福建省福州市鼓山中学2026届物理高一上期末复习检测模拟试题含解析.doc

福建省福州市鼓山中学2026届物理高一上期末复习检测模拟试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、某同学在不同时刻观察汽车上速度计，开始时指针位置如左图所示，25s后指针位置如下图所示，若汽车的运动可看做匀变速直线运动，请你根据速度计指针位置确定该汽车加速度的大小

A.0.4m/s2 B.1 m/s2
C.3.6m/s2 D.4m/s2
2、如图所示，一人站在电梯中体重计上，随电梯一起运动．下列各种情况中，体重计的示数最大的是（）

A.电梯匀减速上升，加速度的大小为 1.0m/s2
B.电梯匀加速上升，加速度的大小为 1.0m/s2
C.电梯匀减速下降，加速度的大小为1.5m/s2
D.电梯匀加速下降，加速度的大小为1.5m/s2
3、如图所示，A、B两小球从相同高度同时水平抛出，经过时间t在空中相遇，若两球的抛出速度都变为原来的2倍，则两球从抛出到相遇经过的时间为（　　）

A.t B.
C. D.
4、如图所示，物体重100N，放在水平面上，物体右端与一轻弹簧连接，物体与地面的最大静摩擦力为15N，用一水平向左的30N的力作用于物体时，物体仍保持静止．则物体所受弹簧的弹力大小可能为( )

A.5N B.10N
C.20N D.100N
5、如图,光滑杆 AO、BO、CO 的下端都固定于圆的底部 O，圆与竖直墙壁相切于 B 点，C 是圆上的一点，A 是竖直墙壁上的一点，其中 AO、BO、CO 与水平面的夹角依次是 60°、45°、30°，现有一个物块依次从 A、B、C、由静止释放，运动到 O 点的时间依次为、、，则它们的大小关系是（ ）

A. B.＞=
C.＞ ＞ D.＞
6、某同学站在地面上，以大小为v0初速度把篮球竖直向上抛出，经过时间t1，篮球到达最高点，之后又落回抛出点。（篮球运动的过程不计空气阻力），下列是位移x或速度v随时间t变化的图像。能表示篮球在上升过程中运动规律的是
A. B.
C. D.
7、如图所示，在水平面上固定着四个完全相同的木块，一颗子弹以水平速度v射入。若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第四个木块（即D位置）时速度恰好为零，下列说法正确的是（　　）

A.子弹从O运动到D全过程平均速度小于B点的瞬时速度
B.子弹通过每一部分时，其速度变化量
C.子弹到达各点的速率
D.子弹穿过每个木块经历的时间
8、小桶中盛满水，用绳系着，然后让其在竖直平面内做圆周运动，要使小桶运动到轨迹最高点(桶口朝下)时，水不会从桶中流出，若小桶运动的轨道半径为R，则小桶到最高点时（ ）
A.速度不小于
B.角速度不大于
C.向心加速度不小于g
D.绳对小桶的拉力不小于小桶的重力
9、如图所示，质量的物块（视为质点）放在质量的木板的右端，木板长。开始木板静止放在水平地面上，物块与木板及木板与水平地面间的动摩擦因数均为。现对木板施加一水平向右的恒力，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，。则物块在木板上运动的过程中，下列说法中正确的是（）

A.物块与木板以相同的加速度做匀加速运动
B.木板的加速度大小为
C.物块的最大速度大小为2m/s
D.物块到达木板左端时木板前进的位移大小为
10、甲、乙两物体在同一地点分别从4h与h的高度开始做自由落体运动，若甲的质量是乙的4倍，则下述说法正确的是( )
A.甲、乙两物体落地时速度相等
B.落地时甲的速度是乙的2倍
C.甲、乙两物体同事落地
D.甲在空中的时间是乙的2倍
11、运动员把冰壶沿水平冰面投出，让冰壶在冰面上自由滑行，在不与其他冰壶碰撞的情况下，最终停在远处的某个位置。如图所示，设它经过A、B、C三点，到O点速度为零，已知A、B、C三点到O点的距离分别为s1、s2、s3，时间分别为t1、t2、t3。下列结论正确的是（冰壶和冰面的动摩擦因数保持不变，g取10m/s2）（　　）

