陕西省安康市2025年高一上物理期末复习检测模拟试题含解析.doc

陕西省安康市2025年高一上物理期末复习检测模拟试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，三段不可伸长的细绳，OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，其中OB是水平的，A端、B端固定在水平天花板上和竖直墙上。若逐渐增加C端所挂重物的质量，则最先断的绳是（　　）

A.必定是OA B.必定是OB
C.必定是OC D.可能是OB，也可能是OC
2、目前，我市每个社区均已配备了公共体育健身器材．如图所示为一秋千，用两根等长轻绳将一座椅悬挂在竖直支架上等高的两点．由于长期使用，导致两根支架向内发生了稍小倾斜，如图中虚线所示，但两悬挂点仍等高．座椅静止时用F表示所受合力的大小，F1表示单根轻绳对座椅拉力的大小，与倾斜前相比(　　)

A.F变小，F1变大
BF变大，F1变大
C.F不变，F1不变
D.F不变，F1变小
3、如图所示，将两弹簧测力计a、b连结在一起，当用力缓慢拉a弹簧测力计时，发现不管拉力F多大（未超出量程），a、b两弹簧测力计的示数总是相等，这个实验说明（）

A.这是两只完全相同的弹簧测力计
B.弹力的大小与弹簧的形变量成正比
C.作用力与反作用力大小相等、方向相反
D.力是改变物体运动状态的原因
4、倾角为α、质量为M斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上。下列结论正确的是（）

A.木块受到的摩擦力大小是mgcosα
B.木块对斜面体的压力大小是mg sinα
C.桌面对斜面体的摩擦力大小是mg sin αcosα
D.桌面对斜面体的支持力大小是（M+m）g
5、如图所示，物体P用水平作用力F压在竖直的墙上，沿墙匀速下滑，物体的重力为G，墙对物体的弹力为FN、摩擦力为Ff，物体对墙的压力FN′摩擦力为Ff′．下列说法正确的有（）

A.G和Ff′是一对平衡力
B.FN 和F是一对作用力和反作用力
C.Ff 和Ff′是一对作用力和反作用力
D.F就是FN′
6、一个运动员在百米赛跑中，测得50m处的瞬时速度6m/s，16s末到达终点的瞬时速度为7.5m/s，则全程的平均速度大小为
A.5m/s B.6m/s
C.6.25m/s D.7.5m/s
7、光滑斜面倾角为θ，用平行于斜面向上的力F，作用在质量为m的物体上，物体由静止开始运动时间t后，撤去力F，又经t时间，物体恰回到出发点，此时物体的速度大小为v.则（）

A.v= B.v=gtsinθ
C.3F=4mgsinθ D.F=2mgsinθ
8、如图所示，光滑水平桌面上的物体a系一细绳，细过跨国桌沿的定滑轮后悬挂着物体b，物体a和物体b的质量均为m．物体a和滑轮间的细绳与桌面平行．先用手使a、b静止（细绳质量及滑轮摩擦均不计）．放手后细绳上张力设为T．下列说法正确的有（）

A.放手后物体a、b一起运动的过程中，绳上张力大小T＝mg
B.只将物体b的质量增为2m，放手后绳上张力大小变为T
C.只将物体a的质量增为2m，放手后绳上张力大小变为T
D.将物体a、b的质量都增为2m，放手后绳上张力大小变为2T
9、车厢顶部固定一滑轮，在跨过定滑轮绳子两端各系一个物体，质量分别为m1、m2，且m2＞m1，m2静止在车厢底板上，当车厢向右运动时，m1、m2与车厢保持相对静止，系m1的那段绳子与竖直方向夹角为θ，如图所示，绳子的质量、滑轮与绳子的摩擦忽略不计，下列说法正确的是（　　）

A.车厢的加速度为
B.车厢底板对的支持力为
C.绳子中的张力大小为
D.车厢底板对的摩擦力为
10、某同学用水平力推教室的讲台，但没推动，下列说法正确的是
A.推力小于摩擦力
B.推力小于讲台所受合力
C.讲台所受合外力为零
D推力小于或等于讲台最大静摩擦力
11、在某次军事演习中，空降兵从悬停在空中的直升机上跳下，当下落到距离地面适当高度时，打开降落伞，最终安全到达地面，空降兵从跳离飞机到安全到达地面的过程中在竖直方向的v-t图像如图所示，则以下判断正确的是（　　）

A.空降兵在0到t1时间内做自由落体运动
B.空降兵在t1到t2时间内加速度方向竖直向上，大小在逐渐减小
C.空降兵在0到t1时间内的平均速度是
D.空降兵在t1到t2时间内的平均速度小于
12、甲、乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，甲做匀速运动，乙在前一秒内做匀加速运动，之后做变加速运动，它们的v-t图象如图所示，则下列说法中正确的是（　　）

