2025年安徽省滁州市定远县民族中学高一物理第一学期期末质量跟踪监视试题含解析.doc

2025年安徽省滁州市定远县民族中学高一物理第一学期期末质量跟踪监视试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、在平直公路上以18m/s的速度行驶的汽车，紧急刹车后的加速度大小为6.0m/s2，则它刹车后4s内的位移是（ ）
A.54m B.36m
C.27m D.24m
2、一石块从距地面高度为H处自由下落，不计空气阻力．当石块运动时间为落地时间的一半时，石块距地面的高度为
A. B.
C. D.
3、物体仅受到大小分别为4N和8N的两个力作用，其合力大小可能为（　　）
A.1N B.3N
C.7N D.13N
4、如图所示，质量分别为2m和3m的两个小球置于光滑水平面上，且固定在劲度系数为k的轻质弹簧的两端．现在质量为2m的小球上沿弹簧轴线方向施加大小为F的水平拉力，使两球一起做匀加速直线运动，则此时弹簧的伸长量为（ ）

A. B.
C. D.
5、关于运动物体速度、速度变化和加速度的关系，下列说法正确的是（　　）
A.物体速度的方向为正，其加速度的方向一定为正
B.物体的加速度越来越大，其速度一定越来越大
C.物体速度的变化越来越大，其加速度可能越来越小
D.物体加速度的方向与速度的方向一定相同
6、光滑斜面上固定着一根刚性圆弧形细杆，小球通过轻绳与细杆相连，此时轻绳处于水平方向，球心恰位于圆弧形细杆的圆心，如图所示，将悬点A缓慢沿杆向上移动，直到轻绳处于竖直方向，在这个过程中，轻绳的拉力(　　)

A.逐渐增大 B.大小不变
C先增大后减小 D.先减小后增大
7、两个小球在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，B球在前，A球在后，，，，，当A球与B球发生碰撞后，AB两球的速度可能为（　　）
A.， B.，
C.， D.，
8、如图所示为甲、乙两个质点从同一位置同时开始做直线运动的位移－时间图像，甲的图线为抛物线，则下列说法正确的是

A.甲运动的初速度大小为5m/s
B.甲、乙相遇时，运动方向相反
C.甲、乙两质点间的距离先减小后增大
D.在甲、乙相遇前，甲的速度为2.5m/s时，甲乙相距最远
9、甲、乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，甲做匀速运动，乙在前一秒内做匀加速运动，之后做变加速运动，它们的v-t图象如图所示，则下列说法中正确的是（　　）

A.1s前甲在前，1s后乙在前
B.两质点相遇时距出发点40m
C.前4s时间内乙的平均速度大于甲的平均速度
D.前4s时间内质点之间的最大距离可能是11m
10、如图所示，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧连接。两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在物体上，使m1、m2以相同的加速度向右加速运动，则（　　）

A.弹簧的弹力是50N
B.弹簧的弹力是26N
C.在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为5m/s2
D.在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s2
11、如图所示，在上端开口的饮料瓶的侧面戳一个小孔，瓶中灌水，手持饮料瓶静止时，小孔有水喷出．若饮料瓶在下列运动中，没有发生转动且忽略空气阻力，小孔不再向外喷水的是( )

A.自由下落
B.饮料瓶被水平抛出后的运动过程中
C.饮料瓶被竖直向上抛出后的运动过程中
D.手持饮料瓶向上加速运动的过程中
12、质量为0.3kg的物体在水平面上做直线运动，图中的两条直线分别表示物体受水平拉力和不受水平拉力的v﹣t图象，则下列说法中不正确的是（）

A.水平拉力可能等于0.3N
B.水平拉力一定等于0.1N
C.物体受到的摩擦力可能等于0.1N
D.物体受到的摩擦力可能等于0.2N
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、请完成“验证力的平行四边形定则”实验的相关内容.
(1) 如图甲所示,在铺有白纸的水平木板上,橡皮条一端固定在A点,另一端拴两个细绳套.