A.
B.
C.由题中所给条件可以求出冰壶经过A、B、C三点的速率
D.由题中所给条件可以求出冰壶与冰面的动摩擦因数
12、如图所示，水平地面上有一质量m=20kg的箱子，木箱与地面间的动摩擦因数μ=0.2．一个小朋友用F=30N的水平推力推箱子，箱子仍然保持静止。则下列说法正确的是（　　）

A.木箱对地面的压力是由于地面发生形变而产生的
B.地面对木箱的作用力的方向是竖直向上
C.木箱受到地面的摩擦力大小为30N
D.木箱受到的合力的大小为0
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在探究“加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如上图所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带由打点计时器打出的点计算出

（1）本实验采用的科学方法是____
A.理想实验法 B.等效替代法
C.控制变量法 D.建立物理模型法
（2）如图所示为甲同学根据测量数据作出的a—F图象，说明实验存在的问题是____

A．平衡摩擦力过度
B．未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足
C．所挂砝码和砝码盘的总质量太大
D．所用小车的质量太大
（3）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度．采用图象法处理数据．为了比较容易地检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与_______的图象
14、某实验小组利用如图甲所示的装置进行“探究加速度与合外力的关系”的实验，已知小车质量为M，重力加速度为g。

（1）实验中平衡摩擦力后，必须采用控制变量法，保持小车质量不变，若想用钩码的重力作为小车所受合外力，需满足______；
（2）某次实验中打出的一条纸带如图乙所示，图中1、2、3、4、5为相邻计数点，且相邻计数点间的时间间隔为，由该纸带可求得小车的加速度______；结果保留3位有效数字
（3）改变钩码的个数重复实验，得到加速度a与合外力F的关系如图丙所示，由图象直线部分OA，可得出的结论是______。直线部分OA的斜率______用M表示，图像后面出现弯曲的原因是________。
15、在做《互成角度的两个共点力的合成》实验时，以下说法中正确的有（　　）
A.用两只弹簧秤拉橡皮筋时，应使两细绳套之间的夹角为特殊角，以便算出合力的大小
B.实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力
C.用两只弹簧秤拉橡皮筋时，结点的位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合
D.实验中，弹簧秤必须保持与木板平行
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，“神舟十一号”载人飞船的返回舱在距地面某一高度时，启动降落伞装置，速度减至时开始匀速降落。在距地面时，返回舱的缓冲发动机开始向下喷气，舱体再次减速，经过时间，以某一速度落至地面，此过程可视为竖直方向的匀减速直线运动。取重力加速度。求：
(1)在该0.20s减速阶段，返回舱加速度a的方向和大小；
(2)在该0.20s减速阶段，返回舱对质量的航天员的作用力大小F；
(3)事实上空气阻力跟物体相对于空气速度有关，还跟物体的横截面积有关。假设减速伞下落过程受到的空气阻力与减速伞的横截面积S成正比，与减速伞下落的速度v的平方成正比，即（其中k为比例系数）。减速伞在接近地面时近似看做匀速直线运动，重力加速度为g。
①叙述打开减速伞后，返回舱的运动情况；
②如果返回舱和减速伞的总质量为M，求返回舱接近地面匀速时的速度。

17、（10分）“抛石机”是古代战争中常用的一种设备。如图所示，某学习小组用自制的抛石机演练抛石过程。已知所用抛石机长臂的长度L=2m，质量m=1.0kg的石块装在长臂末端的口袋中，开始时长臂处于静止状态，与水平面间的夹角现对短臂施力，当长臂转到竖直位置时立即停止转动，水平抛出前，石块对长臂顶部向上的压力为2.5N，抛出后垂直打在倾角为45°的斜面上，不计空气阻力，重力加速度g取试求斜面的右端点A距抛出点的水平距离。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】由速度计读出汽车的初速度为，末速度为，由
v=v0+at
可得

