2026届辽宁省沈阳铁路实验中学高一物理第一学期期末综合测试试题含解析.doc

2026届辽宁省沈阳铁路实验中学高一物理第一学期期末综合测试试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，一条不可伸长的轻绳绕过光滑的轻质定滑轮分别与物块A、B相连，细绳两都分分别处于水平和竖直状态，桌面光滑，物块A和B的质量分别为M和m，重力加速度为g，现将系统由静止释放，在B落地前，下列判断正确的是（ ）

A.物体B下降的加速度大小为
B.物体B下降的加速度大小为
C.物体A对桌面的压力的大小等于桌面对A的支持的大小
D.轻绳的张力等于mg
2、手机导航软件方便了人们的出行，更是缓解了城市交通压力．某位司机准备从扬州火车站前往南京大学，导航规划了三条路线，如下图所示．下列说法正确的是（　　）

A.研究汽车在地图上的实时位置，不可以把汽车看成质点
B.图中的93.6公里、101.5公里、109.1公里分别表示路程
C.三条路线的路程和位移都不同
D.三条路线的路程和位移都相同
3、判断下列图像属于匀加速直线运动的是（ ）
A. B.
C D.
4、汽车沿平直公路做匀加速直线运动时，其加速度大小为，则该汽车在任意内（ ）
A.位移一定为
B.速度一定变化
C.末速度一定是初速度的2倍
D.末速度比下的初速度小
5、以下可以看成质点的运动物体是（　　）
A.从朱泾开往石化的公交车 B.原地旋转的芭蕾舞演员
C.研究跳高过杆技术时的运动员 D.通过小型铁路桥的火车
6、针对下面几种运动情景，请你运用所学物理知识进行分析思考，并选择判断正确的一项是（）
①长征二号火箭点火后即将升空
②高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车
③运动的磁悬浮列车在轨道上高速行驶
④2013年第十二届全运会男子100决赛中张培萌夺得冠军
A.①中因火箭还没运动，所以加速度为零
B.②中轿车紧急刹车，速度很快减为零，所以加速度很大
C.③中高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加速度很大
D④中张培萌率先冲过终点，所以和其他运动员相比经过终点时加速度一定最大
7、一质点向东做匀变速直线运动，其位移表达式为s=(10t-t2)m，则
A.质点先向东做匀减速直线运动，后向西做匀加速直线运动
B.质点的加速度大小是1m/s2
C.质点的加速度大小是2m/s2
D.在12s末，质点在出发点以西24m处
8、如图所示为甲、乙、丙三个质点位置x与时间t的关系图象，则在时间内　　

A.甲先做匀加速再做匀减速运动
B.在时刻丙的速率大于乙的速率
C.甲、乙、丙平均速度相等
D.丙的路程大于乙的路程
9、如图所示，用小锤击打弹性钢片，小球沿水平方向飞出做平抛运动，同时小球被放开做自由落体运动．关于该实验，下列说法正确的是（ ）

A.听到和同时落地的声音
B.本实验要求和的质量一定相同
C.该实验不能说明小球水平方向做匀速运动
D.实验开始时和离地面的高度可以不一样
10、如图所示，质量为m的物体在与斜面平行向上的拉力F作用下，沿着水平地面上质量为M的粗糙斜面匀速上滑，在此过程中斜面保持静止，则地面对斜面（　　）

A.无摩擦力
B.支持力等于（m＋M）g
C.支持力为（M＋m）g－Fsinθ
D.有水平向左的摩擦力，大小为Fcosθ
11、如图所示，在车站、机场常用传送带运送的货物，传送带与水平面夹角为，当货物随传送带一起斜向上匀速运动时，下列关于货物受力的说法中正确的是（　　）

A.因货物与传送带相对静止，所以货物不受摩擦力
B.货物所受摩擦力方向沿传送带向上
C.货物所受摩擦力方向沿传送带向下
D.货物受到三个力的作用
12、如图所示，一光滑轻绳左端固定在竖直杆顶端，其右端系于一光滑圆环上，圆环套在光滑的矩形支架ABCD上．现将一物体以轻质光滑挂钩悬挂于轻绳之上，若使光滑圆环沿着ABCD方向在支架上缓慢地顺时针移动，圆环在A、B、C、D四点时，绳上的张力分别为Fa、Fb、Fc、Fd，则(　　)

A.Fa＜Fb
B.Fb＞Fc
C.Fc＝Fd
D.Fd＞Fa
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、①某同学用如图所示装置做“验证牛顿第二定律”的实验，若他在图示状态下开始做实验，请指出图中的主要错误是（至少写两项）：_________________、______________________