(2)如图乙所示,用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条,使绳与橡皮条的结点伸长到某位置并记为O点,记下此时弹簧测力计的示数F1和F2及_________________.
(3) 如图丙所示,用一个弹簧测力计拉橡皮条,使绳与橡皮条的结点拉到O点,记下此时弹簧测力计的示数F=____________N和细绳的方向.
(4) 如图丁所示,已按一定比例作出了F1、F2和F的图示,请用作图法作出F1和F2的合力F/._____
(5) F/与F大小相等,方向略有偏差,如果此偏差仅由F1引起,则原因是F1大小比真实值偏_______(填“大”或“小”)或F1与F2的夹角比真实夹角偏______________.(填“大”或“小”)
14、如图所示为某同学研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”的实验装置示意图

（1）下面列出了一些实验器材：电磁打点计时器、纸带、带滑轮的长木板、垫块、小车和砝码、沙和沙桶、刻度尺．除以上器材外，还需要的实验器材有________
A．秒表 B．天平（附砝码）C．低压交流电源 D．低压直流电源
（2）实验中，需要平衡阻力．把木板一端垫高，调节木板的倾斜度，使小车在不受绳的拉力时能沿木板________
（3）实验中，为了保证小车受到绳子的拉力近似等于沙和沙桶所受的重力，沙和沙桶的总质量m与小车和车上砝码的总质量M之间应满足的条件是________
（4）如图所示，A、B、C、D、E为五个相邻的计数点，若相邻计数点之间的时间间隔T＝0.10s，相邻计数点间的距离分别为xAB＝4.54cm，xBC＝5.13cm，xCD＝5.72cm，xDE＝6.33cm，则小车的加速度a＝________ m/s2（结果保留3位有效数字）

（5）为了直观得到加速度a与小车和车上砝码的总质量M的关系，本实验需多次改变M，测量相应的加速度a，并描绘a与_______的关系图像
15、在做“研究匀变速直线运动”实验中，打点计时器打出的一条纸带中的某段如图所示，若A，B，C…点间的时间间隔均为0.10s，从图中给定的长度，求小车的加速度大小是____m/s2，打下C点时小车的速度大小是____m/s。（结果保留到小数点后一位）

三．计算题(22分)
16、（12分）如图，光滑水平面上静置一长木板A，质量M=4kg，A的最前端放一小物块B（可视为质点），质量m=1kg，A与B间动摩擦因数μ=0.2．现对木板A施加一水平向右的拉力F，取g=10m/s2．则：

（1）若拉力F1=5N，A、B一起加速运动，求A对B静摩擦力f的大小和方向；
（2）为保证A、B一起加速运动而不发生相对滑动，求拉力最大值Fm（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等）；
（3）若拉力F2=14N，在力F2作用t=ls后撤去，要使物块不从木板上滑下，求木板的最小长度L
17、（10分）气球以4m/s的速度从地面匀速上升，上升过程中从气球上掉落一个小物体，该物体离开气球后经2s着地。小物体离开气球后，气球以1m/s2的加速度匀加速上升。不计空气阻力，g=10m/s2。求：
（1）小物体离开气球时，气球的高度；
（2）小物体着地时，气球距地面的高度。
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】汽车刹车做匀减速直线运动，根据刹车的加速度和初速度，求出刹车到速度减为零的时间，分析刹车后4s时汽车的运动情况，再选择公式求解汽车刹车后4s内的位移
解：汽车刹车做匀减速直线运动，已知v0=18m/s，a=﹣6m/s2，t=4s
设经时间t汽车速度减为零，由v=v0+at，得
t==3s，即t=3s时，汽车速度刚好减为零，
则汽车刹车后4s内的位移为s=v0t+at2=18×3﹣×6×32=27m
故选C
2、C
【解析】设石块落地时的时间为t，则有：
H=gt2
当石块运动时间为落地时间的一半时下落得高度为：

石块距地面的高度为：
.
A.，与结论不相符，选项A错误；
B.，与结论不相符，选项A错误；
C.，与结论相符，选项C正确；
D.，与结论不相符，选项D错误.
3、C
【解析】两力合成时，合力范围为

