2026届贵州省遵义市高一物理第一学期期末经典模拟试题含解析.doc

2026届贵州省遵义市高一物理第一学期期末经典模拟试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，一轻质弹簧竖直固定在水平面上，一物块自弹簧正上方自由下落，当物块与弹簧接触并将弹簧压至最短（在弹性限度内）的过程中，下列说法正确的是（　　）

A.物块接触弹簧后即做减速运动
B.物块接触弹簧后先加速后减速
C.当物块的速度最大时，它所受的合力不为零
D.当弹簧被压缩至最短时，物块的加速度等于零
2、为落实青岛市政府关于进步强化学校体育运动、促进学生身心健康全面发展的政策，我市某高中对学生进行体质测试，王刚和李明在400米标准跑道上进行50米直线跑测试。若王刚和李明的成绩分别为7.6秒和7.5秒，下列说法正确的是
A.7.6秒和7.5秒指的是时刻
B.观察冲刺动作时可以将二人看作质点
C.王刚冲到终点时的瞬时速度一定比李明小
D.整个过程中王刚的平均速度一定比李明的平均速度小
3、作用在同一个物体上的两个共点力，它们的方向之间的夹角是，两个力的大小都是5N。则这两个力的合力大小为（　　）
A.0 B.10N
C. D.5N
4、在同一高度的两位置相向水平抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力．要使两球在空中相遇，则必须( )

A先抛出A球
B.先抛出B球
C.同时抛出两球
D.两球质量相等
5、如图所示为甲、乙沿同一直线运动的速度图象，由图像可知错误的是（　　）

A.甲做匀减速直线运动，加速度-1m/s2
B.乙做匀加速直线运动，加速度为4m/s2
C.运动到甲、乙速度相同时，甲、乙的位移均为50m
D.甲、乙沿同向运动，乙开始运动时间比甲晚5s
6、汽车以10m/s的速度在平直的公路上匀速前进，司机发现正前方x处有一辆自行车以4m/s的速度做同方向的匀速直线运动，汽车立即关闭油门做a=﹣6m/s2的匀变速运动，若汽车恰好碰不上自行车，则x的大小为（　　）
A.3m B.8.33m
C.7m D.3.33m
7、如图，物块a、b和c的质量相同，a和固定点O、b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S2相连，a和b之间通过细线连接。整个系统处于静止状态。现将细线剪断，将剪断后瞬时物块a、b和c的加速度的大小记为a1、a2和a3，S1和S2相对于原长的伸长量分别记为Δl1和Δl2，重力加速度大小为g，则剪断细线后瞬间（　　）

A.a1=2g B.a2=2g
C.a3=g D.l1=l2
8、如右图，木箱内有一竖直放置的弹簧，弹簧上方有一物块；木箱静止时弹簧处于压缩状态且物块压在箱顶上．若在某一段时间内，物块对箱顶刚好无压力，则在此段时间内，木箱的运动状态可能为

A.加速下降 B.加速上升
C.减速上升 D.减速下降
9、如图是某同学为颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图，一根绳绕过两个定滑轮和动滑轮后各挂着一个相同的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎（图中是用手指代替颈椎做实验），整个装置在同一竖直平面内．如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是（　　）

A.只增加绳的长度 B.只增加重物的重量
C.只将手指向下移动 D.只将手指向上移动
10、如图所示，轻弹簧下端固定在水平面上，一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落，接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度后停止下落．在小球下落这一全过程中，下列说法中正确的是(　　)

A.小球刚接触弹簧瞬间速度最大
B.从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上
C.从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小
D.从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后增大
11、为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯，无人乘行时，扶梯沿着扶梯所在的斜面运转得很慢，有人站上扶梯时，它会先沿斜面慢慢加速，再匀速运转，一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示，那么下列说法中正确的是

A.顾客全程始终受到三个力作用
B.在匀速过程中，顾客只受2个力
C.在加速过程中，顾客处于超重状态
D.在加速过程中，扶梯对顾客的作用力沿斜面向上
12、光滑斜面倾角为θ，用平行于斜面向上的力F，作用在质量为m的物体上，物体由静止开始运动时间t后，撤去力F，又经t时间，物体恰回到出发点，此时物体的速度大小为v.则（）

A.v= B.v=gtsinθ
C.3F=4mgsinθ D.F=2mgsinθ
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图是某同学用来研究“小车加速度与外力关系”的实验装置,轨道上的 A、B点各固定一光电门,将连接小车的细线跨过滑轮系住小的码,在C点释放小车,测出小车上遮光片通过光电门 A、B的避光时问分别为△t,、△t2 ,遮光片从A到B点的运动时间为t;

