广东省揭阳市重点名校2025年高一物理第一学期期末教学质量检测试题含解析.doc

广东省揭阳市重点名校2025年高一物理第一学期期末教学质量检测试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、下列运动中的物体，不能被看成质点的是（ ）
A.绕太阳运转的地球
B.从三明到福州的列车
C.做花样滑冰的运动员
D.被运动员推出的铅球
2、下列说法正确的是( )
A.在国际单位制中，“牛顿”是力学的三个基本单位之一
B.选择不同的参考系对同一运动的描述一定是相同的
C.位移、速度、力都是矢量
D.小球做竖直上抛运动时，速度不断减小，惯性不断减小
3、下列关于牛顿第一定律说法正确的是（）
A.物体的运动状态发生改变，物体一定受到力的作用
B.牛顿第一定律是通过理想实验方法得出的，可用实验验证
C.惯性是一种力惯性定律与惯性的实质相同
D.物体的运动不需要力来维持，但物体的运动速度决定了惯性的大小
4、知图所示，用三根等长的轻质细链悬拉花盆（花盆与墙壁未接触，连接处间距相等，已知花盆的重力为G，每根轻质细链和竖直方向都成30°角，则每根轻质细链对花盆的拉力大小为（　　）

A.G
BG
C.G
D.G
5、如图所示，在=0.1的水平桌面上向右运动的物体，质量为20kg，在运动过程中，还受到一个方向向左的大小为10N的拉力作用，则物体在运动过程中受到的合力为（g=10 N/kg)

A10N，向左
B.12N，向右
C.20N，向右
D.30N，向左
6、下列物理量属于矢量及其对应的国际单位制符号，正确的是
A.力，kg B.质量，kg
C.加速度， D.速度，
7、如图所示，小球从高处下落到正下方竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中（弹簧一直保持竖直），下列说法中正确的是

A.小球的速度一直在减小
B.小球受到的弹力一直在增大
C.小球的加速度先减小后增大
D.小球在最低点受到的合外力为零
8、如图所示，在水平面上运动的小车里用两根轻绳连着一质量为m的小球，绳子都处于拉直状态，BC绳水平，AC绳与竖直方向的夹角为θ，小车处于加速运动中，则下列说法正确的是(　 　)

A.小车加速度一定为gtanθ
B.小车一定向左运动
C.AC绳对球的拉力一定是
D.BC绳的拉力一定小于AC绳的拉力
9、如图所示，质量均为m的木块A和B用一轻弹簧相连，竖直放在光滑的水平面上，木块A上放有质量为2m的木块C，三者均处于静止状态．现将木块C迅速移开，若重力加速度为g，则在木块C移开的瞬间

A.弹簧的形变量不改变
B.弹簧的弹力大小为mg
C.木块A的加速度大小为g
D.木块B对水平面的压力为4mg
10、如图所示，倾角为θ的斜面足够长，小球以大小相等的初速度从同一点向各个方向抛出，不计空气阻力，则关于小球落到斜面上的所用时间的说法错误的是

A.小球竖直向下抛出，所用时间最短
B.小球垂直斜面向下抛出，所用时间最短
C.小球水平向左抛出用时最长
D.小球竖直向上抛出用时最长
11、汽车在平直路面上以20m/s的速度匀速行驶，发现前方50m处有一障碍物， 立即刹车(可视为匀减速运动)。为了保障安全，汽车刹车的加速度大小可能为
A.2.5m/s2 B.3.5m/s2
C.4.5m/s2 D.5.5m/s2
12、下列物理量为矢量的是（ ）
A.平均速度 B.加速度
C.路程 D.位移
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中，打点计时器使用的交流电的频率为50Hz，记录小车运动的纸带如图所示，在纸带上选择0、1、2、3、4、5共6个计数点，相邻两计数点之间还有四个点未画出，纸带旁并排放着带有最小分度为毫米的刻度尺，零刻度线跟“0”计数点对齐．从图中读出三个计数点1、3、5的位置坐标求：

（1）计算与计数点“4”相对应的小车的瞬时速度为v4=_______m/s．（结果保留三位有效数字）
（2）利用图中的数据可求出小车运动的加速度a=_______m/s2
14、某小组在验证“互成角度的两个力的合成”的实验中得到的实验结果如图所示（与AO共线）．该小组在实验中把橡皮筋一端固定在A点，另一端系上细绳套.

