重庆第一中学2025-2026学年高一物理第一学期期末达标检测试题含解析.doc

重庆第一中学2025-2026学年高一物理第一学期期末达标检测试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、取一根长2m左右的细线，5个铁垫圈和一个金属盘。在线下端系上第一个垫圈，隔12cm再系一个，以后垫圈之间的距离分别为36cm，60cm，84cm，如图所示。站在椅子上，向上提起线的上端，让线自由垂下，且第一个垫圈紧靠放在地上的金属盘。松手后开始计时，若不计空气阻力，则第2、3、4、5个垫圈：

A.落到盘上的声音时间间隔越来越大
B.落到盘上的声音时间间隔越来越小
C.依次落到盘上的速率关系为1：2：3：4
D.依次落到盘上的时间关系为1：()：：(2)
2、如图所示，地球赤道上的山丘e、近地卫星p和同步卫星q均在赤道平面上绕地心做匀速圆周运动．设e、p、q的线速度分别为v1、v2、v3，角速度分别为ω1、ω2、ω3，向心加速度分别为a1、a2、a3，周期分别为T1、T2、T3，则

A.v1＞v2＞v3 B.ω2＜ω1=ω3
C.a1＜a3＜a2 D.T2＞T1=T3
3、如图所示，用水平力F把一个物体紧压在竖直墙壁上，物体保持静止，下列说法中正确的是(　　)

A.水平力F与墙壁对物体的压力是一对作用力与反作用力
B.物体的重力与墙壁对物体的静摩擦力是一对作用力与反作用力
C.水平力F与物体对墙壁的压力是一对作用力与反作用力
D.物体对墙壁的压力与墙壁对物体的压力是一对作用力与反作用力
4、如图所示，甲图为某质点的图象，乙图为某质点的图象,下列关于两质点的运动情况说法正确的是( )

A.0s～2s内：甲图质点做匀加速直线运动，乙图质点做匀速直线运动
B.2s～3s内：甲图质点和乙图质点均静止不动
C.3s～5s内：甲图质点和乙图质点均做匀减速运动，加速度为﹣15m/s2
D.0s～5s内：甲图质点的位移为﹣10m，乙图质点的位移为100m
5、某物体运动的v–t图象如图所示，则该物体的运动是

A.往返运动 B.上下坡运动
C.直线运动 D.以上说法均不正确
6、在动摩擦因数m＝0.2的水平面上有一个质量为m＝2kg的物块．物块与水平轻弹簧相连．并由一与水平方向成q＝45°角的拉力拉着物块，如图所示，此时物块处于静止状态，弹簧弹力为2N，（取g＝10m/s2，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力）．则以下说法正确的是（ ）

A.此时物块所受的静摩擦力可能向左为6N
B.当撤去拉力F的瞬间，物块所受的静摩擦力向右为4N
C.当撤去弹簧瞬间，物块所受的摩擦力向左为4N
D.当撤去弹簧的瞬间，物块所受的摩擦力向左为3.2N
7、如图所示，在光滑斜面上，有一轻质弹簧的一端固定在斜面上，有一物体A沿着斜面下滑，当物体A刚接触弹簧的一瞬间到弹簧压缩到最低点的过程中，下列说法中正确的是（）

A.物体的加速度将逐渐增大 B.物体的加速度将先减小，后增大
C.物体的速度将逐渐减小 D.物体的速度将先增大，后减小
8、如图所示，质量为m的物体以一定的初速度沿倾角为θ的粗糙斜面减速上滑，到达斜面顶端后又加速下滑至斜面底端．则（）

A.物体在上滑和下滑过程中的受力情况完全相同
B.物体加速下滑的过程中受到重力、支持力、摩擦力
C.物体在上滑和下滑过程中的合力方向始终沿斜面向下
D.若物体匀速下滑，则它只受到两个力作用
9、如图所示，质量为m的小球用一根细线和一根轻弹簧悬挂起来，小球静止时，细线水平，而弹簧与竖直成θ角．现将细线剪断，则下列判断正确的是（ ）

