2026届山西省忻州市忻州一中物理高一第一学期期末调研模拟试题含解析.doc

2026届山西省忻州市忻州一中物理高一第一学期期末调研模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，a、b两个小球从不同高度同时沿相反方向水平抛出，其平抛运动轨迹的交点为P，则以下说法正确的是（ ）

A.a、b两球同时落地
B.a、b两球落地时速度相同
C.a、b两球在P点相遇
D.无论两球初速度大小多大，两球不可能在空中相遇
2、如图所示，质量为m的物体沿倾角为θ的斜面匀加速下滑，设物体与斜面间的动摩擦因数为μ，此时物体的加速度的大小为a1；若物体m上再放另一质量为m′的物体，它们一起运动的加速度大小为a2；若物体m上施加一个竖直向下、大小等于m′g的力F，此时下滑的加速度大小为a3.则a1、a2、a3大小的关系是

A.a3>a1>a2 B.a1＝a2<a3
C.a1<a2<a3 D.a1＝a3>a2
3、如图所示，弹簧秤和细绳重力不计，不计一切摩擦，物体重，弹簧秤A和B读数分别为（ ）

A.10N ，0N B.10N，20N
C.10N，10N D.20N，10N
4、如图，位于水平桌面上的物块P，由跨过定滑轮的轻绳与物块相连，从滑轮到P和到Q的两段绳都是水平的，已知Q与P之间以及桌面之间的动摩擦因数都为μ，两物块的质量都是m，滑轮轴上的摩擦不计，若用一水平向右的力F拉P使其做匀速运动，则F的大小为（ ）

A.4μmg B.3μmg
C.2μmg D.μmg
5、如图所示，固定斜面段光滑，段粗糙，两物体叠放在一起从点由静止下滑，下滑过程中保持相对静止，则

A.在段时，受三个力作用
B.在段时，可能受二个作用
C.在段时，可能处于失重状态
D.整个下滑过程中，一定均处于失重状态
6、有两个大小恒定的共点力，它们的合力大小F与两力之间夹角θ的关系如图所示，则这两个力的大小分别是

A.6N和3N B.9N和3N
C.9N和6N D.12N和6N
7、如图所示，在光滑水平面上，轻质弹簧右端固定在竖直墙壁上，一物块在水平恒力F作用下做直线运动，接触弹簧后压缩弹簧，直至速度为零。整个过程中，物体一直受到力F作用，弹簧一直在弹性限度内，在物块与弹簧接触后向右运动的过程中，下列说法正确的是（　　）

A.物块接触弹簧后立即做减速运动
B.物块接触弹簧后先加速后减速
C.当物块的速度最大时，它的加速度等于零
D.当弹簧形变量最大时，物块的加速度等于零
8、大小不变的两个共点力F1与F2其合力为F，下列说法正确的是（ ）
A.合力F一定大于任何一个分力
B.合力大小既可等于F1，也可等于F2
C.合力不可能小于任何一个分力
D.合力F的大小随F1、F2之间夹角的增大而减小
9、下列关于作用力与反作用力的说法正确的是( )
A.只有当相互作用的两个物体都静止时，它们间的作用力与反作用力大小才相等
B.静摩擦力的反作用力一定是静摩擦力
C.作用力与反作用力可以相互平衡
D.对物块施加水平恒力，使它在粗糙地面上匀加速前进，物块与地面间的一对摩擦力大小相等
10、一质点沿x轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其-t的图象如图所示，则（　　）

A.质点做匀速直线运动，速度为2 m/s
B.质点做匀加速直线运动，加速度为
C.质点在1s末速度为2 m/s
D.质点在第1s内的平均速度为4 m/s
11、从匀速上升的气球上掉下一个小物体，从这时开始（不计空气阻力）（）
A.物体的加速度为g
B.物体做自由落体运动
C.气球仍匀速上升
D气球将加速上升
12、一物体以5 m/s的初速度在光滑斜面上向上运动，其加速度大小为2 m/s2，设斜面足够长，经过t时间物体位移的大小为4 m，则时间t可能为
A.1 s B.3 s
C.4 s D.s
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在“探究共点力合成的规律”实验中，用两个弹簧秤分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮筋，使它伸长到某一位置O点，为了确定两个分力的大小和方向，这一步操作中：

必须记录的是______
A.橡皮筋固定端的位置
B.描下O点位置和两条细绳套的方向
C.橡皮筋伸长后的总长度
D.两个弹簧秤的读数
做实验时，根据测量结果在白纸上画出如图所示的示意图，其中O为橡皮筋与细绳的结点，图中的和的合力的理论值是______；和的合力的实际测量值是______
若两个弹簧秤的读数分为3N、4N，且两弹簧秤拉力方向的夹角为锐角，则______选填“能”或“不能”用一个量程为5N的弹簧秤测量出它们的合力，理由______
14、在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如图所示的装置，打点计时器的打点频率为50Hz

