江苏省扬大附中东部分校2025-2026学年高一上物理期末达标检测试题含解析.doc

江苏省扬大附中东部分校2025-2026学年高一上物理期末达标检测试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图，可视为质点的A、B两物体相距s＝7m，物体A以vA＝4m/s的速度向右匀速运动，而物体B此时的速度vB＝10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a＝－2m/s2。那么物体A追上物体B所用的时间为（　　）

A.7s B.8s
C.9s D.10s
2、下列关于速度和加速度的说法中正确的是（ ）
A.速度方向就是加速度的方向
B.加速度为正，表示速度越来越大
C.速度变化越大，加速度越大
D.加速度不断减小，速度可能不断增大
3、撑杆跳高是一项技术性很强的体育运动，完整的过程可以简化成三个阶段：持杆助跑、撑杆起跳上升、越杆下落。撑杆跳高的过程中包含很多物理知识，下列说法正确的是（ ）

A.持杆助跑过程，重力的反作用力是地面对运动员的支持力
B.撑杆起跳上升阶段，弯曲的撑杆对人的作用力大于人对撑杆的作用力
C.撑杆起跳上升阶段，弯曲的撑杆对人的作用力大小等于人对撑杆的作用力大小
D.最高点手已离开撑杆，运动员还能继续越过横杆，是因为受到了一个向前的冲力
4、有关力的概念，下列说法正确的是（ ）
A.单个物体也有可能产生力
B.受力物体不一定是施力物体
C.一个力的发生必定涉及到两个物体
D.重力的大小和方向与物体的运动状态有关
5、在本届学校秋季运动会上，小明同学以背越式成功地跳过了1.70米的高度，如图．若忽略空气阻力，g取10m/s2．则下列说法正确的是

A.小明下降过程中处于失重状态
B.小明起跳以后在上升过程中处于超重状态
C.小明起跳时地面对他的支持力等于他的重力
D.小明起跳以后在下降过程中重力消失了
6、将一个半球体置于水平地面上，半球的中央有一光滑小孔，上端有一光滑的小滑轮，柔软光滑的轻绳绕过滑轮，两端分别系有质量为m1、m2的物体（两物体均可看成质点，m2悬于空中）时，整个装置处于静止状态，如图所示．已知此时m1与半球的球心O的连线与水平线成37°角（sin37°=0.6，cos37°=0.8），m1与半球面的动摩擦因数为0.5，并假设m1所受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．则在整个装置处于静止的前提下，下列说法正确的是（　　）

A.当不同时，地面对半球体的摩擦力也不同
B.半球体对m1的支持力m2随的变化而变化
C.随着m2质量的逐渐增大，m1所受半球体的摩擦力一定逐渐增大
D.当＜≤2时，半球体对m1的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向上
7、放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示。取重力加速度g=10m/s2。由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为（ ）

A.m=0.5kg B.μ=0.4
C.m=1kg D.μ=
8、物体沿一条东西方向的水平线做直线运动，取向东为运动的正方向，其速度—时间图象如图所示，下列说法中正确的是(　　)

A.在1s末，速度9m/s
B.0～2s内，加速度为6m/s2
C.6～7s内，做速度方向向西的加速运动
D.10～12s内，做速度方向向东的加速运动
9、如图所示的装置叫阿特伍德机．绳子两端的物体竖直运动的加速度大小总是小于自由落体的加速度g，这使得实验者可以有较长的时间从容地观测、研究．已知物体A、B的质量均为M，物体C的质量为m．轻绳与轻滑轮间的摩擦不计，轻绳不可伸长且足够长．物体A、B、C由图示位置静止释放后　　

A.绳子上拉力大小
B.物体A的加速度
C.取值小一些，便于观测
D.的取值大一些，便于观测和研究
10、如图所示，AC是上端带定滑轮的固定竖直杆，质量不计的轻杆AB一端通过铰链固定在A点，另一端B悬挂一重为G的物体，且B端系有一根轻绳并绕过定滑轮C，用力F拉绳，开始时∠BAC＞90°，现使∠BAC缓慢变大，直到杆AB接近竖直杆AC．此过程中（　　）

