2025-2026学年广西贺州市平桂管理区平桂高级中学高一上物理期末质量跟踪监视模拟试题含解析.doc

2025-2026学年广西贺州市平桂管理区平桂高级中学高一上物理期末质量跟踪监视模拟试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、关于地球上的物体，下列说法中正确的是（）
A物体静止时不受到重力作用
B.物体只有落向地面时才受到重力作用
C.物体落向地面时比物体上抛时所受的重力小
D.物体所受重力的大小与物体的质量有关，与物体是否运动及怎样运动无关
2、从牛顿第一定律可直接演绎得出（）
A.质量是物体惯性的量度
B.质量一定的物体加速度与合外力成正比
C.物体的运动需要力来维持
D.物体有保持原有运动状态的特性
3、以下描述了四个不同的运动过程，加速度最大的是（　　）
A.一架超音速飞机以500m/s的速度在天空沿直线匀速飞行了10s
B.一辆自行车以3m/s的速度从某一陡坡的顶端加速冲下，经过3s到达坡路底端时，速度变为12m/s
C.一只蜗牛由静止开始爬行，经过0.2s，获得了0.002m/s的速度
D.一列动车在离开车站加速行驶中，用了100s使速度由72km/h增加到144km/h
4、2019年女排世界杯中，中国女排以十一场全胜的成绩第五次获得世界杯冠军，图中所示为朱婷在世界杯比赛中扣球时的照片。若忽略空气阻力，下列说法中正确的是

A.扣球时手对排球的作用力大于排球对手的作用力
B.排球离手后空中处于完全失重状态
C.排球离手后在空中处于超重状态
D.排球离手后做自由落体运动
5、A、B两球质量相同，静止在倾角为30°的斜面上．两球之间栓接有轻弹簧．A球与挡板接触，B球通过细线与斜面顶端相连，细线绷紧，系统处于静止状态．则撤去挡板瞬间

A.弹簧弹力一定变大
B.细线拉力一定变大
C.A球一定处于失重状态
D.B球一定处于平衡状态
6、如图所示，地球赤道上的山丘e、近地卫星p和同步卫星q均在赤道平面上绕地心做匀速圆周运动．设e、p、q的线速度分别为v1、v2、v3，角速度分别为ω1、ω2、ω3，向心加速度分别为a1、a2、a3，周期分别为T1、T2、T3，则

A.v1＞v2＞v3 B.ω2＜ω1=ω3
C.a1＜a3＜a2 D.T2＞T1=T3
7、如图所示，电梯的顶部挂有一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为5N，g=10m/s2。关于电梯的运动，以下说法正确的是（　　）

A.电梯可能向下加速运动，加速度大小5m/s2
B.电梯可能向上加速运动，加速度大小为5m/s2
C.电梯可能向下减速运动，加速度大小为5m/s2
D.电梯可能向上减速运动，加速度大小为5m/s2
8、如图，健身用的拉力器上并列装有4根相同的弹簧，每根弹簧的原长都是40cm，某人用800N的水平力把它们拉长至1.4m。则

A.手受到拉力器的拉力为400N
B.每根弹簧产生的弹力为200N
C.每根弹簧的劲度系数为800N/m
D.每根弹簧的劲度系数为200N/m
9、如图所示，质量为m1的足够长木板静止在光滑水平面上，其上放一质量为m2的木块。t = 0时刻起，给木块施加一水平恒力F。分别用a1、a2和v1、v2表示木板、木块的加速度和速度大小，图中可能符合它们运动情况的是（　　）

A. B.
C. D.
10、在如图所示的位移（x）-时间（t）图象和速度（v）-时间（t）图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（　　）

A.t1时刻，乙车追上甲车
B.0～t1时间内，甲、乙两车平均速度相等
C.丙、丁两车在t2时刻相遇
D.0～t2时间内，丙、丁两车的平均速度相等
11、如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速度v1沿顺时针方向运动，一物体以水平速度v2从右端滑上传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面，此时速率为v2′，则下列说法正确的是（　　）

A.若v1＜v2，则v2′＝v1
B.若v1＞v2，则v2′＝v2
C.不管v2多大，总有v2′＝v2
D.只有v1＝v2时，才有v2′＝v2
12、如图所示，蜡块可以在竖直玻璃管内的水中匀速上升。若在蜡块从A点开始匀速上升的同时玻璃管沿水平方向向右做直线运动（如图），则关于蜡块的实际运动轨迹的说法中正确的是（　　）

