云南省曲靖市宣威市民中2025年高一上物理期末检测模拟试题含解析.doc

云南省曲靖市宣威市民中2025年高一上物理期末检测模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、下列关于牛顿第一定律说法正确的是（）
A.物体的运动状态发生改变，物体一定受到力的作用
B.牛顿第一定律是通过理想实验方法得出的，可用实验验证
C.惯性是一种力惯性定律与惯性的实质相同
D.物体的运动不需要力来维持，但物体的运动速度决定了惯性的大小
2、如图所示，A、B为同一水平线上的两个绕绳装置，转动A、B改变绳的长度，使光滑挂钩下的重物C缓慢竖直下降．关于此过程中绳上拉力大小的变化，下列说法中正确的是(　　)

A不变
B.逐渐减小
C.逐渐增大
D.可能不变，也可能增大
3、图中光滑小球都与下支撑物接触，则接触面处一定有弹力的是（　　）
A. B.
C. D.
4、关于惯性，下列说法正确的是
A.只有静止的物体才具有惯性
B.物体的速度越大则惯性越大
C.若物体所受的合力不为零则物体没有惯性
D.若两物体质量相等则它们的惯性相同
5、放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t 的关系如图所示．取重力加速度g＝10m/s2．由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为 ( )

A.m＝0.5kg，μ＝0.4 B.m＝1.5kg，μ＝
C.m＝0.5kg，μ＝0.2 D.m＝1kg，μ＝0.2
6、如图所示,为伽利略设计的斜面实验．伽利略理想实验是将可靠的事实和理论思维结合起来，能更深刻地反映自然规律．下面给出了伽利略斜面实验的四个事件：
①减小斜面BC的倾角（图中BC′），小球将通过较长的路程，仍能到达原来的高度
②由静止释放小球，小球沿斜面AB滚下，滚上另一斜面BC，高度几乎与原来相同
③如果没有摩擦，小球将上升到原来的高度
④继续减小BC的倾角，最终使它水平，小球将沿水平面以恒定速度一直运动下去
对事件性质的判断及排序，正确的是( )

A.事实②→推论①→事实③→推论④
B.事实①→推论②→事实③→推论④
C.事实②→推论①→推论④→推论③
D事实②→推论③→推论①→推论④
7、如图所示，一个小球用轻弹簧拴住，弹簧上端栓在天花板上且处于竖直方向，小球底部和地面接触，则小球可能受到力的个数为（ ）

A.1个
B.2个
C.3个
D.4个
8、如图所示，在水平面上运动的小车内，有一质量为M的物体与两根完全相同的轻弹簧连接。开始时两弹簧均未发生形变，不计物体与小车间的摩擦。当小车以加速度a做匀加速直线运动时，物体相对于小车向左移动了Δx，下列说法正确的是（）

A.小车的加速度方向向左
B.小车的加速度方向向右
C.弹簧的劲度系数为2
D.弹簧的劲度系数为
9、如图所示，长L=0.5 m细线下端悬挂一质量m=0.1 kg的小球，细线上端固定在天花板上O点．将小球拉离竖直位置后给小球一初速度，使小球在水平面内做匀速圆周运动，测得细线与竖直方向的夹角θ=37°（sin37°=0.6，cos37°=0.8）.下列说法正确的是

A.细线拉力大小为0.8 N
B.细线拉力大小为1.25 N
C.小球运动的线速度大小为1.5 m/s
D.小球运动的线速度大小为 m/s
10、甲、乙两车同时从同一地点沿同一直线运动，它们的运动速度随时间变化的v-t图像如图所示。关于两车的运动情况，下列说法正确的是（）

A.在0~t0内，乙车一直在做加速度减小的加速运动
B.在t=t0时，甲乙两车恰好相遇
C.在t=t0时刻，甲乙两车相距最远
D.在0~2t0内，甲车的平均速度大小为v0
11、如图所示，光滑的水平地面上，可视为质点的两滑块A、B在水平外力作用下紧靠在一起压紧弹簧，弹簧左端固定在墙壁上，此时弹簧的压缩量为，以两滑块此时的位置为坐标原点建立如图所示的一维坐标系，某时刻仅将外力突然反向并使B向右做匀加速运动，已知A、B质量关系为，下列关于外力F、两滑块间弹力与滑块B的位移变化的关系图象正确的是（　　）

A. B.
C. D.
12、如图所示，物体B的上表面水平，当A、B相对静止沿斜面匀速下滑时，斜面保持静止不动，则下列判断正确的是（　　）

A.物体B的上表面一定是粗糙的
B.物体B、C都只受4个力作用
C.物体C受水平面的摩擦力方向一定水平向右
D.水平面对物体C的支持力等于三物体的重力大小之和
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学利用如图装置“探究加速度与力、质量的关系”

