2026届四川省成都市蓉城名校联盟高一物理第一学期期末统考模拟试题含解析.doc

2026届四川省成都市蓉城名校联盟高一物理第一学期期末统考模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、一个运动员在百米赛跑中，测得50m处的瞬时速度6m/s，16s末到达终点的瞬时速度为7.5m/s，则全程的平均速度大小为
A.5m/s B.6m/s
C.6.25m/s D.7.5m/s
2、在港珠澳大桥高速公路上乘坐汽车时，驾乘人员必须系好安全带，其目的是
A.防止汽车急刹时驾乘人员惯性消失
B.防止汽车加速时驾乘人员惯性变大
C.防止汽车减速时驾乘人员惯性变小
D.防止在紧急情况时驾乘人员由于惯性飞离座椅，从而造成伤害
3、如图所示，三根轻绳分别系住质量为m1、m2、m3的物体，它们的另一端分别通过光滑的定滑轮系于O点，整体装置处于平衡状态时，OA与竖直方向成30°角，OB处于水平状态，则关于m1、m2、m3的比值，以下说法正确的是(　　)

A.m1:m2:m3=2::1 B.m1:m2:m3=4::1
C.m1:m2:m3=1:2:3 D.m1:m2:m3=4:2:1
4、有一个直角支架AOB，AO水平放置，表面粗糙，OB竖直放置，表面光滑。AO上套有小环P，OB上套有小环Q，两环质量均为m，两环用一质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡，如图，现将P环向右移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，AO杆对P环的支持力FN和细绳上的拉力FT的变化情况是（　　）

A.FN不变，FT变大 B.FN不变，FT变小
C.FN变大，FT变大 D.FN变大，FT变小
5、高中物理开始学习矢量，矢量的方向尤为重要。下图中静止物体A受力示意图正确的是（　　）
A.
B.
C.
D.
6、如图所示，质量均为的物体、静止在竖直的轻弹簧上面．质量为的物体用细线悬挂起来，、紧挨在一起但、之间无压力．某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间，对的压力大小为(取)(　 　)

A. B.0
C. D.
7、如图所示，水平传送带两端、相距，以的速度（始终保持不变）顺时针运转．今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至端，由于煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕已知煤块与传送带间的动摩擦因数，重力加速度，则煤块从运动到的过程中

A.煤块从运动到的时间是2.3 s
B.煤块从运动到时间是1.6 s
C.划痕长度是2.8 m
D.划痕长度是3.2 m
8、如图所示，表面光滑的半球形物体固定在水平面上，光滑小环D固定在半球形物体球心O的正上方，轻质弹簧一端用轻质细绳固定在A点，另一端用轻质细绳穿过小环D与放在半球形物体上的小球P相连，DA水平．现将细绳固定点A向右缓慢平移的过程中(小球P未到达半球最高点前)，下列说法正确的是

A.弹簧变短
B.弹簧变长
C.小球对半球的压力不变
D.小球对半球的压力变大
9、如图所示，一质量为M的圆环套在一根粗糙的水平横杆上，圆环通过轻绳和质量为m的物块相连，物块在水平向右的风力作用下偏离竖直方向一定的角度（如图中虚线位置所示）。现风力发生变化使物块偏离到图中实线位置（缓缓移动），但圆环仍然不动，在这一过程中，水平风力大小F风、绳子上的张力大小FT、横杆对圆环的摩擦力大小f、横杆对圆环的支持力大小FN变化情况正确的是（　　）

A.F风逐渐变大，FT逐渐变大
B.F风逐渐变大，FT逐渐变小
C.f逐漸变大，FN保持不变
D.f保持不变，FN逐渐变小
10、如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧，上端固定，下端连着一质量为m的物块A，A放在托盘B上，B的质量也为m。初始时在竖直向上的力F作用下系统静止，弹簧处于自然长度。现改变竖直向上的力F的大小，使A匀加速下降。已知重力加速度为g，A的加速度为a=0.25g，空气阻力不计，弹簧始终在弹性限度内，则在A匀加速下降的过程中，以下说法正确的是（　　）