A.剪断细线前，细线中张力为mgcotθ
B.剪断细线前，弹簧弹力大小为
C.剪断细线瞬间，小球的加速度大小为gsinθ
D.剪断细线瞬间，小球的加速度大小为gtanθ
10、如图是某缓冲装置，劲度系数足够大的轻质弹簧与直杆相连，直杆可在固定的槽内移动，与槽间的滑动摩擦力恒为Ff，直杆质量不可忽略．一质量为m的小车以速度v0撞击弹簧，最终以速度v弹回．直杆足够长，且直杆与槽间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计小车与地面的摩擦．则

A.小车被弹回时速度v一定小于v0
B.直杆在槽内移动的距离等于
C.弹簧的弹力可能大于直杆与槽间的最大静摩擦力
D.直杆在槽内向右运动时，小车与直杆始终保持相对静止
11、如图，两个质量分别为m1=3kg，m2=2kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接，两个大小分别为F1=30N，F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（　　）

A.弹簧秤的示数是50N
B.弹簧秤的示数是24N
C.在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为2m/s2
D.在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度大小为12m/s2
12、小船在静水中的速度为3m/s，它在一条宽为150m，水流速度为5m/s的河中渡河，下列说法正确的是（　　）
A.小船能到达正对岸
B.渡河的最短时间为50s
C.以最短位移渡河，小船的渡河时间为62.5s
D.以最短时间渡河，小船的渡河位移为250m
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图所示的实验装置可以用来测量重力加速度g，方法是让“工”字形金属片自由下落通过光电门．“工”字形金属片中间立柱长为h，上、下两块挡光片A、B足够窄，宽度均为d，挡光时间由跟光电门相连的数字计时器记录下来．若下挡光片B通过光电门的时间为Δt1，上挡光片A通过光电门的时间为Δt2，则“工”字形金属片进入光电门时的速度v1＝________，离开光电门时的速度v2＝________，自由落体运动的加速度g＝________

14、“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示。

①图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是___________（填“F”或“F′”）。
②本实验采用的科学方法是：（ ）
A．理想实验法 B．等效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法
③实验中可减小误差的措施有：（ ）
A．两个分力F1、F2的大小要尽量大些
B．两个分力F1、F2间夹角应越大越好
C．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行
D．AO间距离要适当，将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些
15、在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如图所示的装置，打点计时器的打点频率为50Hz。小车的质量为M，沙桶和沙子的质量为m.

（1）图乙是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。量出相邻的计数点之间的距离分别为：sAB=4.22cm、sBC=4.65cm、sCD=5.08cm、sDE=5.49cm、sEF=5.91cm、sFG=6.34cm。已知打点计时器的工作频率为50Hz，则a=_______m/s2，vB=______m/s。（保留二位有效数字）

（2）某同学在另一次实验中，用沙桶和沙子的重力表示对小车的拉力F，通过数据的处理作出了a—F图象，如图所示，则：

①图中的直线不过原点的原因是________________________。
②此图中直线发生弯曲的原因是_______________________；
③在这个实验中采用的探究方法是__________________________________。
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，将小砝码置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的拉力将纸板迅速抽出，砝码的移动很小，几乎观察不到，这就是大家熟悉的惯性演示实验。若砝码和纸板的质量分别为和，各接触面间的动摩擦因数均为。重力加速度为。
（1）当纸板相对砝码运动时，求纸板所受摩擦力大小；
（2）要使纸板相对砝码运动，求所需拉力的大小；
（3）本实验中，，，，砝码与纸板左端的距离，取。若砝码移动的距离超过，人眼就能感知，为确保实验成功，纸板所需的拉力至少多大？