A.若玻璃管向右做匀速直线运动，则轨迹为直线P
B.若玻璃管向右做匀加速直线运动，则轨迹为直线P
C.若玻璃管向右做匀加速直线运动，则轨迹为曲线R
D.若玻璃管向右做匀加速直线运动则轨迹为曲线Q
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、有关《探究小车速度随时间变化的规律》实验，完成下列问题：
（1）实验中用到的电火花计时器工作电压是220V的_______（选填“交流”或“直流”）电
（2）哪些操作对该实验是没有必要或者是错误的_________
A.要用天平测出钩码质量
B.先释放小车后启动打点计时器
C.为了便于测量，应该舍掉开头一些过于密集的点迹，找一个适当的点当作计时起点
D.作图像时，必须要把描出的各点都要连在同一条曲线上
（3）某同学利用打点计时器所记录的纸带来研究匀变速直线运动小车的运动情况，实验中获得一条纸带，如图所示，其中两相邻计数点间有四个点未画出．已知所用电源的频率为50Hz，则打A点时小车运动的速度v=_______m/s（保留3位有效数字），小车运动的加速度a=____m/s2（保留3位有效数字）

14、某同学用如图所示的装置探究求合力的方法．将一木板(图中未画出)竖直放置与铁架台和轻弹簧所在平面平行．其部分实验操作如下，请完成下列相关内容：

(1)如图甲，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；
(2)卸下钩码然后将两细绳套系在弹簧下端，用两弹簧测力计将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的________及两弹簧测力计相应的读数．图乙中B弹簧测力计的读数为________N；
(3)该同学在坐标纸上画出两弹簧测力计拉力FA、FB的大小和方向如图丙所示，请在图丙中作出FA、FB的合力F′ _____________；
(4)已知钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图丙所示，观察比较F和F′，得出结论：__________.
15、用如图所示装置探究加速度与力、质量的关系。将小车置于水平木板上，通过滑轮与槽码相连。小车可以在槽码的牵引下运动

（1）为达到实验目的，下列说法正确的是（ ）
A.用天平测物体的质量
B.探究的是槽码的加速度与力、质量的关系
C.同时研究某个物理量和另外两个物理量的关系，可采用控制变量的方法
（2）为了测出物体运动的加速度的值，同学们还提出了以下三种方案，其中可行的是_____.
A.小车做初速度为0匀加速直线运动，用刻度尺测量其移动的位移，用秒表测出发生这段位移所用的时间t，由计算出加速度
B.将打点计时器的纸带连在小车上，通过纸带上打出的点来测量加速度
C.让两辆相同的小车同时做初速度为0且加速度不同的匀加速直线运动，并同时停下，那么它们的位移之比就等于加速度之比，测量加速度就转换为测量位移了
（3）在此实验中，通过测力计用手直接给小车施加一个恒力是否可行？并分析原因______.
三．计算题(22分)
16、（12分）冬奥会四金得主王濛于2014年1月13日亮相全国短道速滑联赛总决赛．她领衔的中国女队在混合3 000米接力比赛中表现抢眼．如图所示，ACD是一滑雪场示意图，其中AC是长L＝8 m、倾角θ＝37°的斜坡，CD段是与斜坡平滑连接的水平面．人从A点由静止下滑，经过C点时速度大小不变，又在水平面上滑行一段距离后停下．人与接触面间的动摩擦因数均为μ＝0.25，不计空气阻力，取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，求：

(1)人从斜坡顶端A滑至底端C所用的时间
(2)人在离C点多远处停下
17、（10分）在某次一级方程式赛车会上，某车手驾车沿直线赛道匀加速依次通过A、B、C三点，已知由A到B，由B到C的时间分别为t1＝2s，t2＝3s，AB的距离x1＝20m，BC距离x2＝60m，赛车在此赛道的最大速度为vm＝38m/s，求：

（1）赛车匀加速的加速度以及通过A点时的速度；
（2）赛车通过C点后还能加速的距离
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】地面附近一切物体都受到地球的吸引，由于地球的吸引而使物体受到的力叫做重力，其G=mg，所以与物体的质量和所处的位置有关，与物体的运动状态无关，故D正确，ABC错误
故选D
2、D
【解析】要解决此题需要掌握牛顿第一定律的内容，即任何物体在不受任何外力的作用下，总保持匀速直线运动状态或静止状态．并且要理解牛顿第一定律的内容
【详解】一切物体在不受外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态．静止状态或匀速直线运动状态是指原来静止的将保持静止状态，原来运动的将保持匀速直线运动状态．故牛顿第一定律说明了一切物体均有惯性，会保持原来的运动状态；同时说明了力是改变物体运动状态的原因；
故只有D正确；
故选D
【点睛】此题主要考查了对牛顿第一定律的理解，不仅要知道牛顿第一定律的内容，并且要理解“或”字的含义
3、B
【解析】A．飞机为匀速运动，因此
B．自行车的加速度为