(1)先用一个弹簧秤施加一个力把结点拉至O点，并记录下这个力，这个力是图中的_____（填“F”或“”）；
(2)再用两个弹簧秤分别拉住两个细绳套，仍将结点拉至O点，记录下这两个力（图中的F1与F2）.这里采用的实验方法是_________
A．微小量累加法
B．理想实验法
C．控制变量法
D．等效替代法
(3)在实验中，如果用两根劲度系数不同的橡皮条代替两个细绳套，对实验结果是否有影响？答_________（填“有”或“没有”）.
15、某同学用如图甲的装置来研究牛顿第二定律

（1）实验需用沙和沙桶的总重力表示小车受到的合力，则除平衡摩擦力外，还必须满足的实验条件是小车的质量_______沙和沙桶的质量（填“远小于”、“远大于”或“等于”）
（2）如图乙是某次实验打出的一条纸带，A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻的计数点之间有四个点没有标出，电源频率为50Hz．则小车的加速度为 a =_______m/s2，打B点时小车的速度vB =_______m/s (均保留2位有效数字)

（3）某同学根据实验数据画出了图丙，从图线可知该同学操作过程中可能____（填“平衡摩擦力不够”或“平衡摩擦力过度”)

三．计算题(22分)
16、（12分）质量为30 kg的小孩坐在10 kg的雪橇上，大人用大小为100 N、与水平方向成37°斜向上的拉力，从静止开始使雪橇做匀加速直线运动，10 s时撤去拉力，使雪橇自由滑行，设雪橇与地面间的动摩擦因数为0.2，求：(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g取10 m/s2)

(1)10 s末雪橇的速度；
(2)雪橇运动的总路程
17、（10分）汽车以12m/s的速度在平直公路上匀速行驶，刹车后经2s速度变为6m/s，求：
（1）刹车后2s内前进的距离及刹车过程中的加速度；
（2）刹车后前进18m所用的时间；
（3）刹车后8s内前进的距离
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】A．当物体的形状和大小在所研究的问题中能忽略，物体可以看成质点。研究绕太阳运转的地球时，地球的大小和形状可以忽略，可以看成质点；
B．研究三明到福州的列车行驶，列车的长度可以忽略，可以看成质点；
C．研究做花样滑冰的运动员时，运动员的大小和形状不能忽略，不能看成质点，否则就没有姿态了。
D．研究被运动员推出的铅球时，其大小和形状可以忽略，可以看成质点。
本题选不能被看成质点的，故选C。
2、C
【解析】A．在国际单位制中，“牛顿”是根据牛顿第二定律的导出单位，不是基本单位，故A错误；
B．选择不同的参考系对同一运动的描述一般是不同的，故B错误；
C．位移、速度、力三个物理量都是既有大小，又有方向，都是矢量，故C正确；
D．惯性大小只与质量大小有关，与运动状态无关，故D错误
故选C
3、A
【解析】A、力是改变物体运动状态的原因，物体运动状态发生变化，则物体一定受到力的作用，故A正确；
B、牛顿第一定律是牛顿在伽利略等前人实验的基础上，根据逻辑推理得出的，是以实验为基础，但又不是完全通过实验得出，故B错误；
C、惯性不是力，物体总有保持原有运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性，惯性定律就是牛顿第一运动定律，两者不同，故C错误；
D、物体的运动不需要力来维持，只有质量决定着惯性的大小，故D错误
4、C
【解析】受力分析，由平衡条件列式求解即可
【详解】设每根轻质细链对花盆的拉力大小为F
由平衡条件得：3Fcos30°=G
解得：
故选C
【点睛】本题考查了受力分析、物体的平衡条件，正确将受力分解为竖直方向和水平方向，根据平衡条件列方程即可
5、D
【解析】滑动摩擦力的大小，滑动摩擦力的方向与相对运动的方向相反．对物体受力分析后，物体在运动过程中受到的合力等于滑动摩擦力和拉力的合力
【详解】物体相对桌面向右运动，物体受的滑动摩擦力向左，滑动摩擦力的大小．物体在运动过程中受到的合力，方向向左．故D项正确，ABC三项错误
6、D
【解析】A.力是矢量，单位符号是N，故A错误；B.质量是标量，单位符号是kg，故B错误；C.加速度是矢量，单位符号是，故C错误；速度是矢量，单位符号是，故D正确；选D.
7、BC
【解析】下落过程中正确对小球进行受力分析，然后根据牛顿第二定律即可判断其加速度的变化情况，然后进一步判断速度变化情况
【详解】小球开始下落时，只受重力作用做加速运动，当和弹簧接触时，受到弹簧弹力作用，开始时弹簧压缩量小，因此重力大于弹力，此时：mg-kx=ma，随着弹簧压缩量的增加，弹力增大，加速度减小，但是物体仍加速运动，当mg=kx时，速度最大，然后弹簧继续被压缩，当mg=kx时，加速度等于零，速度最大，物体继续向下运动，弹簧继续被压缩，弹力大于重力，物体开始减速运动，所以整个过程中物体先加速后减速运动，加速度先减小，后增大；速度先增大后减小；故A错误，C正确．弹簧的压缩量不断变大，故弹簧的弹力不断变大，故B正确；小球在最低点的加速度不为零，则受到的合外力不为零，选项D错误；故选BC.
【点睛】对于弹簧问题要动态分析，分析清楚弹力变化情况，然后根据加速度和速度方向关系判断加速还是减速
8、BC
【解析】对小球进行受力分析如图：