故代入数据得合力范围为
4N≤F≤12N
故C可能，ABD不可能。
故选C。
4、B
【解析】根据牛顿第二定律，对整体有

对质量为3m的小球：

联立解得，弹簧的弹力大小为

根据胡克定律可得

则此时弹簧的伸长量为：

故B正确
5、C
【解析】ABD．根据加速度的定义式

可知加速度的大小和方向与速度的大小和方向无必然联系，ABD错误；
C．根据加速度的定义式可知，越大，若更大，则加速度减小，C正确。
故选C。
6、D
【解析】以小球为研究对象，分析受力情况：受重力G、斜面的支持力N和轻绳的拉力T，如图所示．由平衡条件得知，N和T的合力与G大小相等、方向相反，将悬点A缓慢沿杆向上移动，使轻绳绕O点逆时针转动的过程中，T先减小后增大，故D正确

7、AB
【解析】A．碰撞后，A、B的动量
pA=1×4kg·m/s=4kg·m/s，pB=2×4kgm/s=8kg·m/s
系统动量守恒，系统总动能
Ek=mAvA2+mBvB2=×1×42J+×2×42J=24J<25J
系统动能不增加，故A正确；
B．碰撞后，A、B的动量
pA=1×2kg·m/s=2kg·m/s，pB=2×5kg·m/s=10kg·m/s
系统动量守恒，系统总动能
E′k=mAv′A2+mBv′B2=×1×22J+×2×52J=27J<25J
系统动能不增加，故B正确；
C．碰撞后，A、B的动量
p′A=1×（-4）kg·m/s=-4kg·m/s，p′B=2×6kg·m/s=12kg·m/s
系统动量不守恒，故C错误；
D．由题碰撞后，两球的动量方向都与原来方向相同，A的动量不可能沿原方向增大，故D错误。
故选AB。
8、BD
【解析】本题考查x-t图像的物理意义。
【详解】A.甲的图线为抛物线，表明甲做的是匀变速运动，由图像可知，甲先做匀减速运动，设初速度为v0，则0—2s内，，求得，故A错误；
B.甲乙相遇时，甲沿负方向运动，乙沿正方向运动，两者运动方向相反，故B正确；
C.甲、乙两质点间的距离先增大后减小再增大，故C错误；
D.甲运动的加速度大小，当甲的位移为7.5m时，运动的时间为t，

解得t=1s或t=3s，结合图像可知，乙的速度大小为，因此在甲、乙相遇前，甲的速度为2.5m/s时，甲乙相距最远，故D正确。
故选BD。
9、CD
【解析】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，图象的斜率表示加速度，图象与坐标轴围成面积代表位移，平均速度等于位移除以时间．速度相等时两质点间的距离最大．结合几何知识分析
【详解】A项：1s前甲的速度比乙的大，则甲在前．由图象可知，1s末两质点速度相等，但是没有相遇，所以1s后一段时间内，甲仍在乙的前面，故A错误；
B项：由图象可知，4s末甲离出发点40米，而乙离出发点大于40m，此时两者没有相遇，故B错误；
C项：前4s时间内乙的位移大于甲的位移，时间相同，所以前4s时间内乙的平均速度大于甲的平均速度，故C正确；
D项：在两质点相遇前，1s末两质点之间的距离为5m，但是4s内不是1s末两者相距最远，而是4s末两者相距最远，故最远距离等于两质点位移之差，根据“面积法”知，最大距离大于，可能为11m，故D正确
故选CD
【点睛】本题是速度-时间图象的应用，关键要知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移，通过面积法分析最大距离
10、BD
【解析】AB．对整体分析，根据牛顿第二定律知，加速度

隔离对m1分析
F1-F=m1a
则弹簧的弹力
F=F1-m1a=30-2×2N=26N
故A错误，B正确；
C．撤去F2后的瞬间，弹簧的弹力不变，则m1的加速度大小不变，仍然为2m/s2。故C错误；
D．在突然撤去F1后的瞬间，弹簧的弹力不变，则m1的加速度