A.拉力F逐渐增大
B.拉力F逐渐减小
C.AB杆所受力先减小后增大
D.AB杆所受力大小不变
11、如图所示，表面光滑的半球形物体固定在水平面上，光滑小环D固定在半球形物体球心O的正上方，轻质弹簧一端用轻质细绳固定在A点，另一端用轻质细绳穿过小环D与放在半球形物体上的小球P相连，DA水平．现将细绳固定点A向右缓慢平移的过程中(小球P未到达半球最高点前)，下列说法正确的是

A.弹簧变短
B.弹簧变长
C.小球对半球的压力不变
D.小球对半球的压力变大
12、如图所示，小张和小王同学家都住在锦祥秋实大厦，一天早上他们均是7：15出小区大门，经过不同路径（小张沿东环路、小王经燕平路）到达昌平一中校门口；路上所用时间均为15分钟。小张和小王同学从家到学校的过程中（　　）

A.路程一定相同
B.位移一定相同
C.平均速度一定相同
D.瞬时速度一定相同
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图所示，细杆上固定两个小球a和b，杆绕O点匀速转动。已知两小球做圆周运动半径之比Ra：Rb=1：2，则两个小球的角速度之比ωa:ωb=___________；线速度之比va:vb=__________。

14、将一个质量为1 kg的小球竖直向上抛出，又落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反．该过程的v－t如图所示，g取10 m/s2．小球落回抛出点时速度大小是______m/s

15、时间的精确测量对于研究运动是至关重要的。某同学用电火花计时器（其打点周期）来测定自由落体的加速度。
（1）下列器材中，实验中需要用到的有___________（只需填选项字母）。
A．毫米刻度尺
B．4～6V交流电源
C．天平
D．4~6V直流电源
（2）如果在所选纸带上取某点为0号点，然后连续取出6段位移，相邻点之间的距离记为写出用以及T来表示重力加速度的计算式：____。
（3）实验中由于纸带污损，如图所示为残留纸带上的一段，点为连续打出的，只能准确测量出两段长度，由此得到加速度的大小为___________。（计算结果保留三位有效数字）

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，一质量不计的弹簧原长为，一端固定于质量的物体上，另一端施一水平拉力F。（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，弹簧始终在弹性限度内，）
(1)若物体与水平面间的动摩擦因数为0.45，当弹簧拉长至时，物体恰好向右匀速运动，弹簧的劲度系数多大？
(2)若将弹簧压缩至，物体受到的摩擦力？
(3)若将弹簧拉长至，物体受到的摩擦力？

17、（10分）一货物传送装置如图所示,由倾角表面粗糙的固定斜槽和足够宽的水平传送带组成,斜槽与传送带垂直,末端与传送带在同一水平面上且相互靠近.传送带以恒定速度v0=3 m/s向前方运动,现将一质量m=1kg可视为质点的物块,从距离斜槽底端为s=2m的顶点A处无初速度释放,物块通过斜槽底端衔接处速度大小不变,物块最终与传送带相对静止,已知物块与斜槽间的动摩擦因数μ1=0.25,物块与传送带间的动摩擦因μ2=0.5,重力加速度为g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：
（1）物块在斜槽上运动时的加速度大小a1；
（2）物块离开斜槽时的速度大小v1；
（3）物块与传送带发生相对滑动的时间t