故A正确，BCD错误。
故选A。
2、C
【解析】A．电梯减速上升，加速度向下，由牛顿第二定律
mg﹣F=ma
解得
F=m（g﹣a）=9m
B．电梯匀加速上升，加速度向上，由牛顿第二定律
F﹣mg=ma
解得
F=m（g+a）=11m
C．电梯匀减速下降，加速度向上，由牛顿第二定律
F﹣mg=ma
解得
F=m（g+a）=11.5m
D．电梯匀加速下降，加速度向下，由牛顿第二定律
mg﹣F=ma
解得
F=m（g﹣a）=8.5m
故示数最大的情况为C；
故选C。
3、C
【解析】把平抛运动分解成水平方向上的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，根据运动的独立性和等时性可知，平抛运动的时间和水平方向上运动的时间相同。由题意可知

当速度变为2倍时

故选C。
4、C
【解析】由题意知弹簧的弹力是向右的，
当弹簧处于压缩，摩擦力向左，由平衡条件知

解得最大弹力

当弹簧处于伸长，摩擦力向右，由平衡条件知

弹力最小值是

可知弹力的大小范围为，故C正确，A、B、D错误。
故选C。
5、B
【解析】根据牛顿第二定律和匀变速直线运动规律，分别计算出小孩从A、B、C三块滑板到O所用的时间进行比较即可
【详解】设圆半径为R，沿AO段下滑时，加速度为，运动的位移为：，根据位移时间公式：，可得：；同理沿BO段下滑时，加速度为，运动的位移为：，根据位移时间公式：，可得：；沿CO段下滑时，加速度为，运动的位移为：，根据位移时间公式：，可得：；由此可知，故B正确，ACD错误
【点睛】解决本题的关键是根据牛顿第二定律对物体进行受力分析，并根据匀变速直线运动规律计算出时间
6、D
【解析】以大小为v0初速度把篮球竖直向上抛出，篮球运动的过程不计空气阻力，则篮球在上升过程中做匀减速直线运动。
AC．设向上为正方向，则位移与时间的关系为

可得匀减速直线运动的位移时间图像是抛物线，故AC两项错误；
BD．匀减速直线运动的速度与时间的关系为

所以图像是倾斜的直线(纵坐标的绝对值减小)，故B项错误，D项正确。
故选D。
7、AC
【解析】A．全程的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，根据匀变速直线运动的推论可知，中间时刻的瞬时速度一定小于中间位置时的速度，故A正确；
B．由于子弹的速度越来越小，故穿过每一个木块的时间不相等，故速度的差值不相等，故B错误；
C．将子弹的运动反向视为初速度为零的匀加速直线运动，则由可知，通过的速度之比为：，子弹到达各点的速率

故C正确；
D．将子弹的运动反向视为初速度为零的匀加速直线运动，则由可知，反向通过各木块用时之比为；子弹穿过每个木块经历的时间

故D错误。
故选AC。
8、AC
【解析】A．小桶运动到轨迹最高点时，水不会从桶中流出的临界条件是重力提供向心力，则有：

可知最小速度：

故A正确；
B．根据：

可知最小角速度：

故B错误；
C．根据前面分析可知：

所以向心加速度不小于g，故C正确；
D．根据分析可知，绳对小桶的拉力最小可以为零，故D错误。
故选AC。
9、CD
【解析】考查牛顿运动定律的应用。
【详解】A．物体与物体恰好相对滑动时物块的加速度：

