江苏省泰州市姜堰区2025-2026学年高一上物理期末学业质量监测模拟试题含解析.doc

江苏省泰州市姜堰区2025-2026学年高一上物理期末学业质量监测模拟试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，等腰直角斜劈A的直角边靠在粗糙的竖直墙壁上，一根不可伸长的轻绳一端固定在竖直墙上，另一端与半径不可忽略的光滑球B连接．轻绳与水平方向成功30°角，现将轻绳上端点沿竖直墙缓慢向上移动，A始终处于静止状态．则( )

A.绳上拉力逐渐增大
B.竖直墙对A的摩擦力先减小后增大
C.竖直墙对A的摩擦力可能为零
D.竖直墙对A的支持力逐渐减小
2、汽车以某一速度开始刹车做匀减速直线运动，刹车后经历4.5s停下，最后1s内的位移为2m，则刹车前的初速度和刹车过程的位移分别为（）
A.18m/s，40.5m B.20m/s，45.0m
C.18m/s，45.0m D.20m/s，40.5m
3、质量为1kg的物体在水平面向右运动，物体与水平面间的摩擦力为2N，与此同时物体还受到一个水平向左、大小为2N的推力作用，则物体产生的加速度是（　　）
A.0 B.4m/s 2，水平向左
C.2m/s 2，水平向左 D.2m/s 2 ，水平向右
4、某一小球从离地面高为2m处竖直向上抛出，上升到最高点后自由下落到达地面，已知小球在下落阶段的平均速度是5m/s，取g=10m/s2，不计空气阻力，则下列说法正确的是
A.小球落地时的速度是15m/s
B.小球上升到最高时离地面为10m
C.小球从抛出到落到地面过程中的路程为8m
D.小球从抛出到落到地面过程中的位移大小为3m
5、各行星绕太阳运转的轨道如图所示，假设图中各行星只受太阳引力，并绕太阳做匀速圆周运动．下列说法中正确的是

A.离太阳越近的行星运行周期越小
B.离太阳越近的行星运行周期越大
C.离太阳越近的行星角速度越小
D.各行星运行角速度相同
6、如图所示，某同学通过滑轮组将一重物缓慢吊起的过程中，该同学对绳的拉力将（滑轮与绳的重力及摩擦均不计）（　　）

A.越来越小 B.越来越大
C.先变大后变小 D.先变小后变大
7、如图所示为粮袋的传送装置。已知AB间长度为L。传送带与水平方向的夹角为θ。工作时运行速度为v，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A端将粮袋放到运行中的传送带上，关于粮袋从A到B的运动，以下说法正确的是（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（　　）

A.若μ<tanθ，则粮袋从A到B一定是一直做加速运动
B.粮袋开始运动时的加速度为g（sinθ－μcosθ），若L足够大，则以后将一定以速度v做匀速运动
C.不论μ大小如何粮袋从A到B一直匀加速运动，且a>gsinθ
D.粮袋到达B端的速度与v比较，可能大，可能小，也可能相等
8、如图甲所示，在光滑水平面上叠放着A、B两物体。现对A施加水平向右拉力F，通过传感器可测得A的加速度a随拉力F变化的关系如图乙所示。已知重力加速度g＝10 m/s2，由图线可知(　　)

A.A的质量mA＝2 kg B.B的质量mB＝2 kg
C.A、B间的动摩擦因数μ＝0.2 D.B的加速度一直随F增大而增大
9、某同学站在电梯内的磅秤上，某段时间他观察到磅秤示数小于电梯静止时的示数，则在此过程中电梯可能的运动情况是 (　　)
A.电梯可能向上做减速运动
B.电梯可能向上做加速运动
C.电梯可能向下做减速运动
D.电梯可能向下做加速运动
10、将一个力F分解为两个分力F1和F2，则下列说法中正确的是( )
A.F1和F2是物体实际受到的力
B.F1和F2两个分力在效果上可以取代力F
C.物体受到F1，F2和F三个力的作用
D.F是F1和F2的合力
11、一个物体在摩擦力作用下沿水平面做直线运动，其位移与时间的关系式为x＝10t﹣2t2（其中x的单位为m，t的单位为s），则（　　）
A.该物体的初速度是10m/s
B.该物体的加速度大小是2m/s2
C.该物体在5s内发生的位移为0
D.该物体运动的时间为2.5s
12、下列关于作用力与反作用力的说法中，正确的有（　　）
A.马拉车，车被马拉动了，说明马拉车的力比车拉马的力大
B.跳高运动员从地面跳起过程中，地面给运动员的支持力等于运动员给地面的压力
C.静止放在桌面上的书，受到的重力和桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力
D.作用力与反作用力是分别作用在两个物体上，既不能合成，也不能抵消，分别作用在各自的物体上产生各自的作用效果。
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在《互成角度的两个共点力的合成》实验中，做好实验准备后，先用两个弹簧秤平行于板面把橡皮条的结点拉到某一位置O，此时学生需要记录的是______和______；接着用一个弹簧秤平行于板面拉橡皮条，要特别注意的是______
14、某同学利用打点计时器测量小车做匀变速直线运动的加速度
（1）打点计时器是一种使用________(选填“交流”或“直流”)电源的计时仪器，它的工作电压是4～6 V，当电源的频率为50 Hz时，它每隔________ s打一次点
（2）使用打点计时器时，接通电源与让纸带随小车开始运动这两个操作过程的操作顺序应该是（ ）
A．先接通电源，后释放纸带
B．先释放纸带，后接通电源
C．释放纸带同时接通电源
D．哪个先哪个后都可以
15、某同学利用如图（a）装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验。他通过实验得到如图（b）所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线。由此图线可得该弹簧的劲度系数k=______N/m。他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图（c）所示时，此弹簧秤读数为______N