②若他更正了图中的所有错误后，他以下的做法和理由正确的是________；
A.使砂桶的质量m远小于小车总质量M，是为了减小系统误差
B.平衡摩擦力是为了减小偶然误差
C.采用描点画图象的方法处理数据，是为了减少系统误差
D.采用逐差法处理数据，为了减少偶然误差
③他在实验中得到如图所示纸带，纸带上的计数点用A、B、C、D、E表示．根据图上数据，小车经过B点时的速度是___________m/s．（相邻计数点间的时间间隔为0.1s）

14、利用下列器材设计实验验证力的平行四边形定则：
器材：三根完全相同的轻质弹簧（每根弹簧的两端均接有适当长度的细绳套），几个小重物，一把刻度尺，一块三角板，一枝铅笔，一张白纸，几枚钉子
（1）按下列步骤进行实验，请在横线上将步骤补充完整：
①用两枚钉子将白纸（白纸的上边沿被折叠几次）钉在竖直墙壁上，将两根弹簧一端的细绳套分别挂在两枚钉子上，另一端的细绳套与第三根弹 簧一端的细绳套连接．待装置静止后，用刻度尺测出第三根弹簧两端之间的长度，记为L0；
②在第三根弹簧的另一个细绳套下面挂一个重物，待装置静止后，用铅笔在白纸上记下结点的位置O和三根弹簧的方向．用刻度尺测出第一、二、三根弹簧的长度L1、L2、L3，则三根弹簧对结点O的拉力之比为_________________；
③取下器材，将白纸平放在桌面上．用铅笔和刻度尺从O点沿着三根弹簧的方向画直线，按照一定的标度作出三根弹簧对结点O的拉力F1、F2、F3的图示．以_________________作一平行四边形，量出_________________的长度，换算出对应的力F;
④测量发现F与F3在同一直线上，大小接近相等，则实验结论为：_________________；
（2）若钉子位置固定，利用上述器材，改变条件再次验证，可采用的办法是_________________  ；
（3）分析本实验的误差来源，写出其中两点：_________________，_________________
15、将一个质量为1 kg的小球竖直向上抛出，又落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反．该过程的v－t如图所示，g取10 m/s2．小球落回抛出点时速度大小是______m/s

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，质量为m=10kg的物体，在F=60N水平向右的拉力作用下，由静止开始运动．设物体与水平面之间的动摩擦因素µ=0.4，求：

(1)物体所滑动受摩擦力为多大？
(2)物体的加速度为多大？
(3)物体在第3s内的位移为多大？
17、（10分）某工厂用倾角为37°的传送带把货物由低处运送到高处，已知传送带总长为L=50 m，正常运转的速度为v=4 m/s．一次工人刚把M=10 kg的货物放到传送带上的A处时停电了，为了不影响工作的进度，工人拿来一块m=5 kg带有挂钩的木板，把货物放到木板上，通过定滑轮用绳子把木板拉上去．货物与木板及木板与传送带之间的动摩擦因数均为0.8．（物块与木板均可看做质点，g=10 m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8）

(1)为了把货物拉上去又不使货物相对木板滑动，求工人所用拉力的最大值；
(2)若工人用F=189 N的恒定拉力把货物拉到L/5处时来电了，工人随即撤去拉力，求此时货物与木板的速度大小；
(3)来电后，还需要多长时间货物能到达B处？（不计传送带的加速时间）
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】ABD.对B，由牛顿第二定律得

同理，对A：

解得

，
故A错误，B错误，D错误；
C.物体A对桌面的压力与桌面对A的支持力为作用力和反作用力，大小相等，故C正确；
故选：C
2、B
【解析】A．研究汽车在导航图中的位置时，汽车的大小和形状能够忽略，可以把汽车看成质点，故A错误.
B．根据路程的定义可知图中的93.6公里、101.5公里、109.1公里是轨迹的长度，都分别表示路程，故B正确.
CD．根据路程和位移的定义可知三条线路轨迹不同所以路程大小不同，而三条线路起点和终点是一样的，位移相同，故C错误，D错误.
故选B.
3、C
【解析】A、由图象可知，速度随时间均匀减小，是匀减速直线运动，故A错误；
B、由图象可知，速度随时间增大，由于斜率不断增大，所以物体做加速度增大的变加速直线运动，故B错误；
C、速度随时间均匀增大，是匀加速直线运动，故C正确；
D、速度图线平行于t轴，说明速度不随时间变化，说明物体做匀速直线运动，故D错误
点睛：根据速度图象直接读出速度的变化情况，根据图线的斜率分析加速度如何变化，确定物体的运动情况，即可进行选择
4、B
【解析】A．不知道初末速度的信息，无法求解任意1s内位移，故A错误
BC．加速度大小为2m/s2，根据公式