（1）该同学得到一条纸带，在纸带上取连续的六个点，如图所示，相邻两点间的距离分别为10.0mm、12.0mm、14.0mm、16.0mm、18.0mm，则打下E点时小车的速度为___m/s，小车的加速度为_____m/s2
（2）该同学通过数据的处理作出了a —F图象，如图所示，则

①图中的直线不过原点的原因是_____________________.
②此图中直线发生弯曲的原因是______________________
15、某实验小组利用如图所示的装置探究物体的加速度与力、质量的关系

(1)实验中下列做法正确的是___________
A.平衡摩擦力后，实验就不需要满足小车及车中砝码总质量远大于砝码盘及盘中砝码总质量的条件
B.每次改变小车中砝码的质量后，都需要重新平衡摩擦力
C.选取点迹清晰的纸带，必须以打的第一个点为计数起始点进行测量
D.实验中应先接通打点计时器的电源，然后再释放小车
(2)实验中由于实际绳对小车的拉力_________（选填“大于”、“等于”、“小于”）重物所受的重力，会给实验带来系统误差．为减小此误差，实验中要对小车质量M和重物质量m进行选取，以下四组数据中最合理的一组是__________．（填写相应序号）
①M=200g，m=40g、60g、80g、100g、120g
②M=200g，m=30g、35g、40g、45g、50g
③M=400g，m=20g、40g、60g、80g、100g
④M=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g
(3)如图所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带．取计数点1、2、3、4、5.已知打点计时器的打点周期为0.02s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为3.05cm、3.92cm、4.77cm、5.62cm，则小车运动的加速度大小a=______m/s2．（结果保留两位有效数字）

(4)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套上图所示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到右图中甲、乙两条直线．设甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为、，由图可知________．（大于、小于、等于）

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，质量为m=2kg的物块放在倾角为θ=37°的斜面体上，斜面质量为M=4kg，地面光滑，现对斜面体施一水平推力F，要使物块m相对斜面静止，求：（取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）

（1）若斜面与物块间无摩擦力，求m加速度的大小及m受到支持力的大小；
（2）若斜面与物块间的动摩擦因数为μ=0.2，已知物体所受滑动摩擦力与最大静摩擦力相等，求推力F的取值．（此问结果小数点后保留一位）
17、（10分）如图所示，在平台AD中间有一个长为2l的凹槽BC，质量为m的滑板上表面与平台AD等高，质量为2m的铁块(可视为质点)与滑板间的动摩擦因数为μ1，铁块以一定的初速度滑上滑板后，滑板开始向右做匀加速运动，当滑板右端到达凹槽右端C时，铁块与滑板的速度恰好相等，且铁块刚好到达木板最右端，滑板与凹槽右侧边碰撞后立即原速反弹，左端到达凹槽B端时速度恰好为零，而铁块则滑上平台CD，重力加速度为g。
（1）滑板与凹槽间动摩擦因数μ2多大？
（2）求铁块滑上滑板时的初速度大小v0。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】ACD．a、b两个小球从不同高度同时沿相反方向水平抛出，竖直分运动为自由落体运动，故落地前任意时刻高度不同，不可能相遇，b球的高度较小，根据可知b一定先落地，AC错误D正确；
B．由于两球的初速度大小未知，则无法比较两球落地的速度大小，B错误；
故选D。
2、B
【解析】由牛顿第二定律有

若物体m上再放另一质量为m′的物体，此时加速度为

物体m上施加一个竖直向下、大小等于m′g的力F，此时加速度为

由于，所以

故选B。
3、C
【解析】对A：由重物平衡得到，弹簧的拉力大小FA=G=10N，则弹簧秤A的读数为10N
对B：由左侧重物（或右侧重物）平衡得到，弹簧的拉力大小FB=G=10N，则弹簧秤B的读数为10N
故选C
4、A
【解析】对Q物块，设跨过定滑轮的轻绳拉力为T，木块Q与P间的滑动摩擦力f=μ•mg ，根据共点力平衡条件T=f ，则得：
T=μmg
对木块P受力分析，P水平方向受到拉力F，Q对P向左的摩擦力f，地面对P体向左的摩擦力f′，根据共点力平衡条件，有 F=f+f′+T ，地面对P物体向左的摩擦力：f′=μ×2mg ，联立解得：
F=4μmg
故选A。
5、C
【解析】根据牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离对A进行分析，从而判断B对A是否有摩擦力，根据加速度方向分析AB的超重或失重状态
【详解】A项：在CD段，整体的加速度为：，隔离对A分析，有：mAgsinθ+fA=mAa，解得：fA=0，可知A受重力和支持力两个力作用．故A错误；
B项：设DE段物块与斜面间的动摩擦因数为μ，在DE段，