(1)若遮光片的宽度为 d,则小车经过光电门A时的瞬时速度VA=_______;小车经过光电门B时的瞬时速度VB=_______小车的加速度 a=___________________________________
(2)在该实验中,下列操作正确的是__________
A.连接小车的细线要与轨道平行
B.要保持小车质量不变
C.轨道一定要保持水平
D.把所悬挂的钧码的总重量当成细线对小车的拉力大小,可以任意添加钧码来改变拉力
（3）该同学在实验时保持轨道水平,测量多组 a、F(大小为所挂钧码的总重量) 值,并作出a- F关系图像,则图像可能是下列中的_________
A. B.
C. D.
14、某同学设计了一个探究加速度a与物体所受合力F及质量m的关系的实验，如图所示，图甲为实验装置简图(交流电的频率为50 Hz)。

(1)图乙为某次实验得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为________m/s2(保留2位有效数字)。
(2)保持沙和沙桶质量不变，改变小车质量m，分别得到小车加速度a与质量m及对应的数据如下表：

请画出a－图线__________，并依据图线求出小车加速度a与质量倒数之间的关系式是____________。
(3)保持小车质量不变，改变沙和沙桶质量，该同学根据实验数据作出了加速度a随合力F变化的图线，如图所示。该图线不通过原点，请你分析其主要原因是____________。

15、在《探究加速度与力、质量的关系》实验中采用如图1所示的装置。

（1）安装实验装置时，应调整定滑轮的高度，使拉小车的细线在实验过程中保持与_____平行。（填A或B）
A．桌面 B．长木板
（2）平衡摩擦力后，为了验证小车的加速度与其质量的定量关系，采用_____。（填A或B）
A．观察法 B．控制变量法
（3）保持小车受力不变，利量不同质量的小车在这个力作用下的加速度，某次实验中打出如图2所示的纸带（打点计时器电源的频率为50Hz），则加速度a＝_____m/s2。（结果保留三位有效数字）
（4）子昂同学把实验得到的几组数据画成图3的a﹣m图像，为了更直观得到物体的加速度与其质量的关系，你应该建议他改画a和_____的关系图像。
三．计算题(22分)
16、（12分）如图，一根足够长的水平杆固定不动，一个质量m = 2kg的圆环套在杆上，圆环的直径略大于杆的截面直径，圆环与杆的动摩擦因数μ=0.75．对圆环施加一个与水平方向成θ = 53°角斜向上、大小为F=25N的拉力，使圆环由静止开始做匀加速直线运动（sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2）．求：

⑴圆环对杆的弹力；
⑵圆环加速度的大小；
⑶若2s后撤去拉力F，圆环还能滑行的距离
17、（10分）随着机动车数量的增加，交通安全问题日益凸显，分析交通违法事例，将警示我们遵守交通法规，珍惜生命。某型号货车满载时符合安全要求的制动加速度大小为5m/s2，严重超载时的制动加速度为2.5m/s2。假设汽车制动过程中做匀变速直线运动，某路段限速72 km/h。通过计算求解：
（1）货车在该路段满载和超载时两种情况的制动距离。
（2）若驾驶员的反应时间为1 s，则该型号货车满载时以72 km/h速度正常行驶时与前车的距离至少应为多远？
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】A．物块刚接触弹簧后，弹簧形变较小，此时弹力肯定小于重力，物体仍然做加速运动，故A错误；
B．物体接触弹簧后，弹簧形变到最大这一过程中，弹簧力先小于重力，之后等于重力，再然后大于重力，故物块是先加速后减速，故B正确；
C．当物块速度最大时，加速度为零，此时必有合力为零，即弹簧力等于重力，故C错误；
D．弹簧压缩到最短时，弹簧力大于重力，此时加速度向上，故D错误。
故选B。
2、D
【解析】A．7.6秒和7.5秒指的是时间，而不是时刻，故A错误；
B．观察冲刺动作时不可以将二人看作质点，冲刺时身体某一部位最先接触到的时刻为准。故B错误；
C.王刚冲到终点时的瞬时速度不一定比李明的瞬时速度小，因二人的终点速度大小无法确定，故C错误；
D.因李明比赛用时短，又是50米直线比赛，所以整个过程中王刚的平均速度一定比李明的平均速度小。故D正确。
故选D。
3、D
【解析】由题意可知根据平行四边形定则，因为它们之间的夹角是120°，又因两个力的大小均为5N，如图