A．小球受重力和两绳子拉力作用，根据受力分析规律可知，只有当BC绳的拉力等于零时，小车的加速度才为gtanθ，故A错误；
B．根据受力分析可知，小球受到的合力向左，所以加速度方向向左，且小车处于加速运动中，所以小车只能向左做加速运动，故B正确；
C．由于AC绳上拉力的竖直分力等于重力，，解得，故C正确；
D．BC绳上的拉力会随着加速度的变化而变化，所以当加速度大到一定程度时，BC绳的拉力可以大于AC绳的拉力，故D错误。
故选BC。
【点睛】对小球进行受力分析，判断加速度方向，再根据加速运动判断小车的运动情况，根据牛顿第二定律求解加速度，根据竖直方向受力平衡求出AC绳的拉力，根据牛顿第二定律求解BC绳的拉力，从而判断BC绳和AC绳拉力的大小关系。
9、AD
【解析】A.由于弹簧弹力属于渐变，所以撤去C瞬间，弹簧的形变量不变，故A正确；
B.开始整体处于平衡状态，弹簧的弹力等于A和C的重力，即F=3mg，撤去C的瞬间，弹簧的形变量不变，弹簧的弹力不变，仍为3mg，故B错误；
C.撤去C瞬间，弹力不变，A的合力等于C的重力，对木块A，由牛顿第二定律得：
2mg=ma，
解得：
a=2g
方向竖直向上，故C错误；
D.撤去C的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为3mg，对B，由平衡条件得：
F+mg=N，
解得：
N=4mg
木块B对水平面的压力为4mg，故D正确．
10、ACD
【解析】以抛出点为参考系（该点做自由落体运动），各小球相对于抛出点均做匀速直线运动，经过时间t各小球相对于抛出点距离相等，均为v0t，各小球的位置如图所示：

把速度和加速度都沿垂直斜面方向分解，由图可知，得出垂直斜面向下时间最短，垂直斜面向上所用时间最长，故A、C、D错误，B正确；本题选错误的，故选ACD
11、CD
【解析】已知v0=20m/s，x=50m，vt=0
由