17、（10分）如图所示，有1、2、3三个质量均为m=1kg的物体，物体2与物体3通过不可伸长轻绳连接，跨过光滑的定滑轮，设长板2到定滑轮足够远，物体3离地面高H=5.75m， 物体1与长板2之间的动摩擦因数μ=O.2.长板2在光滑的桌面上从静止开始释放，同时物体1(视为质点)在长板2的左端以v=4m/s的初速度开始运动，运动过程中恰好没有从长板2的右端掉下．(取g=10m/s²)求：
(1)长板2开始运动时的加速度大小；
(2)长板2的长度；
(3)当物体3落地时，物体1在长板2的位置

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】AB．5个铁垫圈同时做自由落体运动，下降的位移之比为1：3：5：7．因为初速度为零的匀加速直线运动在相等时间内的位移之比为1：3：5：7，知各垫圈落到盘中的时间间隔相等，故A、B错误；
CD．因为各垫圈落到盘中的时间间隔相等，则各垫圈依次落到盘上的时间比为1：2：3：4，则速度之比为1：2：3：4，故C正确，D错误；
故选C。
2、C
【解析】A．山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据

由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故v1＜v3；根据卫星的线速度公式

由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的线速度大于同步通信卫星的线速度，即v3＜v2；故v1＜v3＜v2，故A错误；
B．山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据

得ω1=ω3；根据卫星的线速度公式

由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故ω3＜ω2；故
ω1=ω3＜ω2
故B错误；
C．山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据

由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故山丘e的轨道加速度大于同步通信卫星q的加速度，即a1＜a3；根据卫星的周期公式

由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的加速度小于同步通信卫星的加速度，即a3＜a2；故
a1＜a3＜a2
故C正确；
D．综上分析可得：

故D项错误
3、D
【解析】A.物体在水平方向受到作用力F跟墙壁对物体的压力两个力，它们是一对平衡力，不是一对作用力和反作用力，故A错误.
B.物体竖直方向受到重力和墙壁对物体的静摩擦力两个作用，物体处于静止状态，则这两个力是一对平衡力，故B错误.
C.作用力F跟物体对墙壁的压力没有直接关系，不构成相互作用力；故C错误.
D.物体对墙壁的压力与墙壁对物体的压力是物体与墙壁之间的相互作用力，是一对作用力和反作用力，不是平衡力，故D正确.
4、D
【解析】x-t图像的斜率表示物体运动的速度大小，v-t图像的斜率表示物体加速度的大小，故0~2s内甲图质点做匀速直线运动，乙图质点做匀加速直线运动，A错误；2~3s内甲图质点斜率为零，即速度为零，乙图质点速度恒定不变，做匀速直线运动，B错误；3~5s内甲图斜率恒定做匀速直线运动，而乙图质点速度均匀减小，做匀减速直线运动，C错误；x-t表示质点的位置坐标随时间变化图像，故甲图质点位移为，v-t图像图线与坐标围成的面积表示位移，故，D正确
5、C
【解析】由图可知，物体的速度一直为正值，表示物体都沿正方向运动，即朝某一方向直线运动，而不是往复运动．故C正确，ABD错误
6、D
【解析】力F在水平方向上的分力大小为 ，
力F在竖直方向上的分力大小为
此时物体受到的最大静摩擦力
因为 ，所以弹簧是被拉长的，
以物体为对象受力分析如图所示：