拉力的临界值：

解得：

物块与木板相对滑动，不可能以相同的加速度做匀加速运动，A错误；
B．木板的加速度：

B错误；
C．木块的加速度：

经过时间木块从木板上滑落，则：

代入数据解得：

此时木块的速度最大为：

C正确；
D．物块到达木板左端时木板前进的位移大小：

D正确。
故选CD。
10、BD
【解析】由位移速度关系式：v2=2gH，可得，甲下落的高度为4h，乙下落的高度为h，则落地时甲的速度是乙的2倍，故A错误，B正确；因为甲乙物体均做自由落体运动，加速度为g，甲下落的时间为，乙下落的时间为，所以甲在空中的时间是乙的2倍，故C错误，D正确
11、BCD
【解析】AB．冰壶运动逆过程是初速度为零的匀加速直线运动，则有：

a相等，则得：

故A错误，B正确。
C．从O到A的过程，有：

解得：

同理，可以求出冰壶经过B、C两点的速率，故C正确。
D．从O到A的过程，由：

解得加速度大小为：

由牛顿第二定律得：

得：

可知能求出冰壶与冰面的动摩擦因数，故D正确。
12、CD
【解析】A．木箱对地面的压力是由于木箱发生形变而产生的，选项A错误；
B．地面对木箱的支持力竖直向上，地面对木箱的摩擦力沿水平方向，两力的合力不在竖直方向，即地面对木箱的作用力的方向不是竖直向上，选项B错误；
CD．木箱静止，则受合外力为零，此时F=f，即木箱受到地面的摩擦力大小为30N，选项CD正确；
故选CD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.C ②.B ③.
【解析】（1）本实验采用的科学方法是控制变量法，故选C.
（2）由图可知，当F到达一定值时小车才产生加速度，可知其原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，故选B；
（3）因，则为了比较容易地检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与的图象
14、 ①.小车质量远大于钩码质量 ②.1.15 ③.小车质量不变时，加速度与合外力成正比 ④. ⑤.破坏了小车质量远大于钩码质量的条件
【解析】（1）[1]．当小车质量远大于钩码质量时可以近似认为小车受到的拉力等于钩码的重力
（2）[2]．由匀变速直线运动的推论△x=at2可知，加速度：

（3）[3]．由图丙所示图象可知，图象OA部分是直线，由此可知：小车质量不变时，加速度与合外力成正比
[4]．由牛顿第二定律得：，则a-F图象直线部分OA的斜率：；
[5]．随着力F的增大，即随所挂钩码质量m的增大，不能满足M＞＞m，因此破坏了小车质量远大于钩码质量的条件,从而曲线上部出现弯曲现象。
15、CD
【解析】A．用两只弹簧秤拉橡皮筋时，两细绳套之间的夹角不一定为特殊角，大小适当即可，A错误；
B．实验中，弹簧的读数大小适当，便于做平行四边形即可，并非要求一定达到最大量程，B错误。
C．为了使两次实验对橡皮筋产生的作用效果相同，故用两只弹簧秤拉时结点的位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合，C正确。
D．实验中，弹簧秤必须保持与木板平行，D正确。
故选CD。

三．计算题(22分)
16、 (1)45m/s2，方向竖直向上；(2)；(3)①见解析，②
【解析】(1)返回舱加速度的方向竖直向上。根据匀变速直线运动规律

解得

(2)以航天员为研究对象，根据牛顿第二定律

解得

(3)①打开减速伞后，返回舱加速运动，所受阻力在增大，所以先做加速度逐渐减小的减速运动，最后匀速运动。
②匀速后根据

得

17、75m
【解析】根据牛顿第二定律求解石块做平抛运动的初速度；根据石块被抛出后做平抛运动，垂直打在45°角的斜面上，可知竖直速度，从而求解时间，结合平抛运动的规律即可解答。
【详解】石块长臂顶部时，根据牛顿第二定律可得

解得
v0=5m/s
石块被抛出后做平抛运动，垂直打在45°角的斜面上，则
vy=v0=5m/s
则
vy=gt
可得
t=0.5s
则水平方向
x=v0t=2.5m     
竖直方向
L+Lsin30°-h=gt2
h=1.75m
斜面的右端点A距抛出点的水平距离
s=x-htan45°=0.75m