得

故加速度的大小至少为4m/s2，故AB错误，CD正确。
故选CD。
12、ABD
【解析】位移、平均速度和加速度都是既有大小又有方向的物理量，是矢量；而路程是只有大小没有方向的物理量，是标量。故ABD正确。
故选ABD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.0.330 ②.0.60
【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度,可以求出打纸带上4点时小车的瞬时速度大小;根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小
【详解】(1)由图可以读出三个计数点1、3、5跟0点的距离分别是 , ,
相邻两计数点之间还有四个点未画出,所以相邻的计数点间的时间间隔为 ,
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度,得:
,
(2)根据可求出加速度

【点睛】对于纸带来说一般会用到中点时刻的速度等于平均速度来求速度，另外一个就是根据相邻相等时间内的位移差恒定来求纸带的加速度
14、 ①. ②.D ③.不变
【解析】该实验采用了“等效法”，由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的实际值（通过平行四边形定则得出的值），与理论值（实际实验的数值）存在差别，只要O点的作用效果相同，是否换成橡皮条不影响实验结果；
【详解】(1)F1与F2合成的理论值是通过平行四边形定则算出的值，而实际值是单独一个力拉O点的时的值，因此F′是F1与F2合成的实际值，F是F1与F2合成的理论值.
(2)本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法;故选D.
(3)由于O点的作用效果相同，将两个细绳套换成两根橡皮条，不会影响实验结果
【点睛】本实验采用是等效替代的思维方法．实验中要保证一个合力与两个分力效果相同，结点O的位置必须相同.
15、 ①.远大于 ②.0.60 ③.0.15 ④.平衡摩擦力不够
【解析】(1) 设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma，对沙和沙桶有：mg-F=ma，由此解得：，由此可知当时，沙和沙桶的重力等于绳子的拉力；
(2) 根据匀变速直线运动的推论公式得：
，打B点时小车的速度为；
(3) 由该图象可知，开始有外力F时，物体的加速度仍为零，因此该实验操作中可能没有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不够

三．计算题(22分)
16、 (1)v=3m/s (2)x=17.25m
【解析】(1)根据“雪橇做匀加速直线运动”可知，本小问考查动力学问题，根据牛顿第二定律求得雪橇的加速度，利用速度公式可求速度.
(2)根据“撤去拉力，使雪橇自由滑行”可知，本小问考查多运动过程的位移计算，根据每段的运动的加速度并利用瞬时速度求出总路程.
【详解】(1)对小孩和雪橇整体受力分析如图所示：

根据牛顿第二定律：
水平方向：Fcosθ−Ff=ma1
由平衡条件：
竖直方向：FN+Fsinθ=mg
又Ff=μFN
代入数据解得a1=0.3m/s2
根据运动学公式,10s末的速度为v=a1t=3m/s
(2)撤去F前,整体做加速运动,位移x1==15m
撤去F后，整体做减速运动，根据牛顿第二定律有：
滑动的加速度为−μmg=ma2
根据运动学公式：0−v2=2ax2
解得：x2=2.25m
雪橇运动的总路程为x=x1+x2=17.25m
【点睛】解决本题的关键是正确的受力分析，结合牛顿第二定律求得加速度，利用运动学公式求解
17、 (1) 18m -3m/s2 (2) 2s (3) 24m
【解析】（1）由平均速度来求位移，由加速度的定义式可以得到加速度；
（2）由位移时间关系式可以得到18m位移对应的时间，注意时间的取舍问题；
（3）先判定刹车时间，进而确定8s末是否已经停车，然后再算8s的位移；
【详解】（1）刹车后2s内前进的距离为：
刹车的加速度为：；
（2）汽车刹车到停止运动所用的时间为
由，代入数值：
解得：，（不合理，舍弃）
汽车2s还没停止，故汽车经2s前进18m；
（3）由上面分析可知：汽车刹车到停止运动所用的时间为，即汽车经4s停止，故8s时汽车已经停止，末速度为零
则8s内前进位移为：
【点睛】对于汽车刹车类问题，在求某时间内的位移的时候，必须先判定刹车时间，除非题目明确说此时间内车没停止