A.B对A的支持力可能为0.85mg
B.弹簧的最大形变量为
C.力F对B的作用力可能为0.9mg
D.力F对B作用力最小值为0.65mg
11、下列物理量的单位中，属于国际基本单位的是（　　）
A.质量的单位kg B.速度的单位m/s
C.时间的单位s D.力的单位N
12、受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上做直线运动，其v－t图象如图所示，则

A.在0～t1秒内，外力F的大小不断减小
B.在t1时刻，外力F为零
C.在t1～t2秒内，外力F的大小可能不断减小
D.在t1～t2秒内，外力F的大小可能先减小后增大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、NBA球赛中，篮球以的速度水平撞击篮板后以的速度反向弹回，球与篮板接触的时间，则篮球在水平方向的加速度大小为_________，方向_________。以篮球飞来方向为正方向
14、如图所示，打点计时器固定在斜面的某处，让一滑块拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下．图2是某同学实验时打出的某条纸带的一段

（1）已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，利用该纸带中测出的数据可得滑块下滑的
加速度大小a = _______ m/s2；
（2）打点计时器打B点时，滑块的速度大小vB = ________ m/s(结果保留三位有效数字)；
（3）为了测出滑块与斜面间的摩擦力，该同学已经测出斜面的长度l及高度h，他还需要测量的物理量是（重力加速度为g）____________，利用测得的量及加速度a表示摩擦力的大小f =____________
15、某同学为了测量滑块和水平放置的长木板之间的动摩擦因数，采用如图所示的实验装置进行实验．已知滑块的质量为m1，托盘的质量为m2，重力加速度为g

（1）不计打点计时器与纸带间的摩擦力，本实验________（填“需要”或“不需要”）使滑块的质量远大于托盘及砝码的质量；
（2）若砝码的总质量为m3，打点计时器打出的纸带上相邻两点之间的间隔相同，则滑块和长木板之间的动摩擦因数为____________
（3）若砝码的总质量为m4，由打点计时器打出的纸带上的点求得滑块做匀加速运动的加速度大小为a，则滑块和长木板之间的动摩擦因数为_______
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，水平传送带以v＝2 m/s的速度匀速转动，传送带两端的长度L＝8 m．现在传送带左端A无初速度竖直释放某一物块，t1＝2 s时物块的速度与传送带的速度相同，试求：(g＝10 m/s2)

(1)物块与传送带间的动摩擦因数μ；
(2)物块由传送带左端A运动到右端B的时间t；
(3)若传送带匀速转动的速度可调，则传送带至少以多大速度vmin运行，物块从A端到B端运动时间才最短？
17、（10分）如图所示，长为L=8m、质量为M=4kg的长木板放置于光滑的水平面上，其左端有一个大小可忽略，质量为m=1kg的物块，物块与木板间的动摩擦因数为0.4，开始时物块与木板处于静止状态，物块的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2；用外力固定木板，对物块施加方向水平向右的恒定拉力F=8N，使物块在木板上滑动起来，求：

（1）求物块在木板上滑行的加速度大小；
（2）物块从木板左端运动到右端经历的时间；
（3）若不用外力固定木板，对物块施加方向水平向右的恒定拉力F=2N，求物块和木板的加速度大小.
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】正确理解平均速度的定义，直接根据公式即可正确解答本题
【详解】排除题目中的干扰因素，百米比赛为直道，其位移为100米，所以平均速度为：，故ABD错误，C正确．故选C
【点睛】平均速度是采用比值法定义的，大小与位移和时间无关，注意平均速度大小等于位移与时间比值，并非路程和时间比值，注意他们的区别
2、D
【解析】ABC．惯性是物体本身具有的属性，惯性的大小只与物体的质量有关，故ABC错误；
D．驾乘人员和汽车一起向前运动，紧急刹车时，汽车由运动突然变成静止，而驾乘人员由于具有惯性，会向前倾倒造成人身伤害，所以驾车时必须系好安全带，故D正确。
故选D
3、A
【解析】对结点O受力分析，受到三根绳子的拉力，根据平衡条件作图，找出直角三角形，解出三根绳子的拉力大小的关系．再根据三根绳子中的拉力分别等于三个物体的重力，列式求解
【详解】对结点O受力分析，O点受到三根绳子的拉力如图所示