A、物体在水平方向上受力平衡则： ,得 ，故A错误；
B、当撤去拉力F的瞬间，此时 而弹簧的弹力T=2N,由于弹力小于最大静摩擦力，所以物体处于平衡状态，受到静摩擦力 ，故B错误；
CD、当撤去弹簧的瞬间，此时物体受到的最大静摩擦力，而F在水平方向的分力大于最大静摩擦了，所以物体不在平衡，受到的滑动摩擦力，方向向左，故C错误，D正确；
7、BD
【解析】小球接触弹簧后，弹簧的弹力先小于重力沿斜面向下的分力，小球的合力沿斜面向下，加速度也沿斜面向下，与速度方向相同，故小球做加速运动，因弹力逐渐增大，合力减小，加速度减小；随着小球向下运动，弹簧的弹力增大，当弹簧的弹力大于重力沿斜面向下的分力后，小球的合力沿斜面向上，加速度沿斜面向上，与速度方向相反，小球做减速运动，弹力增大，合力增大，加速度也增大；综上可知，小球接触弹簧后速度先增大后减小，加速度先减小后反向增大，压缩过程中，小球所受合力先变小后变大．小球刚接触弹簧瞬间速度不是最大，当弹力与重力的分力平衡时，速度最大．故BD正确，AC错误。
故选BD。
8、BC
【解析】A、物体在上滑过程中，受到重力、支持力和沿斜面向下的滑动摩擦力，物体在下滑过程中，受到重力、支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力，两个过程受力情况不完全相同，故A错误，B正确
C、物体减速上滑过程中加速度方向沿斜面向下，则合力方向沿斜面向下，物体加速下滑过程中加速度方向沿斜面向下，则合力方向沿斜面向下，所以物体的合力方向始终沿斜面向下，故C正确；
D、若物体匀速下滑，受到重力、支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力，故D错误
9、BD
【解析】AB．剪断细线前小球受力如图所示：

由平衡条件可以知道弹簧弹力：

细线中张力：

故A错误，B正确.
CD．剪断细线的瞬间细线拉力消失，弹簧的弹力不变，小球受重力mg与弹簧弹力F作用，根据牛顿第二定律小球所受合力：

解得小球的加速度大小为：
a=gtanθ
故C错误,D正确.
故选BD.
10、BC
【解析】小车在向右运动的过程中，弹簧的形变量若始终小于x=时，直杆和槽间无相对运动，小车被弹回时速度υ一定等于υ0；若形变量等于x=时，杆和槽间出现相对运动，克服摩擦力做功，小车的动能减小，所以小车被弹回时速度υ一定小于υ0，A错误；整个过程应用动能定理：Ffs=△EK，直杆在槽内移动的距离，故B正确；当弹力等于最大静摩擦力时杆即开始运动，此时车的速度大于杆的速度，弹簧进一步被压缩，弹簧的弹力大于最大静摩擦力，故C正确；直杆在槽内向右运动时，开始小车速度比杆的大，所以不可能与直杆始终保持相对静止，故D错误．故选BC
【点睛】缓冲装置是一种实用装置，在生产和生活中有着广泛的应用，本题就是根据某种缓冲装置改编的一道物理试题，试题设计新颖，物理思想深刻．正确解答这道试题，要求考生具有扎实的高中物理基础以及很强的分析和解决问题的能力
11、BCD
【解析】AB．把m1、m2看成一个整体，则合力为30N－20N=10N，方向向右；则两个物体的加速度为

方向向右；再将m1隔离开来，单独对它进行受力分析，在水平方向上，m1受到F1、弹簧的作用力T，故由牛顿第二定律可得

故

故A错误，B正确；
C．在突然撤去F2的瞬间，m1的受力情况没有突然发生改变，故其加速度仍是不变的，仍是2m/s2，故C正确；
D．m2则只受到弹簧的拉力的作用，故此时其加速度的大小为

故D正确。
故选BCD。
12、BC
【解析】A．当合速度与河岸垂直，渡河位移才最短，水流速度为5m/s，而静水中的速度为3m/s，小于水流的速度，那么合速度不可能垂直河岸，故A错误；
B．当静水中的速度与河岸垂直时，渡河时间最短，为：

故B正确
D．渡河时间最短时，它沿水流方向的位移大小为：
x=v水tmin=5×50m=250m
则渡河位移
s=m
故D错误；
C．设船的速度与河岸成θ角时，渡河位移最小，根据运动的合成与分解可知，
，θ=53°
渡河时间