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示在光滑竖直墙壁上用网兜把足球挂在A点，已知足球的质量m=0.5kg，网兜的悬绳与墙壁的夹角α=37°，网兜的质量不计，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：
（1）悬绳的拉力F1的大小；
（2）足球对墙的压力F2的大小。

17、（10分）如图所示，置于圆形水平转台边缘的小物块随转台缓慢加速转动，当转速达到某一数值时，物块恰好滑离转台开始做平抛运动，现测得转台半径R=4.5m，离水平地面的高度H=0.8m，物块与平台间的动摩擦因数为μ=0.2，设物块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2．求：

(1)物块做平抛运动的初速度大小v；
(2)物块落地时的速度；
(3)物块落地点到转台中心O点的水平距离．（可保留根式）
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】以B为研究对象，对其进行受力分析如图：

由图可知，当与斜面平行时，即与的方向垂直时最小，所以绳子的拉力先减小后增大，故A错误；由图可知，轻绳上端点沿竖直墙缓缓向上移动时，沿竖直方向的分力增大，沿水平方向的分力减小；以A与B组成的整体为研究对象，整体受到重力、墙的支持力和摩擦力以及绳子的拉力，由于绳子沿竖直方向向上的分力增大，所以A受到的向上的摩擦力将减小，故B错误；以A为研究对象，A受到重力、墙壁的支持力、摩擦力、以及B对A斜向下的压力，A处于平衡状态，竖直方向的合外力等于0，所以摩擦力的大小等于A的重力与B对A的压力向下的分力的和，不可能等于0，故C错误；由图可知，轻绳上端点沿竖直墙缓缓向上移动时，沿竖直方向的分力增大，沿水平方向的分力减小，D正确；
考点：考查了力的动态平衡
【名师点睛】在解析力的动态平衡问题时，一般有两种方法，一种是根据受力分析，列出力和角度三角函数的关系式，根据角度变化进行分析解题，一种是几何三角形相似法，这种方法一般解决几个力都在变化的情况，列出力与三角形对应边的等式关系，进行解题分析
2、A
【解析】本题采取逆向思维来解决比较简单，最后1s的运动可以看成初速度为零的匀加速直线运动，根据求出汽车的加速度，再根据速度时间公式求出汽车的初速度，根据位移时间公式求解刹车的距离。
【详解】对最后1s内的运动采取逆向思维，有

解得

因火车做匀减速直线运动，所以加速度为．根据速度时间公式

得

刹车过程的位移

故A正确，BCD错误。
故选A。
3、B
【解析】物体在水平地面上向右运动，竖直方向受重力、支持力，水平方向受水平向左的推力、水平向左的摩擦力。水平向左的推力F=2N，水平向左的摩擦力f =2N，所以合力大小为
F合=2+2N=4N
方向水平向左；
根据牛顿第二定律得

方向水平向左；
故选B。
4、C
【解析】A．由平均速度公式

得

小球落地时的速度是10m/s，故A错误；
B．由公式

故B错误；
C．小球从抛出点到最高点的路程为3m，从最高点到地面的路程为5m，所以小球从抛出到落到地面过程中的路程为8m，故C正确；
D．由于抛出点离地为2m，所以小球从抛出到落到地面过程中的位移大小为2m，故D错误。
故选C。
5、A
【解析】行星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，有，得，，轨道半径越小，周期越小，角速度越大，故A正确，BCD错误。
故选A。
6、B
【解析】对结点受力分析，如图

由于同一根绳子，故

设与夹角为，则

在重物被吊起的过程中，变大，故与同时越来越大。
故选B。
7、AD
【解析】粮袋放到运行中的传送带上时，粮袋受到滑动摩擦力方向沿斜面向下，粮袋开始运动时的加速度为，若，粮袋从到一直以的加速度匀加速运动，粮袋到达端的速度小于传送带速度；若，粮袋从到一直以的加速度匀加速运动，粮袋到达端的速度等于传送带速度；若且，则重力的沿斜面的分力大于滑动摩擦力，粮袋先以的加速度匀加速，后以的加速度匀加速，粮袋到达端的速度大于传送带速度；若且，则重力的沿斜面的分力小于或等于滑动摩擦力，粮袋先以的加速度匀加速，后做匀速运动，粮袋到达端的速度等于传送带速度，故A、D正确，B、C错误；
故选AD。
8、BC
【解析】AB．由图像可以看出，当力F＜48N时加速度较小，A、B相对静止，加速度相同，对整体法，由牛顿第二定律