根据几何关系所以F合=5N，故D正确，ABC错误。
故选D。
4、C
【解析】由于相遇时A、B做平抛运动的竖直位移h相同，由h=gt2知两球下落时间相同，两球应同时抛出，故AB错误，C正确．平抛运动的规律与物体的质量无关，选项D错误；故选C.
5、C
【解析】A．由图可知，甲做匀减速直线运动，加速度为

故A正确，不符合题意；
B．由图可知，乙做匀加速直线运动，加速度为

故B正确，不符合题意；
C．时，两图像相交，说明此时两物体的速度相同，甲的位移为

乙的位移为

故C错误，符合题意；
D．由图可知，两物体的速度均沿正方向，乙开始运动时间比甲晚，故D正确，不符合题意。
故选C。
【点睛】对于速度时间图像要明确以下几点：每一点的坐标表示该时刻物体的速度；图像的斜率表示物体的加速度；图像与时间轴围成的面积表示物体在这段时间内通过的位移。
6、A
【解析】从开始到两车速度相等经历的时间为

此时汽车的位移
x2=v2t+at2=10×1−×6×1m=7m
自行车的位移
x1=v1t=4×1m=4m
若恰好不相撞，开始相距的距离
x=x2-x1=7m-4m=3m
故选A。
7、AB
【解析】ABC．剪断前，对a、b、c分别受力分析如图所示

根据平衡条件，有

解得。因弹簧的弹力不能突变，绳子的弹力可以突变，绳子断时拉力立即为零，由牛顿第二定律得三个物体的加速度分别为

故AB正确，C错误；
D．绳子断后，弹簧伸长量不变，有

可知

故D错误。
故选AB。
8、BD
【解析】木箱静止时物块对箱顶有压力，则物块受到箱顶向下的压力，当物块对箱顶刚好无压力时，物体受到的合力向上，所以系统应该有向上的加速度，是超重，物体可能是向上加速，也可能是向下减速，所以B正确
【点睛】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；
9、BC
【解析】A．对动滑轮受力分析，受重力、两个对称的拉力，拉力等于悬挂物体的重量mg，如图

三个力的合力为零，两个拉力的大小恒定，夹角越大，合力越小，夹角越小，合力越大；增加细线长度时，由于两个细线拉力也不变，动滑轮位置不变，故三个力大小方向都不变，故A错误；
B．只增加重物的重力，两个绳拉力变大，动滑轮位置不变，则两拉力夹角不变，故合力变大，故手指所受的拉力增大，故B正确；
C．只将手指向下移动，两个绳拉力大小不变，夹角变小，故两拉力合力变大，故手指所受的拉力增大，故C正确；
D．只将手指向上移动，两个绳拉力大小不变，夹角变大，故两拉力合力变小，故手指所受的拉力减小，故D错误。
故选BC。
10、CD
【解析】小球刚接触弹簧瞬间具有向下的速度，开始压缩弹簧时，重力大于弹力，合力竖直向下，加速度方向竖直向下，与速度方向相同，小球做加速运动，故刚接触弹簧瞬间小球的速度不是最大，故A错误；当小球所受的弹力等于重力时，此时物体的加速度为零，速度达到最大；以后小球继续下落压缩弹簧时，小球所受的弹力大于重力，合力竖直向上，加速度竖直向上，与速度方向相反，小球开始做减速运动，最后停止．从小球接触弹簧到到达最低点，加速度方向先向下后向上，且加速度先减小后增大，小球的速度先增大后减小，故B错误，CD正确
11、BC
【解析】AB.在匀速阶段，根据平衡条件可知，顾客只受重力和支持力两个力作用，故A错误B正确
CD.在加速过程中，加速度有向上的分量，所以顾客处于超重状态，扶梯对顾客的作用力与重力的合力提供了顾客的加速度，因为加速度沿斜面，所以扶梯对顾客的作用力一定不沿斜向上，故C正确D错误
12、AC
【解析】以物体为研究对象，对物体受力分析，撤去F前，根据牛顿第二定律得