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】物体B停下来所用时间为

此时A、B距离为

设再经过t2后A追上B，则有

则物体A追上物体B所用的时间为
t=t1+t2=5s+3s=8s
故选B。
2、D
【解析】A．速度方向不一定是加速度的方向，选项A错误；
B．加速度为正，若速度为负，则速度越来越小，选项B错误；
C．根据可知，速度变化越大，加速度不一定越大，选项C错误；
D．若速度与加速度同向，则即使加速度不断减小，速度也是不断增大的，选项D正确。
故选D。
3、C
【解析】A．重力是由于地球的吸引而产生的，所以任意过程中，其反作用力均为人对地球的引力，A错误；
BC．弯曲的撑杆对人的作用力和人对撑杆的作用是相互作用力，故撑杆起跳上升阶段，弯曲的撑杆对人的作用力等于人对撑杆的作用，B错误，C正确；
D．最高点手已离开撑杆，运动员还能继续越过横杆，是因为人的惯性，而没有受到冲力作用，D错误。
故选C。
4、C
【解析】AB.力是物体对物体的相互作用，力的作用是相互的，单个物体不会产生力的作用，受力物体同时也是施力物体，故AB错误；
C.力是物体对物体的相互作用，力是成对出现的，一个力的发生必定涉及到两个物体，一个是施力物体，另一个是受力物体，故C正确；
D.重力的大小和方向与物体的运动状态无关，重力与物体所处的纬度和离地面的高度有关，故D错误。
故选C。
5、A
【解析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g
【详解】在小明下降过程，只受重力的作用，有向下的重力加速度，是处于完全失重状态，故A正确．小明起跳以后在上升过程，也是只受重力的作用，有向下的重力加速度，是处于完全失重状态，故B错误．在小明起跳过程中，地面要给人一个向上的支持力，支持力的大小大于人的重力的大小，人才能够有向上的加速度，向上运动，故C错误．起跳以后在下降过程中，重力仍不变，故D错误．故选A
【点睛】本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力或悬挂物的拉力变了
6、D
【解析】对半球体m1、m2整体受力分析如图所示：

A．只受重力和支持力这一对平衡力，相对地面并无运动趋势，故不受摩擦力，故A错误；
B．对m1受力分析，如图将重力正交分解，根据共点力平衡条件得到y方向：N﹣m1gcos53°=0，只要m1与半球的球心O的连线与水平线之间的夹角不变，N就不变，故B错误；
C．据题意得知：T=m2g，解得=，当＞时，m1gsin53°=T+f，其中T=m2g，f随着m2质量的逐渐增大而逐渐减小，故C错误；
D．当＞时，有T=m2g＜m1gsin53°，即拉力小于重力的下滑分量，m1有下滑趋势，摩擦力沿切线向上，当达到最大静摩擦力时m2g+μm1gcos53°=m1gsin53°，解得=，因而当＜≤2时，半球体对m1的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向上，故D正确
7、AB
【解析】由v-t图像可知物块在4-6s内做匀速直线运动，根据F-t图像可知这个过程中F=2N，根据二力平衡可得：
f=F=2N
由v-t图像可知物块在2-4s内做匀加速直线运动，且图像的斜率表示加速度，即，根据F-t图像可知这个过程中=3N，根据牛顿第二定律有：

解得
m=0.5kg
因为

解得
μ=0.4
综上分析可知，AB正确，CD错误。
故选AB。
8、AC
【解析】A．由所给图象知，物体1 s末的速度为9 m/s，选项A正确；
B．0~2 s内，物体的加速度
a＝m/s2＝3 m/s2
选项B错误；
C．6~7 s内，物体的速度、加速度为负值，表明它向西做加速直线运动，选项C正确；
D．10~12 s内，物体的速度为负值，加速度为正值，表明它向西做减速直线运动，选项D错误。
故选AC。
9、BD
【解析】物体A、B、C由图示位置静止释放后，B、C向下做匀加速运动，A向上做匀加速运动，加速度大小相等，分别对A和BC整体，根据牛顿第二定律列式，即可求得绳子上的拉力大小和物体A的加速度．为了便于观测和研究，加速度应适当小些
【详解】对物体A，由牛顿第二定律得： ，对B、C整体，由牛顿第二定律得： ，联立解得，，故A错误，B正确；由知的取值大一些，a小些，便于观测和研究，故C错误，D正确．所以BD正确，AC错误
【点睛】解决本题的关键是掌握隔离法研究加速度不同的连接体问题，要抓住A、BC三者加速度大小相等，运用牛顿第二定律研究
10、AD
【解析】以B点为研究对象，分析其受力情况，作出受力图，利用三角形相似法，得出各力与三角形ABC三边边长的关系，再分析其变化
【详解】以结点B为研究对象，分析受力情况，作出力的合成图如图，根据平衡条件则知，F、N的合力F合=G．根据三角形相似得：，∠BAC缓慢变大的过程，AC、AB均不变，则N不变，BC增加，则F变大，故BC错误，AD正确；故选AD