C．蜗牛的加速度为

D．先把72和144进行换算得到20和4，然后进行计算得到动车的加速度为

然后根据从大到小的顺序排列得出

由此可以得出自行车的加速度最大。故选择B。
4、B
【解析】A．扣球时手对排球的作用力和排球对手的作用力是一对相互作用力，等大反向，A错误；
BC．排球离手后在空中，若忽略空气阻力，则只受重力作用，加速度竖直向下，大小等于g，处于完全失重状态，B正确C错误；
D．自由落体运动的初速度为零，而排球离开手后，初速度不为零，做抛体运动，不是自由落体运动，D错误；
故选B。
5、D
【解析】弹簧形变是一过程，撤去挡板瞬间，弹簧没发生形变，弹力不变，小球B的受力不变，则绳的拉力不变，处于平衡状态，选项AB错误，D正确；若开始时弹簧处于伸长状态，且挡板的弹力为零，则撤去挡板瞬间，A球仍静止，不是处于失重状态，选项C错误；
点睛：此题关键是要讨论弹簧开始时所处的可能的状态，然后结合平衡知识及牛顿第二定律分析解答.
6、C
【解析】A．山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据

由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故v1＜v3；根据卫星的线速度公式

由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的线速度大于同步通信卫星的线速度，即v3＜v2；故v1＜v3＜v2，故A错误；
B．山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据

得ω1=ω3；根据卫星的线速度公式

由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故ω3＜ω2；故
ω1=ω3＜ω2
故B错误；
C．山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据

由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故山丘e的轨道加速度大于同步通信卫星q的加速度，即a1＜a3；根据卫星的周期公式

由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的加速度小于同步通信卫星的加速度，即a3＜a2；故
a1＜a3＜a2
故C正确；
D．综上分析可得：

故D项错误
7、AD
【解析】对物体受力分析，据牛顿第二定律可得物体的加速度，从而判断物体的可能运动情况。
【详解】电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，物体处于平衡状态，有

则物体的质量为

弹簧秤的示数变为5.0N时，对物体受力分析，据牛顿第二定律可得

解得
，方向竖直向下
电梯加速度大小为5 m/s2，可能向下加速运动，也可能向上减速运动，故选AD。
8、BD
【解析】由题可知弹簧伸长量为：，4根相同的弹簧共承受800N的水平力，每根弹簧产生的弹力为：

每根弹簧的劲度系数为：

因为人用了800N的水平力，所以手受到拉力器的拉力为800N。故AC错误；BD正确。
故选BD。
9、AC
【解析】A．若长木板和木块之间没有相对滑动，A正确；
BCD．若长木板和木块之间有相对滑动，则a2 > a1，BD错误、C正确。
故选AC。
10、AB
【解析】A、在t1时刻甲乙位移相同，故两车相遇，由于相遇前乙车在后，故是乙车追上甲车，故A正确；
B、在t1时刻两车的位移相等，时间相等，所以平均速度相等，故B正确；
C、丙、丁两车在t2时刻速度相等，为相遇前距离最远的时刻，没有相遇，故C错误；
D、0～t2时间内．丙、丁两车的位移不相等，丁的位移大于丙的位移，故丁的平均速度大于丙的，故D错误；
11、AB
【解析】由于传送带足够长，物体减速向左滑行，直到速度减为零，然后物体会在滑动摩擦力的作用下向右加速，分三种情况讨论：
A．如果v1＜v2，物体返回地会先在滑动摩擦力的作用下加速，当速度增大到等于传送带速度时，物体还在传送带上，之后不受摩擦力，故物体与传送带一起向右匀速运动，有v2′=v1；故A正确；
B．如果v1＞v2，返回时物体会一直向右加速，当速度大小增大到等于v2时，物体恰好离开传送带，有v2′=v2；故B正确；
CD．如果v1=v2，物体返回时同样会一直加速，当速度大小增大到等于v2时，物体恰好离开传送带，有v2′=v2；综上可知，CD错误；
故选AB。
12、AD
【解析】A.蜡块参与了水平方向上匀速直线运动和竖直方向上的匀速直线运动，因此蜡块将沿着合速度的方向做匀速直线运动，则轨迹为直线P，故A正确；
BCD.当合速度的方向与合力（合加速度）的方向不在同一条直线上，物体将做曲线运动，且轨迹夹在速度与合力方向之间，轨迹的凹向大致指向合力的方向。合加速度方向水平向右，不在同一直线上，轨迹的凹向要大致指向合力的方向，则轨迹为曲线Q，故BC错误，D正确；
故选AD