隔离对A分析，有：mAgsinθ+fA=mAa，解得：fA=-μmAgcosθ，方向沿斜面向上
所以A一定受三个力，故B错误；
C、D项：在下滑过程中，CD段加速度沿斜面向下，A、B均处于失重状态．在DE段，可能做加速运动，可能做匀速直线运动，也可能做减速运动，可能处于失重状态，故C正确，D错误
故选C
【点睛】本题考查了物体的受力分析，A、B保持相对静止，之间有无摩擦力是解决本题的突破口，本题通过整体隔离分析，运用牛顿第二定律求解
6、B
【解析】由图读出两力夹角分别为0和π时合力大小．当两力夹角为0时，合力等于两分力之和．当两力夹角为π时，合力大小等于两力之差
【详解】设两个力大小分别为F1、F2，由图得到：当两力夹角为0时，F1+F2=12N；当两力夹角为π时，F1-F2=6N，联立解得：F1=9N，F2=3N，故B正确，ACD错误；故选B
7、BC
【解析】当木块接触弹簧后，水平方向受到向右的恒力F和弹簧水平向左的弹力，弹簧的弹力先小于恒力F，后大于恒力F，木块所受的合力方向先向右后向左，则木块先做加速运动，后做减速运动；当弹力大小等于恒力F时，木块加速度为零，速度为最大值；当弹簧压缩量最大时，弹力大于恒力F，合力向左，加速度大于零，故选BC。
【点睛】本题考查分析物体受力情况和运动情况的能力，要抓住弹簧弹力的可变性进行动态分析；同时要明确合力与速度同向时加速，合力与速度反向时减速。
8、BD
【解析】如果二力在同一条直线上，根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；同一直线反方向二力的合力等于二力之差．如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间
【详解】A、合力可以大于分力，也可以小于分力，总之合力大小与分力无关，A错误；
B、根据平行四边形定则可知，合力可能小于分力，可能大于分力，也可能等于分力，故B正确；
C、如果两个分力大小相等、方向相反时，两个力的合力为零，合力小于每一个分力，当方向相同时，则大于任一分力，因此存在有可能，故C错误；
D、由力的合成法则可知，当合力F的大小随F1、F2间夹角增大而减小，故D正确；
故选BD.
【点睛】解此题关键是要理解合力的大小范围：大于两力之差，小于两力之和；分析时考虑问题要全面，既要考虑到两个力同向，也要考虑反向的情况
9、BD
【解析】A．相互作用力的关系与物体的运动状态无关，A错误；
B．作用力与反作用力的性质相同，静摩擦力的反作用力一定是静摩擦力，B正确；
C．作用力和反作用力的研究对象是不同的物体，与平衡无关，C错误；
D．地面对物块的摩擦力和物块对地面的摩擦力是一对相互作用力，D正确。
故选BD。
10、BD
【解析】A、由图得：．根据得：，对比可得：v0=2m/s，a=2，则加速度为a=4m/s2．所以质点做匀加速直线运动，加速度为4m/s2，故A错误，B正确．C、质点在1s末速度为：，故C错误．D、质点在第1s内的平均速度为：，故D正确
11、AD
【解析】A、由于不计空气阻力，物体掉下后，只受重力，加速度等于重力加速度，故A正确；
B、物体原来与气球具有相同速度上升，当从气球上掉下后，由于惯性，保持原来向上的速度，先继续上升，做竖直上抛运动，故B错误；
C、气球受到空气的浮力不变，物体掉下后合外力竖直向上，气球加速上升，故C错误，D正确
12、ACD
【解析】当物体的位移为4m时，根据得，