【点睛】本题涉及非直角三角形的力平衡问题，采用三角形相似，得到力与三角形边长的关系，再分析力的变化，是常用的方法
11、AC
【解析】分析小球受力情况：重力G，细线的拉力T和半球面的支持力，作出、T，G的矢量三角形，根据三角形相似法分析、T的变化
对小球P受力分析，受到绳子的拉力T，半球的支持力，竖直向下的重力G，如图所示，根据相似三角形法可知，因为OP和OD都是恒定不变的，G也不变，DP减小，所以可知不变，T减小，根据牛顿第三定律可知小球对半球的压力不变，绳子的拉力减小，即弹簧的弹力减小，所以弹簧变短，故AC正确

12、BC
【解析】AB．从图中可知两同学做的不是直线运动，轨迹不同，所以路程不一定相同，两同学的始末位置相同，所以位移相同，A错误B正确；
C．位移相同，所用时间相同，根据公式可知平均速度相同，C正确；
D．由于两者运动性质未知，所以两者的瞬时速度不一定相同，D错误。
故选BC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.1:1; ②.1:2;
【解析】[1]细杆上固定两个小球a和b，杆绕O点做匀速转动，所以a、b属于同轴转动，故两球角速度相等，故

[2]根据

可知

【点睛】解决本题的关键是抓住共轴转动，角速度相等，皮带传动线速度相同。
14、
【解析】根据速度时间图线得出匀减速运动的加速度大小，根据牛顿第二定律求出阻力的大小；根据牛顿第二定律求出下降的加速度，结合位移时间公式得出下落时间．根据图线得出上升的位移，结合下降的加速度，运用速度位移公式求出小球回到抛出点的速度大小.
【详解】小球向上做匀减速运动的加速度大小，根据牛顿第二定律得，mg+f=ma1，解得阻力f=ma1-mg=2N．小球上升的高度，小球下降的加速度大小，根据x=a2t22得，t2=s，则小球落回到抛出点时的速度大小为 v=a2t2=8 m/s
【点睛】本题考查了牛顿第二定律和速度时间图线的运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移
15、 ①.A ②. ③.9.65
【解析】（1）[1]．实验中要用毫米刻度尺测量纸带；电火花计时器要用220V交流电源；此实验不需要天平测质量；故只选A；
（2）[2]．相邻点之间的距离为x1、x2、x3、x4、x5、x6，周期为T；根据结合逐差法可得重力加速度的计算式：
；
（3）[3]．由逐差法△x=gt2知，重力加速度

三．计算题(22分)
16、 (1)；(2)16N、方向水平向右；(3)18N、方向水平向左
【解析】(1)由物体恰好匀速运动

根据胡克定律，可得

联立，解得

弹簧的劲度系数为400N/m。
(2)根据胡克定律，可得

代入数据，得

此时，物体不动，由二力平衡，可得

若将弹簧压缩至，物体受到的摩擦力大小16N，方向水平向右。
(3)根据胡克定律，可得

代入数据，得

则，物体所受滑动摩擦力

若将弹簧拉长至，物体受到的摩擦力大小为18N，方向水平向左。
17、 (1) a1=4m/s2 (2)v1=4m/s (3) t2=1s
【解析】(1)对斜槽上的物块进行受力分析，根据牛顿第二定律有

解得：
a1=4m/s2
(2)由速度—位移关系

解得：
v1=4 m/s
(3)以传送带为参考系，设物块滑到传送带上的速度大小为v

解得：
v=5m/s
根据牛顿第二定律有

解得
a2=5 m/s2
方向与传送带v0方向的夹角为53°偏向左

解得
t2=1s