可知任意1s内的速度变化量为2m/s，即任意1s内末速度比这1s的初速度大2m/s，故B正确，C错误
D．任意1s内末与下1s初是同一时刻，速度相等，故D错误
5、A
【解析】A．公交车的形状大小与朱泾石化间的距离比较，可以忽略，能看成质点，故A符合题意；
B．研究表演原地旋转动作的芭蕾舞演员，主要看其动作和形状，所以不能看成质点，故B不符合题意；
C．分析跳高运动员的过杆技术时，要看运动员的动作，所以不能看成质点，故C不符合题意；
D．火车的长度相对于小型铁路桥不能忽略，所以火车不能看成质点，故D不符合题意。
故选A。
6、B
【解析】A．火箭点火启动时，产生高温高压蒸汽，使火箭获得一个向上的推力，力是产生加速度的原因，与速度无关，所以此时加速度不为零．故A错误；
B．因为加速度是描述速度变化快慢的物理量，轿车紧急刹车，速度很快减为零，说明速度变化很快，所以加速度很大．故B正确；
C．高速行驶的磁悬浮列车，速度很大，但是完全可以做匀速直线运动，所以加速度也可以为零．故C错误；
D．加速度是速度的变化量与时间的比值，与速度大小无关，张培萌夺得冠军，他和其他运动员相比，速度一定最大，但加速度不一定最大．故D错误
【点睛】此题考查了速度和加速度的关系；要知道加速度是用速度的变化快慢来描述，加速度的大小等于速度的变化率；其实加速度的大小与速度无关，只于物体的受力情况有关，故速度变大，加速度不一定变大，加速度为零速度不一定为零
7、ACD
【解析】ABC．将匀变速直线运动的位移时间关系公式对比可得：质点的初速度为10m/s，加速度大小是2m/s2，方向向西，则知质点先向东做匀减速直线运动，后向西做匀加速直线运动，故AC正确，B错误；
D．t=12s时，代入得

即质点在出发点以西24m处，故D正确。
故ACD。
8、BC
【解析】A、位移时间图象中图象的斜率表示速度，故甲先做正向匀速运动后反向匀速运动，故A错误；
B、在图象中斜率代表速度，由图象可知，在时刻丙的速率大于乙的速率，故B正确；
C、在时间内，由于甲乙丙的位移相同，时间也相同，故平均速度相同，故C正确；
D、由图象可知，乙丙都做单向直线运动，故路程相同，故D错误；
故选BC
【点睛】此题关键抓住位移图象的斜率等于速度、纵坐标的变化量表示位移，掌握平均速度和平均速率公式，来分析图象的意义
9、AC
【解析】AC．平抛运动在竖直方向上做自由落体运动．用小锤击打弹性钢片，可使球沿水平方向飞出，同时球被松开，做自由落体运动，在不同的高度多次做上述实验，听到和同时落地的声音，发现两球总是同时落地，可知平抛运动在竖直方向上的运动规律与自由落体运动相同，该实验不能说明小球在水平方向上做匀速运动，故AC正确
B．自由落体运动中，加速度为重力加速度，与物体下落的质量无关，故本实验不要求和的质量相同，故B错误
D．该实验要求和离地面的高度相同，故D错误
10、CD
【解析】由于m沿着斜面匀速上滑，可把m和斜面看作整体．整体受到斜向上的拉力作用，根据平衡条件，地面对斜面的支持力为，水平向左的摩擦力大小为，选项AB错误CD正确。
故选CD。
11、BD
【解析】ABC．货物所受的摩擦力方向与相对运动趋势的方向相反，货物相对传送带有向下运动的趋势，所以静摩擦力方向沿传送带向上，故B正确，AC错误；
D．货物随传送带一起向上匀速运动，因此共受到三个力，分别为重力、支持力与静摩擦力，故D正确；
故选BD。
12、CD
【解析】设绳子两端点所悬点的水平距离为d，绳长为l，绳子拉力为T，绳子与竖直方向之间的夹角为，物体的质量为m
根据共点力平衡：，
，
可见，d相等，T相等，所以Fa=Fb，Fc=Fd，故A、B错误，C正确；d大，T也大，Fd>Fa，D正确；故选CD
考点：共点力的平衡
【名师点睛】以物体悬挂点为研究对象，根据对称性，两段绳子的拉力相等，与竖直方向的夹角相等，根据共点力平衡和几何关系可知：绳子长度不变时，两悬点的距离越大，绳子拉力越大，两悬点的距离不变，绳子拉力不变