A.1s前甲在前，1s后乙在前
B.两质点相遇时距出发点40m
C.前4s时间内乙的平均速度大于甲的平均速度
D.前4s时间内质点之间的最大距离可能是11m
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、为了验证“当质量一定时，物体的加速度与它所受的合力成正比”的结论是否正确，一组同学用图甲所示的装置进行实验，并将得到的实验数据描在图乙所示的坐标图中。

（1）关于该实验，下列叙述正确的是（ ）
A.保持小车的质量不变，改变沙和桶的总质量
B.保持沙和桶的总质量不变，改变小车的质量
C.保持小车和沙桶的质量均不变
D.同时改变小车和沙桶的质量
（2）在图乙中作出a-F图线。（ ）
（3）由a-F图线可以发现，该组同学实验操作中遗漏了_____这个步骤。
（4）根据a-F图线可以求出小车的质量是______保留两位有效数字）。
14、在“探究共点力合成的规律”实验中，用两个弹簧秤分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮筋，使它伸长到某一位置O点，为了确定两个分力的大小和方向，这一步操作中：

必须记录的是______
A.橡皮筋固定端的位置
B.描下O点位置和两条细绳套的方向
C.橡皮筋伸长后的总长度
D.两个弹簧秤的读数
做实验时，根据测量结果在白纸上画出如图所示的示意图，其中O为橡皮筋与细绳的结点，图中的和的合力的理论值是______；和的合力的实际测量值是______
若两个弹簧秤的读数分为3N、4N，且两弹簧秤拉力方向的夹角为锐角，则______选填“能”或“不能”用一个量程为5N的弹簧秤测量出它们的合力，理由______
15、如图所示，在倾倾角θ=37°，质量 M=10kg 的粗糙斜面体位于水平地面上，质量 m=2kg 的木块置于斜面顶端，木块与斜面之间动摩擦因数0.5 ，木块从斜面顶端加速下滑，（计算时 g 取 10m/s2；sin37°=0.6；cos37°=0.8）求：

（1）下滑过程中木块所受摩擦力 f；
（2）木块下滑过程中，地面对斜面体的支持力 N；
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，平板OP下端放置于地面形成一个斜面，调节上端点P与地面的距离，以改变斜面倾角θ．斜面上放置一质量为m＝1kg的物体，取g＝10m/s2

（1）当θ＝30°时，物体静止在斜面上，求此时物体对OP的压力大小以及物体受到的静摩擦力大小；
（2）当θ＝37°时，物体恰好能匀速下滑，求物体与平板OP间的动摩擦因数μ．（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）
17、（10分）在匀速直线运动中，物体运动的速度不变，因此位移x=vt，这在数值上恰好等于v-t图像中阴影部分的面积，如图（甲）所示。证明：在初速度为v0、加速度为a的匀变速度直线运动中，如图（乙），梯形的面积在数值上等于匀变速直线运动的位移大小；并推导出位移公式（用v0、a、t表示）。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】OC下悬挂重物，它对O点的拉力等于重物的重力G。OC绳的拉力产生两个效果：拉紧BO绳的水平向左的力F1，拉紧AO绳的沿绳子方向斜向下的力F2，F1、F2是OC绳拉力的两个分力，大小等于G。由平行四边形定则可作出力的分解图如图所示，当逐渐增大所挂重物的质量时，哪根绳受的拉力最大则哪根绳最先断。从图中可知：表示F2的有向线段最长，F2最大，故OA绳最先断。故选A。

2、D
【解析】座椅静止时，受重力和两个拉力而平衡，故三个力的合力为零，即F=0；

根据共点力平衡条件，有：
2F1cosθ=mg
解得：

由于长期使用，导致两根支架向内发生了稍小倾斜，图中的θ角减小了，则cosθ增大，故F不变，F1减小
A．F变小，F1变大，与结论不相符，选项A错误；
B．F变大，F1变大，与结论不相符，选项B错误；
C．F不变，F1不变，与结论不相符，选项C错误；
D．F不变，F1变小，与结论相符，选项D正确；
3、C
【解析】a、b两弹簧秤的示数分别显示b弹簧的拉力和a弹簧的拉力，这是一对作用力与反作用力，两弹簧称的示数相等，说明了作用力与反作用力大小相等、方向相反
【详解】A、a、b两弹簧秤的示数分别显示b弹簧的拉力和a弹簧的拉力，这是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律得知，它们的示数总是相等，与弹簧称无关，故两只弹簧称不一定完全相同．故A错误
B、此实验不能说明弹力的大小与弹簧的形变量成正比，故B错误；
C、a、b两弹簧秤的示数分别显示b弹簧的拉力和a弹簧的拉力，这是一对作用力与反作用力，两弹簧称的示数相等，说明了作用力与反作用力大小相等、方向相反．故C正确
D、弹簧称的运动没有改变，故此实验不能说明力是改变物体运动状态的原因．故D错误；
故选C
【点睛】本实验是证明了牛顿第三定律的正确性，不能证明胡克定律、力的作用效果等等其他规律
4、D
【解析】A．B．先对木块m受力分析，受重力mg、支持力N和静摩擦力f，根据平衡条件，有：
，
根据牛顿第三定律，木块对斜面体的压力大小是