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.（1）交流 ②.（2）ABD ③.（3）0.337 ④.0.393
【解析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上A点时小车的瞬时速度大小
【详解】（1）实验中用到的电火花计时器工作电压是220V的交流电
（2）实验处理纸带时不需要物体的质量，所以不用测出钩码质量，故A错误．在打点时应先启动打点计时器后释放小车，故B错误．在纸带上确定计时起点时，应从打点清晰的地方开始选点计时，故C正确．作图象时，要尽量把描出的各点都要连在同一条直线上，不在同一条直线上的点尽量分布在直线两侧，故D错误．此题选择没有必要或者是错误的，故选ABD.
（3）已知每两个记数点间有4个计时点未画出，所以T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度．得：
根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4-x2=2a1T2；x3-x1=2a2T2
为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值
得：a=（a1+a2）
即小车运动的加速度计算表达式为：
解得：a=0.393m/s2
14、 ①.方向； ②.11.40； ③. ④.在实验误差允许范围内F和相等；
【解析】（2）根据验证平行四边形定则的实验原理要记录细绳套AO、BO的方向和拉力大小，拉力大小由弹簧秤读出，分度值为0.1N，估读一位：11.40N；
（3）作图如下：

（4）若已知钩码的重力大小与理论合力F′的大小相等，请观察比较可得出二力合成点的规律是：在误差允许的范围内，二力合成满足平行四边形定则
15、 ①.AC ②.BC ③.不行
【解析】（1）[1] A.由于本实验是探究小车的加速度与质量、力的关系，必须改变小车的质量，所以要用天平测量小车的质量，故A正确，B错误；
C.同时研究某个物理量和另外两个物理量的关系，可采用控制变量的方法，故C正确；
故选AC。
（2）[2] A.利用公式求解加速度，用刻度尺测量其移动的位移，由于存在打点计时器可以用其记录时间，不用秒表记录时间，秒表记录时间误差较大，故A不可行；
B.将打点计时器的纸带连在小车上，通过纸带上打出的点来测量利用求解加速度，故B可行；
C.让两辆相同的小车同时做初速度为0且加速度不同的匀加速直线运动，并同时停下，那么根据可知它们的位移之比就等于加速度之比，测量加速度就转换为测量位移了，故C可行；
故选BC。
（3）[3]不行，在质量一定的情况下，找合力F与加速度a的关系，要多次改变力F，通过纸带求出多个加速度a，然后做的图像，从而找出加速度与合力的关系，仅仅用手施加一个恒力则无法找到这个关系，故不行。

三．计算题(22分)
16、 (1)t＝2 s (2)x＝128
【解析】(1)人在斜坡上下滑时，受力分析如图所示

设人沿斜坡下滑的加速度为a，沿斜坡方向，由牛顿第二定律得mgsin θ－Ff＝ma
Ff＝μF
垂直于斜坡方向有FN－mgcos θ＝0
联立以上各式得a＝gsin θ－μgcos θ＝4 m/s2
由匀变速运动规律得L＝at2 t＝2 s
(2)人在水平面上滑行时，水平方向只受到地面的摩擦力作用．设在水平面上人减速运动的加速度为a′，由牛顿第二定律得μmg＝ma′
设人到达C处的速度为v，则人在斜面上下滑的过程：v2＝2aL 人在水平面上滑行时：
0－v2＝－2a′x
联立以上各式解得x＝12.8
17、（1）4m/s2， 6m/s；（2）96m
【解析】利用位移时间关系公式表示AB段位移和AC段位移，联立求解所设的物理量；先根据速度时间关系公式求解C点速度，然后速度位移关系求解还能加速的位移
【详解】解：（1）赛车在A点速度为vA，加速度为a，根据位移时间公式则有

vA（t1+t2）+a（t1+t2）2＝x1+x2
将已知数据代入上上式解得
a＝4m/s2
vA＝6m/s
（2）赛车在C点的速度为vC，还能加速的距离为x3，根据速度时间公式则有
vC＝vA+a（t1+t2）
根据速度位移公式

解得
vm＝38m/s
联立上式解得
x3＝96m
即还能加速96m。
【点睛】本题关键是明确质点的运动规律，然后灵活地选择运动学公式和过程列式求解。