撤去F后根据牛顿第二定律得

撤去F之前物体做匀加速直线运动，撤去F时速度，撤去F后，，物体能回到出发点

联立以上各式得

取向沿斜面向上为正方向，则速度为

故选AC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.（1）， ②.， ③.； ④.（2）AB ⑤.（3）BD
【解析】（1）应用速度公式求出小车经过光电门时的速度，然后应用加速度的定义式求出加速度
（2）探究加速度与力的关系应控制小车质量不变，实验前要把轨道一端垫高平衡摩擦力，当钩码质量远小于小车质量时小车受到的拉力等于钩码的重力，根据实验注意事项分析答题
（3）轨道水平，没有平衡摩擦力，小车受到的合力小于钩码的重力，在小车质量一定时加速度与合力成正比，分析图示图象答题
【详解】（1）小车经过两光电门时的速度分别为：vA=，vB=，小车的加速度：；
（2）为使小车受到的拉力等于钩码重力，连接小车的细线要与轨道平行，故A正确；探究加速度与力的关系，要保持小车质量不变，故B正确；实验前要平衡摩擦力，应把轨道一端适当垫高，轨道不能保持水平，故C错误；当钩码质量远小于小车质量时可以近似认为小车受到的拉力等于钩码的重力，实验过程中钩码质量不能太大，故D错误；故选AB；
（3）在实验时保持轨道水平，实验前没有平衡摩擦力，小车受到的合力小于钩码的重力，a-F图象在横轴上有截距，在小车质量一定时，加速度与合力成正比，a-F是一条倾斜的直线，当钩码质量较大时小车受到的拉力明显小于钩码重力，a-F图象发生弯曲，由图示图象可知，BD正确，AC错误；故选BD
【点睛】本题考查了实验数据处理与实验注意事项，理解实验原理、知道实验注意事项是解题的前提与关键；掌握基础知识、应用加速度定义式、分析清楚图示图象即可解题
14、 ①.3.2 m/s2 ②.见解析 ③.a＝ ④.实验前没有平衡摩擦力或者未完全平衡摩擦力
【解析】（1）[1]．用逐差法计算加速度。由纸带上的数据可知：s1＝6.19 cm，s2＝6.70 cm，s3＝7.21 cm，s4＝7.72 cm。电火花计时器的打点周期为T＝0.02 s，故加速度

（2）[2][3]．根据题目提供的小车加速度a与质量m对应的倒数的有关数据，可在坐标系中描出8个对应点，用一条直线“连接”各点，使尽量多的点落在直线上，不在直线上的点大致均匀分布在直线的两侧，得到的a－图线如图所示，由图可得a＝。

（3）[4]．由图可分析，当加速度a为零时，拉力F并不为零，说明实验前没有平衡摩擦力或者未完全平衡摩擦力。
15、 ①.B ②.B ③.1.20 ④.
【解析】(1)[1]安装实验装置时，应调整定滑轮的高度，使拉小车的细线在实验过程中保持与长木板平行，故A错误，B正确。
故选B
(2)[2]平衡摩擦力后，为了验证小车的加速度与其质量的定量关系，应使小车受到的合外力不变，故采用控制变量法，故A错误，B正确。
故选B。
(3)[3]由匀变速直线运动的推论，利用逐差法求得加速度

(4)[4]因a-是线性关系，则应该建议他改画a和的关系图像。

三．计算题(22分)
16、⑴圆环对杆的弹力为0 ⑵7.5m/s2⑶ 15m
【解析】先根据位移时间公式求出加速度，然后对环受力分析，受重力、拉力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律列方程求解，撤去力F后对环受力分析，受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律列方程求解出环的加速度拉力a，再根据位移时间关系求解
【详解】(1)将F分解为F1和F2

；
所以圆环对杆的弹力为0；
(2)由⑴可知：F合=F1=15N，由牛顿第二定律可知F合= ma
代入数据得：a =7.5m/s2；
(3)由⑵可知，撤去F时圆环的速度v0 = at1 =15m/s
撤去F后圆环受力如图

水平方向F合= f = ma
竖直方向FN = mg

联立可得
圆环的速度与加速度方向水相反，做匀减速直线运动直至静止，
取v0方向为正方向，则v0 = 15m/s，a =－7.5m/s2
由运动学公式可得：圆环滑行位移
【点睛】掌握解决动力学两类基本问题的方法和思路：一已知物体的运动求物体的受力，二是已知物体的受力求物体的运动情况．解决这两类问题的关键是桥梁根据牛顿第二定律求出加速度a
17、（1）40m；80m（2）60m
【解析】（1）设货车满载时制动距离为x1；超载时的制动距离为x2
满载时：

解得
x1=40m
超载时：

解得
x2=80m
（2）货车行驶的安全车距等于停车距离，货车反应时间内是匀速直线运动
=20m
跟车距离
x=x1+x3=60m