1与F2）.这里采用的实验方法是_________
A．微小量累加法
B．理想实验法
C．控制变量法
D．等效替代法
(3)在实验中，如果用两根劲度系数不同的橡皮条代替两个细绳套，对实验结果是否有影响？答_________（填“有”或“没有”）.
15、测定木块与长木板之间动摩擦因数时，采用如图1所示的装置，图中长木板水平固定

（1）实验过程中，电火花计时器应接__（选填“直流”或“交流”）电源上．调整定滑轮高度，使_______________
（2）已知重力加速度为g，测得木块的质量为M，砝码盘和砝码的总质量为m，木块的加速度为a，则木块与长木板间动摩擦因数μ=_______
（3）如图2为木块在水平木板上带动纸带运动打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出．从纸带上测出x1=1.21cm，x2=2.32cm，x5=5.68cm，x6=6.81cm．则木块加速度大小a=_______m/s2（保留三位有效数字）
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，质量为m1的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与放置在水平面上的质量为m2的物体乙相连，轻绳OA与竖直方向的夹角θ＝37°，物体甲、乙均处于静止状态．(已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，tan37°＝0.75，g取10m/s2.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)求：
（1）若物体甲的质量 m1＝1kg轻绳OA、OB受到的拉力是多大？
（2）若物体乙的质量m2＝4kg，物体乙与水平面之间的动摩擦因数为μ＝0.3，则欲使物体乙在水平面上不滑动，物体甲的质量m1最大不能超过多少？

17、（10分）如图所示，长为L=2m，质量为M=2kg的长木板B放在动摩擦因数为=0.4的水平地面上，在木板的最右端放一可视为质点的小物块A，其质量为m=1kg，与木板间的动摩擦因数为=0.2，开始时A、B均处于静止状态，g=10m/s2。
（1）当给木板施加一水平向右的恒力F=15N时，求物块A和木板B运动的加速度分别为多少？
（2）要将木板B从物块A下方抽出来，则给木板B施加的向右的水平拉力至少为多少？
（3）若给木板施加的水平拉力F=24N，要使物块A从木板B的左端滑下，则水平力F作用的最短时间为多少？