⑴本实验采用的物理思想方法是（ ）
A．等效替代法 B．控制变量法 C．直接比较法 D．理想实验法
⑵实验中小车质量应________沙和沙桶的总质量（选填“远大于”、“远小于”或“等于”）;
⑶该同学实验中打出如图2一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s，从比较清晰的点起，每5个点取1个计数点，量出相邻两个计数点之间的距离分别为：OA=1.20cm，AB=1.50cm，BC=1.80cm，CD=2.10cm，则小车的加速度大小为______m/s2（保留两位有效数字）；
⑷在实验中保持小车质量不变，改变沙和沙桶的总质量，测得沙和沙桶的总重力F和加速度a的数据如下表：
F/N
0.15
0.30
0.48
0.62
0.74
a/（m•s﹣2）
0.05
0.16
030
0.40
0.49
①根据测得的数据，在图3中作出a - F 图象____；
②根据图1可知a – F 图象未过坐标原点的原因可能是_______________；
14、某同学让重锤做自由落体运动，利用打点计时器打出的纸带来测量当地的重力加速度。该同学在实验中得到6条纸带，如图所示为其中一条，在纸带上取6个计数点，两个相邻计数点间的间隔为T＝0.02s。其中1、2、3点相邻，4、5、6点相邻，在3点和4点之间还有若干个点。s1是1、3两点的距离，s3是4、6两点的距离，s2是2、5两点的距离。

测s1、s2、s3后，点2速度的表达式v2＝_______，该同学测得的数据是s1＝4.00cm，s2＝19.30cm，s3＝8.72cm，根据数据求出重力加速度g的表达式g＝____________计算结果是：_____________m/s2。(保留三位有效数字)测量值小于当地的重力加速度真实值的原因是____________。
15、在“探究加速度与力、质量的关系”实验装置，沙桶和沙子的总质量为m，小车的质量为M，重力加速度为g。

(1)实验时，应该________
A.先接通电源，后释放小车 B.先释放小车，后接通电源
(2)甲同学在实验中得到如图所示的一条纸带(两计数点间还有四个点没有画出)，已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出打“B”计数点时小车的速度大小为vB＝________m/s，小车的加速度大小为a＝________m/s2(结果保留2位有效数字)。

(3)乙同学改变沙桶内沙子的质量，多次实验，以沙桶和沙子的重力当作小车受到的拉力F为横坐标、小车对应的加速度a为纵坐标，做出的a－F图像如图所示，其操作步骤全部正确，可知小车的质量M＝________ kg。

(4)丙同学根据测量数据做出如图所示a－F图线，该同学做实验时存在的问题是________。
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，物体的质量m=10kg，与水平地面间的动摩擦因数为μ=0.5，在倾角为37°，F=50N的恒力作用下，由静止开始匀加速直线运动，求：
（1）物体做匀加速直线运动时的加速度大小；
（2）4s末物体的速度大小？
（3）4s末撤去拉力后，物体还能在水平地面上滑多远？（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）

17、（10分）将一劲度系数k=100N/m的轻质橡皮筋的上端固定在天花板上O点，在其下端A点用细线悬挂重为8N的木块．在A点施加一水平向右的拉力F，使橡皮筋与竖直方向成37°，并保持静止．(sin37°=0.6，cos37°=0.8)求：

