甘肃省白银市靖远县2025-2026学年物理高一第一学期期末监测试题含解析.doc

甘肃省白银市靖远县2025-2026学年物理高一第一学期期末监测试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、下图分别表示运动物体的速度、加速度、受合力随时间的变化图像，其中能描述自由落体运动规律的图像是( )
A.
B.
C.
D.
2、如图所示，物块、叠放在粗糙的水平桌面上，水平外力作用在上，使、一起沿水平桌面向右加速运动．设、之间的摩擦力为，与水平桌面间的摩擦力为．若水平外力逐渐增大，但、仍保持相对静止，则摩擦力和的大小（ ）

A.不变、变大
B.变大、不变
C.和都变大
D.和都不变
3、关于牛顿第一定律及物体惯性的论述，下列说法正确的是（ ）
A.牛顿第一定律是牛顿用实验直接验证获得的实验定律
B.牛顿第一定律建立过程体现的是理想实验的思维方法
C.在月球上举重比在地球上容易，所以同物体在月球上比在地球上的惯性小
D.强弩之末，势不能穿鲁缟也，这表明箭的速度减小了，惯性就减小了
4、马拉车在水平路面由静止开始运动，下面说法中正确的是
A.因为马拉车，所以车拉马，这是一对作用力和反作用力
B.马拉车的力先产生，车拉马的力后产生
C.马拉车前进是因为马拉车的力大于车拉马的力
D.匀速直线前进时，马拉车的力等于车向后拉马的力，加速前进时，马拉车的力大
5、当人站立在体重计上加速下蹲时，体重计的示数会减小，这是因为（ ）
A.人处于超重状态 B.人处于失重状态
C.人的重力增加了 D.人的重力减少了
6、两个大小相等的共点力F1、F2，当它们间的夹角为90°时合力大小为20N；则当它们间夹角为120°时，合力的大小为（　　）
A.40 N B.10N
C.20N D.10N
7、如图所示，cd为固定在小车上的水平横杆，物块M串在杆上，靠摩擦力保持相对杆静止，M又通过轻绳悬吊着一个小铁球m，此时小车正以大小为a的加速度向右做匀加速运动，而M、m均相对小车静止，细线与竖直方向的夹角为θ。小车的加速度增加到2a时（　　）

A.横杆对M的摩擦力增加到原来的2倍
B.横杆对M的弹力不变
C.细线与竖直方向的夹角增加到原来的2倍
D.细线的拉力增加到原来的2倍
8、如图所示，物块沿固定斜面下滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则（　　）

A.若物块原来匀速下滑，施加力F后物块将加速下滑
B.若物块原来匀速下滑，施加力F后物块仍将匀速下滑
C 若物块原来以加速度a匀加速下滑，施加力F后物块仍将以加速度a匀加速下滑
D.若物块原来以加速度a匀加速下滑，施加力F后物块仍将匀加速下滑，加速度大于a
9、放在水平地面上的物体M上表面有一物体,与M之间有一处于拉长状态的弹簧,整个装置处于静止状态,如图所示,则关于M和受力情况的判断,正确的是

A.受到向左的摩擦力
B.M受到对它向左的摩擦力
C.地面对M的摩擦力方向右
D.地面对M不存在摩擦力作用
10、甲、乙两物体沿同一直线运动的v－t图象如图所示，下列说法中正确的是（  ）

A.t=2s时刻，甲、乙两物体速度不同，位移相同
B.在t=2s时刻，甲、乙两物体速度相同，位移不同
C.在t=4s时刻，甲、乙两物体速度相同，位移不同
D.在t=4s时刻，甲、乙两物体速度不同，位移相同
11、如图所示，在粗糙水平地面上放一三角形劈，三角形劈与光滑竖直墙之间放一光滑圆球，整个装置处于静止状态，若把三角形劈向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则

A.球对墙的压力增大 B.球对墙的压力不变
C.球对三角形劈的压力增大 D.地面对三角形劈的摩擦力不变
12、物体从离地面45 m高处开始做自由落体运动(g取10 m/s2)，则下列选项中正确的是（ ）
A.物体运动4s后落地
B.物体落地时的速度大小为30 m/s
C.物体在落地前最后1 s内的位移为25 m
D.物体在整个下落过程中的平均速度为20 m/s
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系，弹簧自然悬挂，待弹簧静止时，长度记为L0；弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为Lx；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如表；
代表符号
LO
LX
L1
L2
L3
L4
L5
L6
数值(cm)
25.35
27.35
29.34
31.31
33.40
35.35
37.40
39.30

(1)如图所示是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与____的差值(填“L0”或“Lx”).
(2)由图可知弹簧的劲度系数为___N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为____g (结果保留两位有效数字，重力加速度取10m/s2) .
14、（1）电磁打点计时器是一种精密的计时仪器，使用4~6V的低压________电源．若使用的电源的频率为50Hz，则打相邻两点的时间间隔是_____s
（2）如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点之间有四个打出的点未画出．其中s1=5.12cm，s2=5.74cm，s3=6.36cm，s4=6.98cm，s5=7.60cm，s6=8.22cm．则打D点处的瞬时速度的大小为___________ m/s，纸带的加速度的大小是____________ m/s2．（所有计算结果保留到小数点后两位）