解得
t1=1s
t2=4s。
当物体的位移为-4m时，根据得，

解得

A．1 s，与结论相符，选项A正确；
B．3 s，与结论不相符，选项B错误；
C．4 s，与结论相符，选项C正确；
D．s，与结论相符，选项D正确；
故选ACD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.BD ②. ③. ④.不能 ⑤.因为这两个力的合力大小超出了弹簧秤的量程
【解析】解：该实验的实验目的是验证力的平行四边形定则，要根据两个弹簧拉橡皮筋时两个拉力的大小和方向做出平行四边形求出其合力大小，然后与一个弹簧拉橡皮筋时的拉力大小进行比较，最后得出结论，故需要记录的是两弹力的大小和方向，故A、C错误，B、D正确
与合成的理论值是通过平行四边形定则算出的值，而实际值是单独一个力拉O点的时的值，因此F是与合成的理论值，是与合成的实际测量值；
若两个弹簧秤的读数分为3N、4N，且两弹簧秤拉力方向的夹角为直角时合力为5N，当为锐角时合力将大于5N，故不能用一个量程为5N的弹簧秤测量出它们的合力
14、 ①.（1）0.85； ②.5.0； ③.（2）①平衡摩擦力时角度过大； ④.②未满足砂和砂桶质量远小于小车的质量
【解析】纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的两个推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．若坐标轴有截距不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大．从图上分析两图各是什么原因即可
【详解】（1）利用匀变速直线运动的推论得出：
小车的加速度为
（2）①图中当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是平衡摩擦力时角度过大
②设小车的加速度为a，绳子拉力为F，以砂和砂桶为研究对象得：mg-F=ma
以小车为研究对象F=Ma
解得：
故：F=Ma=所以要使得绳子拉力等于砂和砂桶的重力大小，必有m＜＜M，而不满足m＜＜M时，随m的增大物体的加速度a逐渐减小．故图象弯曲的原因是：未满足砂和砂桶质量远小于小车的质量
【点睛】本题考查了打点计时器应用以及根据纸带求物体运动的速度、加速度等问题，要熟练掌握从纸带上获取小车速度、加速度的方法，平衡摩擦力时出现的误差分析，根据图象对应分析即可，结论就是两个，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大．对应上即可
15、 ①.（1）D、 ②.（2）小于 ③.④ ④.（3）0.86 ⑤.（4）大于
【解析】根据“探究物体的加速度与力、质量的关系”可知，本题考查“验证牛顿第二定律”的实验，根据实验条件、实验原理、实验数据处理、误差分析、实验结论等，进行列式计算和分析推断.
【详解】(1)A、本题实验研究物块的牛顿第二定律，实验器材不能测出绳的拉力大小，则平衡摩擦力后要求物块质量M远大于钩码的总质量m，只有满足这个条件才可认为小车受到的拉力F约为mg；故A错误.
B、平衡摩擦力后，有mgsinθ=μmgcosθ，即μ=tanθ，与质量无关，故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度；故B错误.
C、选取点迹清晰的纸带，不一定以打的第一个点为计数起始点进行测量；故C错误.
D、打点计时器要“早来晚走”即实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块，而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器；故D正确.
故选D.
(2)重物与小车一起加速运动，因此重物对小车的拉力小于重物的重力，当盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m＜＜M时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，因此第④组数据比较符合要求
(3)根据匀变速直线运动的判别式△x=aT2，运用逐差法得：.
(4)根据牛顿第二定律得,可知图线的纵轴截距的绝对值等于μg,则有.
【点睛】本题主要考查“验证牛顿第二定律”的实验，要明确实验原理，特别是要明确系统误差的来源，知道减小系统误差的方法．对于图线问题，一般的解题思路是通过物理规律得出两个物理量之间的函数关系，结合图线的斜率和截距进行分析求解.

三．计算题(22分)
16、（1）7.5m/s2；25N （2）28.8N≤F≤67.2N
【解析】(1)斜面M、物块m在水平推力作用下一起向左匀加速运动，物块m的加速度水平向左，合力水平向左，分析物块m的受力情况，由牛顿第二定律可求出加速度a和支持力．(2)用极限法把F推向两个极端来分析：当F较小（趋近于0）时，由于μ＜tanθ，因此物块将沿斜面加速下滑；若F较大（足够大）时，物块将相对斜面向上滑，因此F不能太小，也不能太大，根据牛顿第二定律，运用整体隔离法求出F的取值范围
【详解】(1)由受力分析得：物块受重力，斜面对物块的支持力，合外力水平向左

根据牛顿第二定律得：
mgtanθ=ma
得 a=gtanθ=10×tan37°=7.5m/s2
m受到支持力
(2)设物块处于相对斜面向下滑动的临界状态时的推力为F1，此时物块的受力如下图所示:

对物块分析，在水平方向有 Nsinθ﹣μNcosθ=ma1
竖直方向有 Ncosθ+μNsinθ﹣mg=0
对整体有 F1=（M+m）a1
代入数值得a1=4.8m/s2 ，F1=28.8N
设物块处于相对斜面向上滑动的临界状态时的推力为F2，
对物块分析，水平方向有N′sinθ﹣μN′cosθ=ma2
竖直方向有N′cosθ﹣μN′sinθ﹣mg=0
对整体有F2=（M+m）a2
代入数值得a2=11.2m/s2 ，F2=67.2N
综上所述可以知道推力F的取值范围为：28.8N≤F≤67.2N
【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，抓住临界状态，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用
17、（1）μ1；（2）
【解析】(1)滑板向右加速过程由速度位移公式有
①
滑板向左反弹过程由速度位移公式有
②
对滑板向右加速过程由牛顿第二定律有
③
滑板向左反弹过程由牛顿第二定律有
④
联立①②③④解得
⑤
(2)由②④⑤得
⑥
铁块向右滑动的加速度大小为a，则
⑦
铁块向右做匀减速运动，有
⑧
由⑥⑦⑧解得