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】用撤去恒定拉力时的速度可表达两段的平均速度，用平均速度表达出两段的位移即可求解
【详解】设撤去恒定拉力时的速度为v
则加速阶段的位移：
减速阶段的位移：
整理得：
带入数据解得：
故选B
【点睛】本题考查了匀变速运动的位移公式，灵活选择推论公式可使解题过程简化
2、B
【解析】力学的三个基本物理量分别为长度、时间、质量，对应的物理量的仪器分别是刻度尺、秒表、天平
A.量筒不符合题意,故A错误
B.刻度尺、天平、秒表符合题意,故B正确;
C.弹簧秤不符合题意,故C错误;
D.弹簧秤、光电门不符合题意,故D错误
故选B
3、A
【解析】ABCD、当书的重心离开桌面时，书即翻转掉下，当重心在桌面上时，物体受到桌面的支持力不变，根据滑动摩擦力的定义可知桌面对书的摩擦力不变．故A正确；BCD错误；故选A
4、C
【解析】A．研究芭蕾舞演员的精彩舞姿时，要看演员的姿态，不能看作质点，故A错误；
B．时间没有方向，所以时间是标量，故B错误；
C．在单向直线运动的过程中，位移的大小与路程相等，故C正确；
D．平均速度等于位移与时间的比值，平均速率等于路程与时间的比值，而位移大小与路程不同，故平均速率与平均速度不同，故D错误；
故选C。
5、C
【解析】A．x-t图象的斜率表示速度，可知0-1s内物体的速度不变，做匀速直线运动，加速度是0，故A错误；
B．1-3s内物体的速度为0，物体静止，则从第2s至第3s内物体的位移是0，故B错误；
C．物体在4s内的路程为
S=（3m-2m）+（3m-0m）=4m
位移为
x=0m-2m=-2m
故C正确；
D．斜率的正负表示速度的方向，则物体在0-1s内的速度方向与3-4s内的速度方向相反，故D错误。
故选C。
6、C
【解析】A．由图可知甲物体从0时刻开始出发，而乙物体从t1时刻开始运动，即甲比乙早出发，故A错误；
B．由图可知甲物体从距离坐标原点x1处开始出发，而乙物体坐标原点的位置开始运动，故B错误；
D．x-t图像的斜率等于物体运动的速度，由图可知甲、乙的x-t图象的斜率不变，且甲的斜率小于乙的斜率，故甲乙都做匀速直线运动，且乙运动的速度大于甲的速度，C正确，D错误。
故选C。
【点睛】位移图像的特点：①位移图像的斜率等于物体的速度；②位移图像的纵坐标表示物体在某时刻的位置。这是我们解题的关键。
7、AC
【解析】分别讨论加速度向上或向下应用牛顿第二定律求解即可；
【详解】A、对小明进行受力分析，其受到重力和支持力作用，加速向上或减速向下，加速度向上，若加速度向上，根据牛顿第二定律可知：，则，根据牛顿第三定律可知，此时体重计的示数为，故选项A正确，选项D错误；
B、加速向下或减速向上，加速度向下，若加速度向下，根据牛顿第二定律可知：，则，根据牛顿第三定律可知，此时体重计的示数为，故选项B错误，C正确
【点睛】本题主要是考查对超重失重现象的理解，利用牛顿第二定律来求解即可
8、BC
【解析】A．当物体加速过程，滑动摩擦力为动力，方向向右，匀速过程物体和传送带之间没有相对运动或相对运动趋势，不受摩擦力作用，A错误；
B．接触点O，做匀速直线运动，设物体加速时间为t，则这段时间内O点的位移为：
，
而物体做初速度为零，末速度为v的匀加速运动，故位移为：
，
所以：
，
B正确；
C．物体在传送带给的滑动摩擦力作用下做加速运动，故加速度为：
，
与传送带的速度无关，故物体加速运动的加速度恒定不变，C正确；
D．无论传送带的速度怎么增大，物体从A端运动到B端的位移恒定不变，物体做加速运动的时间：
，
速度增大，加速时间减小；
加速过程中的位移，增大，所以物体匀速过程中的位移：
，
即匀速运动过程中的位移减小，故匀速过程所用时间
，
也减小，所以物体从A端运动到B端的时间在不断减小，但是，当速度增加到一定值后，使得物块在传送带上始终做加速运动时，时间最小，之后再增大速度，物块仍做加速度不变的匀加速直线运动，位移不变，所以所用时间不变，即若每次逐渐提高传送带速度v，则物体从A端到B端的时间先减小后不变，D错误；
故选BC。
9、BC
【解析】本题考查速度变化量及加速度的概念
【详解】AB．由题意，两车的速度变化量大小相等，都是100km/h．故A项错误，B项正确
CD．因为，可知加速度是单位时间内速度的变化．速度变化量相等，加速度与所用时间成反比，则甲车的加速度大．故C项正确，D项错误
10、AB
【解析】A.以整体为对象，整体一直受到向左的拉力，故地面对斜面体的摩擦力向右，A正确；
B.以N为对象，设绳与竖直方向的夹角为，则绳中的拉力为

由于角变大，故绳中的拉力一定变大，故B正确；
CD.对M分析可知，其受到重力，支持力，绳的拉力和摩擦力，但是无法确定其所受摩擦力的方向，若M受到的摩擦力方向沿斜面向上，当拉力增大时，摩擦力先减小后增大，若M受到的摩擦力方向沿斜面向下，当拉力增大时，摩擦力增大，故C、D均错误；
故选AB。
11、ABC
【解析】A．若传送带不动，工件的加速度
a=μg=1m/s2
由得
m/s=3m/s
选项A正确；
B．若传送带以速度v=4m/s逆时针匀速转动，工件的受力情况不变，由牛顿第二定律得知，工件的加速度仍为
a=μg=1m/s2
工件的运动情况跟传送带不动时的一样，则
vB=3m/s
选项B正确；
CD．若传送带以速度v=2m/s顺时针匀速转动，工件滑上传送带时所受的滑动摩擦力方向水平向左，做匀减速运动，工件的加速度仍为
a=μg=1m/s2
当工件的速度减为零时，有