15、用图1所示的实验装置做“研究平抛物体的运动”实验.
①对于实验的操作要求，下列说法正确的是（ ）

A.应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滚下
B.斜槽轨道必须光滑
C.斜槽轨道末端可以不水平
D.要使描出的轨迹更好地反映真实运动,记录的点应适当多一些
E.为了比较准确地描出小球运动的轨迹,应该用一条曲线把所有的点连接起来
②根据实验结果在坐标纸上描出了小球水平抛出后的运动轨迹.部分运动轨迹如图2所示.图中水平方向与竖直方向每小格的长度均为l,P1,P2和P3是轨迹图线上的3个点,P1和P2、P2和P3之间的水平距离相等.若已测知抛出后小球在水平方向上做匀速运动,重力加速度为g.可求出小球从P1运动到P2所用的时间为______，小球抛出后的水平速度为_____.
三．计算题(22分)
16、（12分）从悬停在足够高的直升机上先后自由下落两个物体，第一个物体下落2s后，第二个物体开始下落，若两物体用长为160m的绳连接在一起，g取10 m/；求：
（1）第一个物体下落2s时的速度大小？
（2）第二个物体下落多长时间绳被拉紧？
17、（10分）如图所示，木板静止于水平地面上，在其最右端放一可视为质点的木块。已知木块的质量m=1kg，木板的质量M=4kg，长L=2.5m，上表面光滑，下表面与地面之间的动摩擦因数从μ=0.2.现用水平向右恒力F=20N拉木板。
（1）要使木块能滑离木板，求F作用的最短时间；
（2）如果其他条件不变，假设木板的上表面也粗糙，其上表面与木块之间的动摩擦因数为μ1=0.3，欲使木板能从木块的下方抽出，对木板施加的水平向右的拉力应满足什么条件？

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】A、物体做自由落体运动，初速度为0，加速度为的匀加速运动，其加速度为定值，故B正确，AD错误；
C、物体做自由落体运动，其只受重力作用，即其合力为定值，为，故C错误；
故选B。
2、B
【解析】水平外力F逐渐增大，A、B都保持相对静止，加速度相同，根据牛顿第二定律分别以A和整体为研究对象，分析摩擦力f1和f2的大小变化情况
【详解】根据牛顿第二定律得：对A物体：f1=mAa，对整体：F-f2=（mA+mB）a；可见当F增大时，加速度a增大，f1变大．而f2=μ（mA+mB）g，μ、mA、mB都不变，则f2不变．故选B
【点睛】本题运用整体法和隔离法结合研究连接体问题，加速度相同是这类问题的特点，要灵活选择研究对象
3、B
【解析】AB．牛顿第一定律是牛顿在伽利略等前人实验的基础上，根据逻辑推理得出的，是以实验为基础，采用的理想实验的思维方法得到的，故A错误，B正确；
C．同一个物体在月球上和在地球上质量相同，则惯性相同，故C错误；
D．一切物体都有惯性，惯性大小取决于物体质量大小，与其他因素无关，故D错误。
故选B。
4、A
【解析】A．因为马拉车，所以车拉马，这是一对作用力与反作用力，故A正确；
B．作用力与反作用力同时产生，同时消失，故B错误；
C．马拉车时，车能前进是因为马拉车的力大于车所受的阻力，马拉车的力与车拉马的力是一对作用力与反作用力，大小相等，故C错误；
D．马拉车的力与车拉马的力是一对作用力与反作用力，大小相等，故D错误。
5、B
【解析】AB．人站立在体重计上加速下蹲，设支持力为N，由牛顿第二定律：

可得

由牛顿第三定律可知，人对称的压力（视重）小于重力，即：

故视重变小是因为人处于失重状态，人具有竖直向下的加速度，A错误，B正确；
CD．人的重力由质量和重力加速度决定，与人的状态无关，即人的重力(实重)不变，CD错误。
故选B。
6、B
【解析】两个大小相等的共点力F1、F2，当它们间夹角为90°时，合力大小为20N，根据平行四边形定则求出分力的大小；当它们夹角为120°时，据平行四边形定则求出合力的大小
【详解】两个大小相等力之间的夹角为90°时，合力大小为20N，根据平行四边形定则作图，则．当它们夹角为120°时，根据平行四边形定则作图，则．故B项正确，ACD三项错误

7、AB
【解析】AB．对小球和物块组成的整体分析受力如图所示：

根据牛顿第二定律得，水平方向

竖直方向

则当加速度增加到2a时横杆对M的摩擦力f增加到原来的2倍；横杆对M的弹力等于两个物体的总重力，保持不变。故A正确，B正确；
CD．以小球为研究对象，分析受力情况如图所示：