故AB错误；
C．D．对M和m整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面对斜面体的支持力为

静摩擦力为零，故C错误，D正确。
故选D。

【点睛】本题关键灵活地选择研究对象，运用隔离法和整体法结合求解比较简单方便。
5、C
【解析】A．由题分析可知，物体沿墙壁匀速下滑，竖直方向受到重力和向上的滑动摩擦力，由平衡条件得知，滑动摩擦力大小Ff=G．即G和Ff是一对平衡力，故A错误；
B．FN 和FN′是一对作用力和反作用力，FN 和F同时作用在物体上，不是一对作用力和反作用力，故B错误；
C．Ff 和Ff′是一对作用力和反作用力，故C正确；
D．FN′和F的方向相同，施力物体不同，故D错误；
故选C。
6、C
【解析】正确理解平均速度的定义，直接根据公式即可正确解答本题
【详解】排除题目中的干扰因素，百米比赛为直道，其位移为100米，所以平均速度为：，故ABD错误，C正确．故选C
【点睛】平均速度是采用比值法定义的，大小与位移和时间无关，注意平均速度大小等于位移与时间比值，并非路程和时间比值，注意他们的区别
7、AC
【解析】以物体为研究对象，对物体受力分析，撤去F前，根据牛顿第二定律得

撤去F后根据牛顿第二定律得

撤去F之前物体做匀加速直线运动，撤去F时速度，撤去F后，，物体能回到出发点

联立以上各式得

取向沿斜面向上为正方向，则速度为

故选AC。
8、BCD
【解析】当两物体共同存在时，对b来讲，具有竖直向下的加速度，A的加速度的方向向右，它们的加速度的大小相等，由牛顿第二定律可知F与mg的大小关系
【详解】设绳子拉力为T，对a受力分析，由牛顿第二定律可得：；而连接绳上具有相同的沿绳的加速度，由整体法，联立得：；
A、当时，解得；故A错误.
B、当时，解得；故B正确.
C、当时，解得；故C正确.
D、当时，解得；故D正确.
故选BCD
【点睛】该题中a与b的加速度的大小相等，采用整体法和隔离法结合解题是解题的捷径，比单独用隔离法处理要简单
9、ACD
【解析】A、物体m1与车厢具有相同的加速度，对物体m1分析，受重力和拉力，根据合成法知，F合=m1gtanθ，拉力．物体m1的加速度，所以车厢的加速度为gtanθ．故A，C正确
C、物体m2加速度为gtanθ，对物体m2受力分析，受重力、支持力、拉力和摩擦力，支持力，f=m2a=m2gtanθ．故B错误、D正确
10、CD
【解析】对于平衡状态以及平衡条件的掌握程度，首先要判断讲台处于什么状态，然后再判断在这种状态下力的关系.
【详解】C、讲台在水平推力作用下处于静止状态，讲台所受合外力为零，选项C正确.
A、B、讲台没有被推动，则水平方向二力平衡，即推力大小等于静摩擦力，选项A，B错误
D、静摩擦力由外力产生的趋势决定，大小在零到最大之间变化，，推力等于静摩擦力，故推力小于或等于讲台所受的最大静摩擦力，选项D正确.
故选CD.
【点睛】本题考查的是对二力平衡条件的理解和应用，在分析时，要注意明确物体所处的平衡状态的判断，然后根据二力平衡的条件进行分析，不要想当然的认为箱子没动就是因为推力小于摩擦力.
11、BD
【解析】A．在0到t1时间内图像的斜率在减小，加速度在减小，所以空降兵不是做自由落体运动，故A错误；
B．在t1到t2时间内的速度为正在减小，所以空降兵做竖直向下的减速运动，因此加速度方向竖直向上，又因为图线的斜率在减小，所以加速度在减小，故B正确；
C．从图像可知空降兵在0到t1时间内的位移大于从速度为0做匀变速运动到v2的位移，所以平均速度大于，故C错误；
D．空降兵在t1到t2时间内的的位移小于从速度为v2做匀减速运动到v1的位移，所以平均速度小于，故D正确。
故选BD。
12、CD
【解析】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，图象的斜率表示加速度，图象与坐标轴围成面积代表位移，平均速度等于位移除以时间．速度相等时两质点间的距离最大．结合几何知识分析
【详解】A项：1s前甲的速度比乙的大，则甲在前．由图象可知，1s末两质点速度相等，但是没有相遇，所以1s后一段时间内，甲仍在乙的前面，故A错误；
B项：由图象可知，4s末甲离出发点40米，而乙离出发点大于40m，此时两者没有相遇，故B错误；
C项：前4s时间内乙的位移大于甲的位移，时间相同，所以前4s时间内乙的平均速度大于甲的平均速度，故C正确；
D项：在两质点相遇前，1s末两质点之间的距离为5m，但是4s内不是1s末两者相距最远，而是4s末两者相距最远，故最远距离等于两质点位移之差，根据“面积法”知，最大距离大于，可能为11m，故D正确
故选CD
【点睛】本题是速度-时间图象的应用，关键要知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移，通过面积法分析最大距离