所以工件达到B端时一直做匀减速运动，达到B端的瞬时速度
m/s=3m/s
选项C正确，D错误。
故选ABC。
12、BC
【解析】A．对B球受力分析，沿斜面方向，由于弹簧压缩，所以B受到弹簧弹力沿斜面向下，重力有沿斜面向下的分力，B要保持平衡，必然受到挡板沿斜面向上的弹力，所以与挡板之间一定有挤压，A错误；
BC．分析小球A，沿斜面方向，受到自身重力沿斜面向下的分力，弹簧沿斜面向上的弹力，细线是否有拉力要根据弹簧弹力和重力沿斜面分力的大小关系判断，若有拉力，剪断细线瞬间拉力变为0，小球向下滑动，加速度立即变化，若没有拉力，剪断细线后仍然平衡，加速度不会变化，仍然静止，BC正确；
D．撤去挡板之前，B静止，加速度0.挡板撤去瞬间，挡板弹力变为0，B在弹簧弹力和自身重力作用下沿斜面向下加速，加速度一定发生变化，D错误。
故选BC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.BC ②.0.33~0.34 ③.① ④.0.67
【解析】(1)[1]A．平衡摩擦力就是让小车在无拉力的作用下做匀速直线运动，让重力沿斜面的分力等于小车受到的摩擦力。所以平衡时应为：将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，A 错误；
B．为了使绳子拉力代替小车受到的合力，需要调节滑轮的高度，使细线与木板平行，B 正确；
C．为了能在纸带上打更多的点，先接通电源后释放小车，否则纸带上打不上点，C正确；
D．加速度太大，砝码和砝码盘的总重力偏离绳的拉力越多，实验误差越大，D错误。
故选BC。
(2)[2]小车的加速度为

(3)[3]由图象可知，当 F＝0 时，a≠0，也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高。所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的。
[4] 小车及车中袪码的总质量

14、 ①. ②.D ③.不变
【解析】该实验采用了“等效法”，由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的实际值（通过平行四边形定则得出的值），与理论值（实际实验的数值）存在差别，只要O点的作用效果相同，是否换成橡皮条不影响实验结果；
【详解】(1)F1与F2合成的理论值是通过平行四边形定则算出的值，而实际值是单独一个力拉O点的时的值，因此F′是F1与F2合成的实际值，F是F1与F2合成的理论值.
(2)本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法;故选D.
(3)由于O点的作用效果相同，将两个细绳套换成两根橡皮条，不会影响实验结果
【点睛】本实验采用是等效替代的思维方法．实验中要保证一个合力与两个分力效果相同，结点O的位置必须相同.
15、 ①.（1）交流； ②.细线与长木板平行 ③.（2） ④.（3）1.12
【解析】（1）实验过程中，电火花计时器应接在交流电源上．调整定滑轮高度，使细线与长木板平行；
（2）对木块、砝码盘和砝码进行受力分析，运用牛顿第二定律得：
对木块：F-μMg=Ma
对砝码盘和砝码：mg-F=ma
由上式得：
（3）根据运动学公式得：△x=at2，

三．计算题(22分)
16、 (1)12.5N，7.5N，(2)1.6kg。
【解析】（1）对结点O受力分析：

正交分解：

解得：，；
（2）对乙物体受力分析，轻绳OB受到的最大拉力：

则甲物体质量的最大值：

解得甲物体的质量最大值：。
17、（1）（2）F=18N（3）t=1s
【解析】（1）设物块A与木板B相对静止一起向右加速，则对物块与木板组成的系统由牛顿第二定律得：
Fμ2(Mm)g(Mm)a
解得

对物块A，木板给其向右的静摩擦力便为其合力，由牛顿第二定律得：
fAmaA1N<fAmμ1mg2N
所以假设成立，即A、B的加速度为
（2）要将木板抽出，拉力最小时刚好抽出，即物块A相对B刚好向左滑动，AB间的摩擦刚好达到最大静摩擦力，且此时AB具有相同的速度和加速度
则对A由牛顿第二定律得：

得
a=2m/s2
对B由牛顿第二定律得：

得
F=18N
（3）设F作用的最短时间为t，在F作用时间内
对A有：

对B有：

A相对B向后的位移为：

设撤去F后再经时间物体A刚好从木板B的最左端滑下，此时两者的速度恰好相同为
撤去F后对A：

得
=2m/s2
对木板B：

得
=7m/s2
对A，共同速度

位移

对B有共同速度

位移

撤去F后A相对B的位移

联立以上各式解得F作用的最短时间t=1s

方法II：其相对位移也可用-t图像求解：
A相对B的位移为图中影阴部分面积，即

再联立上面的相应式子即可解得。