(1)所加外力F的大小；
(2)此时橡皮筋的伸长量x
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】A、力是改变物体运动状态的原因，物体运动状态发生变化，则物体一定受到力的作用，故A正确；
B、牛顿第一定律是牛顿在伽利略等前人实验的基础上，根据逻辑推理得出的，是以实验为基础，但又不是完全通过实验得出，故B错误；
C、惯性不是力，物体总有保持原有运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性，惯性定律就是牛顿第一运动定律，两者不同，故C错误；
D、物体的运动不需要力来维持，只有质量决定着惯性的大小，故D错误
2、B
【解析】二力合成时，夹角越小，合力越大；同样，将一个力分解为等大的两个分力，两个分力的夹角越大，分力越大；物体受三个力，重力和两个拉力，三力平衡，两个拉力的合力与重力等值、反向、共线
【详解】物体C受三个力，重力和两个拉力，三力平衡，两个拉力的合力与重力平衡；两个拉力合力一定，重物C缓慢下降的过程中，两根绳子之间的夹角不断减小，根据平行四边形定则可知拉力不断减小，故B正确，ACD错误
【点睛】本题关键记住“将一个力分解为等大的两个分力，两个分力的夹角越大，分力越大”的结论
3、C
【解析】弹力产生的条件，注意光接触而没有弹性形变不可能产生弹力，或者正确根据平衡条件判断弹力的有无；
【详解】A、图中水平面对小球可能有弹力作用，也可能没有弹力作用，当拉力等于重力时，则没有弹力，若拉力小于重力时，则存在弹力，A错误；
B、小球处于静止状态，重力和绳的弹力平衡，斜面与球之间不可能产生弹力，否则小球不可能平衡，B错误；
C、图中小球受到绳子拉力、重力、斜面的支持力三力作用下处于平衡状态，因此小球斜面的弹力作用，故C正确；
D、图中两斜面对球可能有弹力，也可能没有弹力，要根据拉力与重力大小有关系来判定，故D错误；
故选C
4、D
【解析】惯性是物体的固有属性，一切物体都惯性；惯性的大小仅与物体的质量有关，与物体的运动状态、运动速度、所受合力是否为零无关，不只是静止的物体具有惯性，运动的物体也有惯性；若两物体的质量相等，则它们的惯性相同，故ABC错误，D正确．故选D
【点睛】惯性是物体的固有属性，一切物体都惯性，与物体的运动状态无关．惯性的大小与物体的质量有关
5、A
【解析】在4—6s内做匀速直线运动，可知

在2—4s做匀加速直线运动：

根据牛顿第二定律有：

将，带入，解得：

因为

解得：

A.m＝0.5kg，μ＝0.4，与分析相符，故A项符合题意；
B.m＝1.5kg，μ＝，与分析不符，故B项不符合题意；
C.m＝0.5kg，μ＝0.2，与分析不符，故C项不符合题意；
D.m＝1kg，μ＝0.2，与分析不符，故D项不符合题意
6、D
【解析】先是根据事实：由静止释放小球，小球沿斜面AB滚下，滚上另一斜面BC，高度几乎与原来相同，推出：如果没有摩擦，小球将上升到原来的高度，根据这个推论，在进一步推出：减小斜面BC的倾角（图中BC′），小球将通过较长的路程，仍能到达原来的高度，最后得出继续减小BC的倾角，最终使它水平，小球将沿水平面以恒定速度一直运动下去，即力不是维持物体运动的原因；
A．事实②→推论①→事实③→推论④，与结论不相符，A错误；
B．事实①→推论②→事实③→推论④，与结论不相符，B错误；
C．事实②→推论①→推论④→推论③，与结论不相符，C错误；
D．事实②→推论③→推论①→推论④，与结论相符，D正确。
故选D。
7、BC
【解析】小球与弹簧和地面两个物体接触，当弹簧的拉力与重力相等时，地面对小球没有弹力；当弹簧的拉力小于小球的重力时，地面对小球有支持力
【详解】AB、当弹簧的拉力与重力相等时，地面对小球没有弹力，物体受重力和一个弹力，共受2个力作用．故A错误，B正确；
C.当弹簧的拉力小于小球的重力时，地面对小球有支持力，物体受到重力和两个弹力，此时受3个力作用．故C正确
D.小球与弹簧和地面两个物体接触，小球最多受到两个弹力．即最多受3个力的作用．故D错误
故选BC.
8、BD
【解析】AB.开始时两弹簧均未发生形变，而运动之后，物体相对于小车向左移动了Δx，左边弹簧处于压缩状态，右边弹簧处于伸长状态，物体其所受合力方向朝右，物体加速度方向向右，小车的加速度向右，故A项错误，B项正确；
CD.对物体受力分析，据牛顿第二定律有：

解得

故C项错误，D项正确。
9、BC
【解析】AB．细线拉力在竖直方向分力平衡重力，，T=1.25N，A错误B正确
CD．细线拉力和重力的合力提供向心力，根据几何关系可得，小球运动的线速度大小为1.5 m/s，C正确D错误
10、CD
【解析】A．根据图象可知，在0～t0内，乙车先沿负方向做减速运动，后沿正方向做加速运动，故A错误；
BC．甲、乙从同一位置出发，甲一直沿正向运动，乙先沿负向运动，两者距离增大，后沿正向，在t0时刻前甲的速度大于乙的速度，两者间距增大，t0时刻后乙的速度大于甲的速度，两者间距减小，所以t0时刻相距最远，故B错误，C正确；
D．在0～2t0内，甲车做匀减速直线运动，平均速度为：