根据三角形的知识有：

根据三力平衡条件可知，Fb和Fc的合力F与Fa等值反向，
所以有：；

根据定滑轮两端拉力相等，有：，，

故选A
【点睛】此题的关键是选好研究对象，选择三根绳子的结点为研究对象，对其进行受力分析，根据平衡条件求解．此题属于中档题
4、A
【解析】以两环组成的整体为研究对象，分析受力情况如图1所示

竖直方向合为零，取整体为研究对象，根据平衡条件得

将P环向右移一小段距离，支持力保持不变。
以Q环为研究对象，分析受力情况如图2所示，设细绳与OB杆间夹角为α，由平衡条件得，细绳的拉力

P环向右移动一小段距离时，α增大，变小，变大，总之FN不变，FT变大。
故选A。
5、C
【解析】A．该图中重力方向应该竖直向下，选项A错误；
B．该图中F2的方向应该指向圆心，选项B错误；
C．该图中两球接触，但是无弹力，则球A只受重力和地面的支持力，选项C正确；
D．图中球A还受到墙面水平向右的支持力作用，选项D错误；
故选C。
6、A
【解析】在细线没有剪断之前，则对AB整体受力分析，重力与弹簧的支持力，则弹簧的弹力等于AB的重力，即为F弹=4×10=40N；在细线剪断之后的瞬时，ABC整体的加速度，则对BC整体：(mB+mC)g-FAB= (mB+mC)a，解得FAB=24N，则B对A的压力大小为24N，故选A.
【点睛】此题考查牛顿第二定律的应用问题；关键是知道剪断细线的瞬时，CB间立即有弹力作用，而弹簧的弹力是不能突变的.
7、AD
【解析】AB．煤块做匀加速直线运动时，根据牛顿第二定律有

得

假设煤块的速度达到4 m/s时未离开传送带，此时煤块通过的位移大小为

因此煤块先做匀加速直线运动，后做匀速直线运动，做匀加速直线运动的时间为

此后煤块以与传送带相同的速度匀速运动至端，有

匀速运动的时间为

运动的总时间为

A正确，B错误；
CD．划痕长度即煤块相对于传送带的位移大小，可得

C错误，D正确.
8、AC
【解析】分析小球受力情况：重力G，细线的拉力T和半球面的支持力，作出、T，G的矢量三角形，根据三角形相似法分析、T的变化
对小球P受力分析，受到绳子的拉力T，半球的支持力，竖直向下的重力G，如图所示，根据相似三角形法可知，因为OP和OD都是恒定不变的，G也不变，DP减小，所以可知不变，T减小，根据牛顿第三定律可知小球对半球的压力不变，绳子的拉力减小，即弹簧的弹力减小，所以弹簧变短，故AC正确