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.A ②. ③.平衡摩擦力 ④.0.25kg
【解析】（1）[1]本实验为了验证“当质量一定时，物体的加速度与它所受的合力成正比”的结论是否正确，所以要保持小车的质量不变，改变沙和桶的总质量，从而改变小车所受的拉力，A正确，BCD错误；
故选A。
（2）[2]如图为作出的作出a-F图线

（3）[3]从上图中发现直线没过原点，当F≤0.2N时，a=0．也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，说明小车的摩擦力与绳子的拉力抵消呢。该组同学实验操作中遗漏了平衡摩擦力这个步骤；
（4）[4]根据

变形得：

可知a-F图线的斜率表示小车的质量，则有：

解得：m=0.25kg
14、 ①.BD ②. ③. ④.不能 ⑤.因为这两个力的合力大小超出了弹簧秤的量程
【解析】解：该实验的实验目的是验证力的平行四边形定则，要根据两个弹簧拉橡皮筋时两个拉力的大小和方向做出平行四边形求出其合力大小，然后与一个弹簧拉橡皮筋时的拉力大小进行比较，最后得出结论，故需要记录的是两弹力的大小和方向，故A、C错误，B、D正确
与合成的理论值是通过平行四边形定则算出的值，而实际值是单独一个力拉O点的时的值，因此F是与合成的理论值，是与合成的实际测量值；
若两个弹簧秤的读数分为3N、4N，且两弹簧秤拉力方向的夹角为直角时合力为5N，当为锐角时合力将大于5N，故不能用一个量程为5N的弹簧秤测量出它们的合力
15、（1）8N （2）117.6N
【解析】（1）对物体进行受力情况分析：重力mg、支持力N和滑动摩擦力f．如图所示：

在垂直斜面上：mgcos37°-N=0
摩擦力为：
代入数据解得受摩擦力：
（2）地面对斜面的支持力大小N1=Ncos37°+fsin37°+Mg=117.6N

三．计算题(22分)
16、（1）5N， 5N；（2）0.75
【解析】物体静止在斜面上，受力平衡，分析物体受力，根据平衡条件求解；物体恰好能匀速下滑，根据平衡条件求出物体所受的滑动摩擦力和支持力，即可求得动摩擦因数
【详解】（1）当物体静止在斜面上时，物体受重力G、支持力FN、静摩擦力f，如图1所示：

FN与f的合力与G等大反向
所以：FN＝mgcos30°＝
摩擦力：f＝mgsin30°＝1×10×0.5N＝5N
由牛顿第三定律知物体对OP的压力大小为
（2）物体恰好能匀速下滑，物体受重力G、支持力FN′、滑动摩擦力f′，如图2所示．则有
FN′＝mgcos37°
f′＝mgsin37°
又f′＝μFN′
联立并代入数据解得：μ＝0.75
【点睛】对于共点力平衡问题，关键要正确分析物体受力，作出受力图，再由平衡条件解答
17、见解析
【解析】在匀变速直线运动中，虽然速度时刻变化，但只要时间足够小，速度的变化就非常小，在这段时间内就可以近似地应用匀速直线运动的公式来计算位移，如图（甲）所示；如果我们把每一小段内的运动看做匀速运动，则矩形面积之和等于各段匀速直线运动的位移之和，显然小于匀变速直线运动在该时间内的位移，但所取时间段越小，各匀速直线运动位移之和与匀变速直线运动位移之间的差值就越小，如图（乙）所示，当时，各矩形面积之和趋近于图线下面的面积，可以想象，如果把整个运动过程划分得非常细，很多小矩形的面积之和就能准确代表物体的位移了，位移的大小就等于图（丙）所示的梯形面积。

对于匀变速直线运动，运用“无限分割，逐步逼近”的微分思想可得：匀变速直线运动，物体的位移对应图线和时间轴所包围的图像的“面积”。

在图中图线和时间轴所包围的图像的“面积”为

与之对应的物体的位移为

又

联立解得