故C正确；
故选BC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①. ； ②. ; ③. ；
【解析】极短时间内的平均速度可以近似表示瞬时速度，根据速度位移关系公式v22-v12=2gh可得自由落体运动的加速度g
【详解】极短时间内的平均速度可以近似表示瞬时速度，故：“工”字型金属片进入光电门时的速度v1=；
离开光电门时的速度v2=；根据速度位移关系公式，有：v22-v12=2gh
解得自由落体运动的加速度：g==
故答案为；；
【点评】本题关键是明确实验中测量瞬时速度的方法，即用极短时间内的平均速度表示瞬时速度，同时要结合速度位移公式求解加速度，基础题目
14、 ①.F′ ②.B ③.ACD
【解析】①[1]方向一定沿AO方向的是用单个弹簧称拉橡皮筋时的拉力，所以F′的方向才一定沿AO方向。
②[2]本实验采用的科学方法是等效替代法，故选B。
③[3]A．两个分力F1、F2的大小要尽量大些，可以减小测量及作图时的偶然误差，A正确；
B．两个分力F1、F2间夹角应该恰当才好，不是越大越好，B错误；
C．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行，确保各力在同一平面，可以减小作图的引起的误差，C正确；
D．AO间距离要适当，将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些，可以减小测量及作图时的偶然误差，D正确；
故选ACD。
15、 (1). (2). (3).实验前木板右端垫得过高，平衡摩擦力过度 (4).随着F的增大不再满足沙桶质量远小于小车质量，即 (5).控制变量法
【解析】（1）[1][2]由题意可知，相邻计数点之间的时间间隔，根据匀变速直线运动的知识可知，A、C两点的过程中小车的平均速度即为B点的瞬时速度，即

由逐差公式可得：

（2）①[3]图中当时，．也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是实验前木板右端垫得过高，平衡摩擦力过度；
②[4]此图中直线发生弯曲的原因是随着F的增大不再满足沙桶质量远小于小车质量，即；
③[5] 在这个实验中采用的探究方法是控制变量法。

三．计算题(22分)
16、（1）；（2）；（3）
【解析】（1）当纸板相对砝码运动时，砝码和桌面对纸板的摩擦力分别为
，
方向均水平向左；纸板所受摩擦力的大小

（2）设砝码的加速度为，纸板的加速度为，则对砝码有

对纸板有

发生相对运动需要；代入数据解得

（3）为确保实验成功，即砝码移动的距离不超过，纸板抽出时砝码运动的最大距离为

纸板运动距离

纸板抽出后，砝码在桌面上运动的距离

由题意可知
，，
代入数据联立得

即为确保实验成功，纸板所需的拉力至少为。
【点睛】这是2013年江苏高考题，考查了连接体的运动，解题时应用隔离法分别受力分析，找出两个物体之间的位移关联关系，列运动方程，难度较大。
17、（1）（2）1m （3）1m
【解析】设向右为正方向
（1）物体1： -μmg = ma1 a1=–μg = -2m/s2
物体2：T+μmg= ma2
物体3：mg–T= ma3
且a2= a3
由以上两式可得：=6m/s2
（2）设经过时间t1二者速度相等v1=v+a1t=a2t
代入数据解t1=0．5s v1=3m/s
=1．75m
=0．75m
所以木板2的长度L0=x1-x2=1m
（3）此后，假设物体123相对静止一起加速
T=2mamg—T=ma即mg=3ma
得
对1分析：f静=ma=3．3N＞Ff=μmg=2N，故假设不成立，物体1和物体2相对滑动
物体1：a3=μg=2m/s2
物体2：T—μmg= ma4
物体3：mg–T= ma5
且a4= a5
得：=4m/s2
整体下落高度h=H—x2=5m 根据
解得t2=1s
物体1的位移=4m
h-x3=1m 物体1在长木板2的最左端
【点睛】本题是牛顿第二定律和运动学公式结合，解题时要边计算边分析物理过程，抓住临界状态：速度相等是一个关键点