故D正确
故选CD。
11、BD
【解析】当A、B分离时A仍有加速度，所以弹簧不可能处于原长。开始时外力大小

某时刻仅将外力突然反向并使B向右做匀加速运动，A、B分离前，对A、B整体根据牛顿第二定律有

当时，解得

对A有

联立解得

当时，可得

此时A、B分离，此后拉力F保持不变，故AC错误，BD正确。
故选BD。
12、BD
【解析】A．物体A做匀速直线运动，加速度为零，故合力为零；物体A受重力和支持力，不受摩擦力(若有摩擦力，则不平衡)，所以B的上表面是否粗糙不能判定，故A错误；
CD．选取ABC的整体为研究的对象，AB匀速运动，C静止，加速度为零，故合力为零；受重力和支持力，C不受的地面的摩擦力(若有摩擦力，则不平衡)；在竖直方向受重力和支持力，所以水平面对物体C的支持力等于三物体的重力大小之和，故C错误，D正确；
B．对AB整体受力分析，受重力、支持力和滑动摩擦力，三力平衡，整体受到摩擦力作用于B上，所以物体B受到重力、A对B的压力、C对B的支持力和摩擦力，对C分析可知，C受到重力、地面对它的支持力、B对C的压力和摩擦力4个力作用，故B正确。
故选BD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.B； ②.远大于； ③.0.30； ④. ； ⑤.实验中未平衡摩擦力(或未完全平衡摩擦力)
【解析】小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力，想用让沙和沙桶总质量重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；其次：设小车加速度为a，则：绳上的力为F=Ma，对让沙和沙桶总质量来说：mg-Ma=ma，即：mg=（M+m）a，如果用让沙和沙桶总质量的重力表示小车受到的合外力，则Ma=（M+m）a，必须要满足让沙和沙桶总质量远小于小车的总质量．根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，采用描点法作出a-F图象
【详解】(1) 探究加速度与力、质量的关系即有三个物理量，所以应选用控制变量的方法，故选B；
(2) 为了用沙和沙桶的重力表示绳上拉力，实验中小车质量应远大于沙和沙桶的总质量；
(3) 每5个点取1个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，
根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，
；
(4)①建立坐标系a-F，采用描点法，作出a-F图象如图

②由图可知，图中当F≠0时物体的加速度a=0，即只有当F增大到一定值时物体才开始具有加速度，故在物体保持静止的时候其所受的静摩擦力等于绳子的拉力，所以出现此现象的原因是没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够
【点睛】本题考查了打点计时器应用的注意事项及打出的纸带的处理方法，有利于学生基本知识的掌握，同时也考查了学生对实验数据的处理方法，及试验条件的掌握，平衡摩擦力的方法
14、 ①. ②.g＝ ③.9.72 ④.存在阻力
【解析】[1]根据中点时刻的速度等于平均速度得：
；
[2]同理可得：

根据匀加速直线运动位移速度公式可知：

解得：
；
[3]代入数据解得：;
[4]测量值小于当地的重力加速度的原因是存在阻力作用。
15、 ①.）A ②.0.40 ③.0.80 ④.8或8.0或8.00 ⑤.未平衡摩擦力或平衡摩擦力不够
【解析】(1)[1]实验时，为提高纸带的利用率，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车。故A正确，B错误；
故选A。
(2)[2]根据一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可知，打“B”计数点时小车的速度大小为

[3]根据推论△x=aT2运用逐差法得

(3)[4]由牛顿第二定律得：F=Ma，则有：

a-F图象的斜率

则小车的质量为

(4)[5]当F不等于零，加速度a仍然为零，可知实验中没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够。

三．计算题(22分)
16、（1）05m/s2（2）2.0m/s；（3）0.4m
【解析】根据牛顿第二定律求出物体做加速运动的加速度，结合速度时间公式求出撤去拉力时的速度，再根据牛顿第二定律求出撤去F后的加速度，结合速度时间公式求出物体还能滑行的距离
【详解】（1）以物体为研究对象进行受力分析如图所示，设物体加速运动的加速度为a，

根据牛顿第二定律得，物体做加速运动的加速度为：Fcos37°-μ（mg-Fsin37°）=ma，
解得a=0.5m/s2
（2）4s末的速度为：v=at=2.0m/s；
（3）根据牛顿第二定律得，撤去F后的加速度为：a′=μg=5m/s2，
则物体还能滑行的距离为：
【点睛】题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁
17、（1）6N；（2）0.1m
【解析】(1)对A点受力分析如图所示：

得

解得

(2)对A点受力分析得

代入数据得

由胡克定律

得

【点睛】胡克定律和平衡条件的应用，解题的关键是找出对应的拉力大小，再代入胡克定律计算，计算时要注意各量的单位