由牛顿第二定律得

可得

当a增加到两倍时，变为两倍，但θ不是两倍；细线的拉力为

可见a变为两倍，T不是两倍，故C错误，D错误。
故选AB。
分卷II
8、BD
【解析】设斜面倾角为，原来物体匀速下滑时有：，即，与物体的重力无关，则施加竖直向下的力F，物体仍匀速下滑，A错误，B正确；若物块A原来加速下滑，有，将F分解，则，动力的增加大于阻力的增加，加速度变大，故C错误，D正确；选BD.
【点睛】将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个分力和，根据力的独立作用原理，单独研究F的作用效果，当F引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小
9、AD
【解析】A．以m为研究对象，拉伸状态的弹簧对m有向右的弹力，由平衡条件得到，m受到向左的摩擦力，故A正确；
B．根据牛顿第三定律得知，M受到m对它向右的摩擦力，故B错误；
CD．以整体为研究对象，根据平衡条件得到，地面对M没有摩擦力，故C错误，D正确
10、BD
【解析】AB．在t＝2s时，两图线相交，甲、乙两物体的速度相同，速度时间图像中图线与时间轴所围成的面积表示位移大小，可知在t=2s时刻位移不同，故A错误，B正确；
CD．在t＝4s时，甲、乙两物体的速度不同，但图线与时间轴所围成的面积相同，则位移相同，故C错误，D正确。
故选BD。
11、BD
【解析】物体和三角形劈都处于静止状态，受力平衡，先对球受力分析，再对三角形劈受力分析，结合共点力平衡条件列式分析即可
【详解】对球受力分析，受重力、三角形劈支持力和墙壁的支持力；再对三角形劈受力分析，受重力、球的压力、地面的支持力和摩擦力；若把三角形劈向右移动少许，各个力的方向均没有改变，重力不变，故题中所有的力大小也都不变；故AC错误，BD正确；故选BD
【点睛】本题只需判断出各个力的方向是否改变，然后结合共点力平衡条件定性分析即可
12、BC
【解析】根据自由落体的位移公式、速度与位移的关系公式和平均速度公式求解．要理解第几秒的位移的含义：第n秒的位移等于前n秒的位移减去前n-1秒的位移
【详解】A项：根据位移公式得：，故A错误；
B项：落地时的速度v=gt=30m/s，故B正确；
C项：2s内的位移为，最后1s内的位移为△h=h-h′=25m，故C正确；
D项：平均速度，故D错误
故应选BC
【点睛】记住并理解自由落体的位移公式、速度与位移的关系公式和平均速度的公式是解本题的关键．还要知道第几秒的位移表示什么，怎么求

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (1).Lx (2).4.9 (3).10
【解析】(1)[1].横轴表示的是砝码盘上放上砝码时弹簧的形变量，故为弹簧长度与Lx的差值
(2)[2].根据胡克定律公式△F=k△x，有
；
[3].由表格得到，弹簧原长为：L0=25.35cm；挂砝码盘时：Lx=27.35cm；
根据胡克定律，砝码盘质量为：
.
14、 ①.交流 ②.0.02 ③.0.73 ④.0.62
【解析】（1）[1]电磁打点计时器是一种精密的计时仪器，使用4~6V的低压交流电源
[2]若使用的电源的频率为50Hz，则打相邻两点的时间间隔是0.02s
（2）[3]由题意知：纸带上两相邻计数点之间有四个打出的点未画出，所以相邻两个计数点之间的时间间隔为：T=0.1s，中点时刻的速度等于平均速度：

[4]由公式

得：

15、 ①.AD ②. ③.
【解析】（1）应让小球从同一位置释放，获得相同的水平初速度，A正确．因为我们要获得水平的初速度，斜槽的光滑与否不影响这个结果，但必须保持斜槽末端切口水平BC错．要使描出的轨迹更好地反映真实运动,记录的点应适当多一些，D正确．因为实验误差的不可避免性，所以记录的点不一定都在抛物线轨迹上，所以不用将所有点都连接起来，E错误
故选AD。
（2）小球在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，因两段对应的水平距离相等，故两段运动的时间相等，根据，解得：t=，再根据，可算出。

三．计算题(22分)
16、 (1)20m/s （2）7s
【解析】（1）由得
m/s
（2）设第二个物体下落时间以后绳被拉紧，此时两物体高度差为绳长

代入数据解得

17、（1）1s；（2）25N
【解析】（1）木板受到的滑动摩擦力为：
f=μ(M+m)g=0.2×(4+1)×10N=10N，
木板的加速度为：

设作用t时间后撤去力F，木板的加速度大小为：
，
木板先做匀加速运动，后做匀减速运动，要使木块能滑离木板，应有：

解得：
t=1s；
（2）设木块的最大加速度为a1，则有：
μ1mg=ma1
对木板有：
F−μ1mg−μ(M+m)g=Ma2
木板从木块的下方抽出的条件为：
a2>a1
代入数据解得：
F>25N