则得

由数学知识得

所以

当F>48N时，A的加速度较大，采用隔离法，由牛顿第二定律，对A有：

则得

由数学知识得

联立解得

故A错误，B正确；
C．当F=60N时，a=8m/s2，对A有：

解得

故C正确；
D．当AB间出现相对滑动时，B所受滑动摩擦力不变，即合外力不变，加速度不变，故D错误。
故选BC
9、AD
【解析】对该同学受力分析，受重力和支持力，然后求解出合力方向，得到加速度方向，最后确定电梯的运动情况；
【详解】该同学受重力和支持力，磅秤示数小于电梯静止时示数，说明支持力小于重力，故合力向下，加速度向下，速度可以向下，也可以向上，故电梯减速上升或者加速下降，故选项AD正确，选项BC错误
【点睛】本题关键通过受力情况确定加速度的方向，然后确定物体可能的运动情况
10、BD
【解析】A．分力不是物体所受到的力，故A错误。
B．分力的共同作用效果与合力的作用效果相同，故B正确。
C．分力不是物体所受到的力，F1、F2是两个分力，故C错误。
D．一个力F分解为两个分力F1 和F2，则F是F1和F2的合力，故D正确。
故选BD。
11、AD
【解析】根据匀变速直线运动的位移公式以及速度与时间关系进行分析答题；
【详解】A、由匀变速直线运动的位移公式：，结合：可知：初速度：，加速度为：，加速度大小为，故选项A正确，B错误；
C、根据速度与时间关系可知，物体运动的时间为：
在这段时间内物体的位移为：
由于物体运动就停止运动了，所以5s内发生的位移即为内发生的位移，故选项C错误，D正确
【点睛】本题考查了求初速度与加速度问题，应用匀变速直线运动的位移公式以及速度与时间关系即可正确解题
12、BD
【解析】A．马拉车的力和车拉马的力是作用力和反作用力的关系，它们大小相等，方向相反，车被马拉动的原因是马拉车的力大于车受到的摩擦力，故A错误；
B．跳高运动员从地面跳起的过程中，地面给运动员的支持力与运动员给地面的压力是相互作用力，大小相等，方向相反，故B正确；
C．书受到的重力和桌面对书的支持力，这两个力都作用在书上，且大小相等方向相反，是一对平衡力，故C错误；
D．根据作用力与反作用力的特点可知作用力与反作用力是分别作用在两个物体上的，既不能合成，也不能抵消，分别作用在各自的物体上产生各自的作用效果，故D正确。
故选BD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.两弹簧秤的读数； ②.细绳的方向； ③.橡皮条的结点仍拉到位置O
【解析】本实验的目的是要验证平行四边形定则，故应通过平行四边形得出合力再与真实的合力进行比较，理解实验的原理即可解答本题
【详解】在本实验中为了得出平行四边形，我们需要知道两分力的大小和方向，故应记下两个弹簧秤的读数及两个细绳套的方向，同时为了能准确的得出合力的大小，应让两次拉时的效果相同，应记下橡皮条结点的位置以保证下次能拉至同一位置，得出相同的效果；应特别注意应将橡皮条的结点拉到同一位置，以保证一个力拉与两个力拉时的效果相同
【点睛】本题第二问是三力平衡问题中的动态分析问题，关键受力分析后，作出示意图，然后运用力的平行四边形定则进行分析讨论
14、 ①.交流 ②.0.02s ③.A
【解析】（1）打点计时器使用的是交流电源，打点周期为
（2）为了充分利用纸带，收集更多的数据，所以应先接通电源，再释放纸带，A正确
15、 ①.50 ②.3.0
【解析】(1)[1]．弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为4cm；弹簧弹力为2N时，弹簧的长度为8cm，伸长量为△x=4cm=0.04m；根据胡克定律F=k△x有

(2)[2]．由图c得到弹簧的弹力为3.0N。

三．计算题(22分)
16、（1）12.5N；（2）7.5N。
【解析】(1)(2)对足球进行受力分析如图：

设墙对足球的支持力为N，由力的平衡条件得：

又因为：

代入数据解得：，；
根据牛顿第三定律可知足球对墙的压力F2的大小等于墙对足球支持力的大小，即：

答：(1)悬绳的拉力F1的大小；
(2)足球对墙的压力F2的大小。
17、 (1) 1m/s；(2) m/s；(3) m
【解析】(1)物块恰好离开转台时，由最大静摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律得
μmg=m
解得v0==m/s=1m/s
(2)物块做平抛运动，在竖直方向上有H=gt2
解得t==s=0.4s
物块落地时竖直分速度vy=gt=4m/s
则物块落地时的速度大小v==m/s
(3)平抛运动的水平位移大小为 x=v0t=0.4m
由几何知识得，由L2=x2+R2
解得L=m