故D正确。
故选BD。
【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用。
11、ABC
【解析】若要水不往外喷，则不受竖直方向的压力，就要求水在运动过程中完全失重，即只受重力，加速度为g的情况就符合题意.
A．描述与分析相符，故A正确.
B．描述与分析相符，故B正确.
C．描述与分析相符，故C正确.
D．描述与分析不符，故D错误.
12、BCD
【解析】先根据图象得到物体的运动情况，求出加速度，再根据牛顿第二定律求出合力；再受力分析后得到拉力和摩擦力的可能值
【详解】由图知：a图表示加速度为的匀减速运动，b图表示加速度为的匀减速运动；
故根据牛顿第二定律，a受到合外力0.1N，b受到合外力0.2N；
如果a受水平拉力，那么b仅受摩擦力是0.2N，所以a受到向前的0.1N的拉力；
同理，如果b受水平拉力，那么由a知摩擦力是0.1N，b受到向后0.1N的拉力；
故无论如何拉力始终是0.1N，而摩擦力可能是0.1N，也可能是0.2N；
故选BCD。
【点睛】本题关键先由图象得到运动情况，求出加速度后，根据牛顿第二定律求出合力，再受力分析，得到各个未知力

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.两细绳的方向 ②.3.00 ③.由力的图示作出F1和F2的合力F',如图 ④.大 ⑤.大
【解析】（1）实验时用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条，使绳与橡皮条的结点伸长到某位置并记为O点，记下此时弹簧测力计的示数F1和F2及两细绳的方向；
（2）分度值为0.1N，要估读到分度值下一位，弹簧测力计的示数3.00N；
（3）由力的图示作出F1和F2的合力
（4）F/与F大小相等，方向略有偏差，此偏差仅由F1引起，F2的真实值，合力的真实值为F′，F1为测量值，由图可知，F1的大小比真实值偏大，F1的方向使它与F2的方向夹角比真实值偏大
14、 ①.BC ②.匀速下滑或做匀速直线运动均可 ③. ④.0.595 ⑤.
【解析】（1）[1]电磁打点计时器需要使用低压交流电源，实验过程中需要测量小车质量、沙与沙桶质量，因此实验需要用到天平，故BC正确，AD错误；
（2）[2]实验前要平衡摩擦力，把木板一端垫高，调节木板的倾斜度，使小车在不受绳的拉力时能沿木板做匀速直线运动；
（3）[3]以整体为研究对象有
mg=（m+M）a
解得

以M为研究对象有绳子的拉力

显然要有
F=mg
必有
m+M=M
故有

即只有时才可以认为绳对小车的拉力大小等于沙和沙桶所受的重力。
（4）[4]由匀变速直线运动推论以及逐差法
△x=aT2
可得加速度

（5）[5]由牛顿第二定律得

F一定时，a与成正比，可以作出图象。
15、 ①.4.0 ②.1.1
【解析】[1]由于每相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：
；
[2]根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小：
。

三．计算题(22分)
16、（1）f= 1N，方向水平向右；（2）Fm= 10N．（3）木板的最小长度L是0.7m
【解析】（1）对AB整体分析，由牛顿第二定律得：F1=（M+m）a1
对B，由牛顿第二定律得：f=ma1联立解得f =1N，方向水平向右；
（2）对AB整体，由牛顿第二定律得：Fm=（M+m）a2对B，有：μmg=ma2联立解得：Fm=10N
（3）因为F2＞Fm，所以AB间发生了相对滑动，木块B加速度为：a2=μg=2m/s2．木板A加速度为a3，则：F2-μmg=Ma3解得：a3=3m/s2
1s末A的速度为：vA=a3t=3m/s
B的速度为：vB=a2t=2m/s
1s末A、B相对位移为：△l1==0.5m撤去F2后，t′s后A、B共速
对A：-μmg=Ma4可得：a4=-0.5m/s2．共速时有：vA+a4t′=vB+a2t′可得：t′=0.4s撤去F2后A、B相对位移为：△l2==0.2m为使物块不从木板上滑下，木板的最小长度为：L=△l1+△l2=0.7m
17、（1）12m；（2）22m
【解析】（1）设v0=4m/s，t=2s，a=1m/s2，物体离开气球时，气球的高度为：

解得：m
（2）物体下落过程中，气球继续上升：

小物体着地时，气球距地面的高度为：

解得：m