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.拉小车的线与木板平行、不能用电池做电源 ②.小车离打点计时器太远、没有平衡摩擦力 ③.AD ④.0.60
【解析】①牵引小车的细线与板不平行、错用了直流电源（或应该用交流电）；
开始实验时，小车离滑轮太近（或小车离打点计时器太远）、长木板右端未垫高以平衡摩擦力（或没有平衡摩擦力）；
②A、本实验中采用砂桶带动小车的运动，在数据的处理中，利用砂桶的重力提供小车的拉力，因桶本身有加速度，故应减小桶的本身合力，故应使砂桶的质量远小于车的质量，故A正确；
B、平衡摩擦力是为减少系统误差，让绳子的拉力等于小车受到的合力，故B错误；
C、采用描点画图象的方法或采用逐差法处理数据，都是为了减少偶然误差，故C错误，D正确；
③根据匀变速运动规律，用AC段位移的平均速度代替B点的瞬时速度得：

14、 ①.（L1-L0）：（L2-L0）：（L3-L0）； ②.以F1、F2为邻边； ③.出F1、F2所夹的平行四边形对角线； ④.由题知，F1、F2的合力为F，F与F3在同一直线上，大小接近相等，说明在实验误差范围内，结点O受三个力的作用处于静止状态，合力为零； ⑤.可采用的办法是换不同重量的小重物，重复进行实验； ⑥.未考虑弹簧自身的重量； ⑦.记录O、L0、L1、L2、L3及弹簧的方向时产生误差（或白纸未被完全固定等）
【解析】根据胡克定律求解三根弹簧对结点O的拉力，即可求出拉力的比值；F1、F2的合力为F，F与F3在同一直线上，大小接近相等，说明在实验误差范围内，结点O受三个力的作用处于静止状态，合力为零；
改变条件，重复实验时可换不同重量的小重物进行；
本实验在竖直平面进行，弹簧本身的重力、弹簧长度的测量、拉力方向的确定等等可能产生误差
【详解】(1)②根据胡克定律得，第一、二、三根弹簧的拉力分别为F1=k（L1-L0）、F2=k（L2-L0）、F3=k（L3-L0），k为弹簧的劲度系数，则三根弹簧对结点O的拉力之比为（L1-L0）：（L2-L0）：（L3-L0）；
③由平行四边形定则可知，以F1、F2为邻边作一平行四边形，量出F1、F2所夹的平行四边形对角线的长度；
④由题知，F1、F2的合力为F，F与F3在同一直线上，大小接近相等，说明在实验误差范围内，结点O受三个力的作用处于静止状态，合力为零；
(2) 改变条件再次验证，可采用的办法是换不同重量的小重物，重复进行实验；
(3) 本实验在竖直平面进行，实验的误差来源可能有：未考虑弹簧自身的重量、记录O、L0、L1、L2、L3及弹簧的方向时产生误差（或白纸未被完全固定等）
【点睛】解答实验问题时注意，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，因此明确实验原理和实验目的是解答实验问题的关键
15、
【解析】根据速度时间图线得出匀减速运动的加速度大小，根据牛顿第二定律求出阻力的大小；根据牛顿第二定律求出下降的加速度，结合位移时间公式得出下落时间．根据图线得出上升的位移，结合下降的加速度，运用速度位移公式求出小球回到抛出点的速度大小.
【详解】小球向上做匀减速运动的加速度大小，根据牛顿第二定律得，mg+f=ma1，解得阻力f=ma1-mg=2N．小球上升的高度，小球下降的加速度大小，根据x=a2t22得，t2=s，则小球落回到抛出点时的速度大小为 v=a2t2=8 m/s
【点睛】本题考查了牛顿第二定律和速度时间图线的运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移

三．计算题(22分)
16、（1）40N（2）（3）
【解析】（1）滑动摩擦力为：；
（2）由牛顿第二定律得： ，代入数据解得：；
（3）第内的位移为
点睛：本题考查了牛顿第二定律与运动学公式的应用，分析清楚物体的运动过程与受力情况是解题的前提与关键，应用牛顿第二定律与运动学公式即可解题
17、 (1)192N(2) (3)
【解析】(1)设最大拉力为Fm，货物与木板之间的静摩擦力达到最大值，设此时的加速度为a1，对货物分析根据牛顿第二定律得：

得：
对货物与木板整体分析根据牛顿第二定律得：

得：Fm=192N
(2)设工人拉木板的加速度为a2，根据牛顿第二定律得：

解得：
设来电时木板的速度为v1，根据运动学公式得：

得：
(3)由于，所以来电后木板继续加速，加速度为a3

设经过t1木板速度与传送带速度相同，则：
得：
设t1内木板加速的位移为x1，则：
得：
共速后，木板与传送带相对静止一起匀速运动，设匀速运动的时间为t2，匀速运动的位移为x2，则：
得：
又：
得：
所以来电后木板需要运动