9、AC
【解析】以重物为研究对象，分析受力情况：重力、水平风力和绳子的拉力，如图1所示

由平衡条件得
，
当增加时，逐渐增加，增加；再以两物体整体为研究对象，分析重力、水平风力，杆的摩擦力和支持力，如图2所示

则有

则保持不变。

则逐渐增加；故AC正确，BD错误。
故选AC。
10、BC
【解析】AB．设物块和托盘间的压力为零时弹簧的伸长量为xm，以A为研究对象，根据牛顿第二定律得

解得

在此之前，以A为研究对象，根据牛顿第二定律得

可得

所以B对A的支持力不可能为0.85mg，选项A错误，B正确；
CD．以AB整体为研究对象，根据牛顿第二定律得

可得

力F对B的作用力范围为

选项C正确，D错误
故选BC。
第II卷非选择题
11、AC
【解析】国际单位制基本单位共有七个，包括长度(m)、质量(kg)、时间(s)、热力学温度(K)、电流(A)、光强度(cd)、物质的量(mol)，AC正确，BD错误。
故选AC。
12、ACD
【解析】v-t图象中，斜率表示加速度，从图象中可以看出0～t1秒内做加速度越来越小的加速运动，t1～t2秒内做加速度越来越大的减速运动，两段时间内加速度方向相反；根据加速度的变化情况，分析受力情况
【详解】A项：根据加速度可以用v-t图线的斜率表示，所以在0～t1秒内，加速度为正并不断减小，根据加速度，所以外力F大小不断减小，故A正确；
B项：在t1时刻，加速度为零，所以外力F等于摩擦力，不为零，故B错误；
C项：在t1～t2秒内，加速度为负并且不断变大，根据加速度的大小，外力F大小可能不断减小，故C正确；
D项：如果在F先减小一段时间后的某个时刻，F的方向突然反向，根据加速度的大小，F后增大，因为v-t图线后一段的斜率比前一段大，所以外力F大小先减小后增大是可能的，故D正确
故选ACD
【点睛】本题考查v-t图线的相关知识点，涉及牛顿第二定律的应用及受力分析的能力

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①. ②.负方向
【解析】[1][2]以篮球飞来方向为正方向，同篮球的初速度为，末速度，根据加速度的定义有：篮球的加速度为：

负号表示加速度的方向与初速度方向相反
14、 ①.4.0 ②.2.16 ③.滑块质量 ④.
【解析】1、滑块从斜面滑下过程为匀变速直线运动，ABCD之间的时间间隔都相等等于2个周期，频率为50hz，所以周期为0.02s .那么时间间隔为0.04 s．根据，计算得
2、受力分析可知物体沿斜面下滑的合力，已知长度l 和高度h，那么，带入计算只需要再测出质量m即可
15、 ①.不需要 ②. ③.
【解析】（1）因为本实验以系统为研究对象，所以本实验不需要满足滑块的质量远大于托盘及砝码的质量
（2）纸带上相邻两点之间的间隔相同，说明滑块匀速运动，即
解得：
（3）以系统为研究对象，有
则解得：
(3).
【点睛】由于绳子的拉力与砝码盘及砝码的重力不相等，那么在研究此问题时要以整体为对象，所以此实验不需要满足滑块的质量远大于托盘及砝码的质量

三．计算题(22分)
16、（1）=0.1 （2）5s （3）4m/s
【解析】（1）物块在传送带上先做初速度为零的匀加速运动，根据速度时间公式求出加速度的大小，根据牛顿第二定律即可求出动摩擦因数；（2）先分析当物块加速的位移与传送带的长度关系，从而得出传送带的运动情况，再根据运动规律求出时间；（3）当物块一直加速时，时间最短，根据速度位移公式求出最小速度
【详解】(1)依题意知：物块运动的加速度大小为：
物块被放在传送带上时初速度为零，相对于传送带向左运动，受滑动摩擦力向右，大小为：
物块与传送带间的动摩擦因数
(2) 在时间内工件运动的位移
故物块达到与传送带相同的速度后与传送带相对静止，一起匀速运动至B端.
经过时间后，物块做匀速运动的时间为
物块由传送带左端运动到右端共用时间为
（3）当物块一直加速时，时间最短，则传送带的最小速度
解得：
【点睛】解决本题的关键理清物块在整个过程中的运动规律，结合运动学公式和牛顿第二定律综合求解，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁
17、（1）4m/s2（2）2s; （3）0.4m/s2
【解析】（1）对木块根据牛顿第二定律可得：，解得：a=4m/s2
（2）根据，解得
（3）M只靠摩擦力作用产生的最大加速度为：
当力F=1N时，假设两者不产生滑动，则整体的加速度为
故两者相对静止，以共同的加速度0.4m/s2一起加速运动.