2026届新疆维吾尔自治区库尔勒市新疆兵团第二师华山中学高一上物理期末质量跟踪监视试题含解析.doc

2026届新疆维吾尔自治区库尔勒市新疆兵团第二师华山中学高一上物理期末质量跟踪监视试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、在下列几种情况中，升降机绳索对同一悬挂物体拉力最小的是（ ）
A.以很大的速度匀速上升
B.以很小的速度匀速下降
C.以较小的加速度减速下降
D.以较小的加速度加速下降
2、一个质量为m的物块静止在粗糙的水平桌面上．从某时刻开始，物块受到一方向不变且逐渐增大的水平力F的作用．假设物块与桌面间的动摩擦因数为，下列说法中正确的是：
A.水平力比较小时，物块处于静止状态，所以牛顿第二定律不适用静止的物体
B.水平力比较小时，物块虽然处于静止状态，但物块所受到的各个力都对物块都单独产生一个加速度，物块的实际加速度为各个加速度的矢量和，实际加速度为零.
C.在整个过程中，物体所受的摩擦力大小为
D.物块运动后，其运动为匀变速直线运动
3、关于曲线运动，以下说法中正确是（ ）
A.曲线运动一定是变速运动
B.变速运动一定是曲线运动
C.做曲线运动的物体的速度方向不一定在曲线的切线方向上
D.做曲线运动的物体受到的合力可能为零
4、甲同学站在三楼阳台上，同时以V0的速率抛出两个小球，其中一个球竖直上抛，另一个球竖直下抛，它们落地的时间差为△t1，乙同学站在六楼阳台上，以同样的方式抛出两个小球，它们落地的时间差为△t2，丙同学在轻绳的两端各拴一个小球,用手拿着绳子上端的小球,站在三层楼的阳台上,释放小球,使小球自由下落,两小球相继落地的时间差为△t3,如果丁同学站在六层楼的阳台上,同样的方法释放小球,让小球自由下落则两小球相继落地的时间差△t4，不计空气阻力，几个时间差相比较（ ）
A.△t1小于△t2 B.△t1大于△t2
C.△t3小于△t4 D.△t3大于△t4
5、三个共点力F1，F2，F3，其中F1=1N，方向正西，F2=1N，方向正北，若三力的合力是2N，方向正北，则F3应是：（）
A.1N，东北 B.2N，正南
C.3.2N，东北 D.N，东北
6、质量为m的滑块沿倾角θ的斜面匀减速下滑，斜面质量为M且整个运动过程中保持静止不动，对此运动过程，斜面和滑块之间的动摩擦因数为μ，下列有关说法正确的是（）

A.μ< tanθ
B.地面对斜面的摩擦力方向向右
C.地面对斜面的支持力等于(M + m)g
D.地面对斜面的摩擦力方向向左
7、如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢从b点爬到a点。下列说法正确的是（ ）

A.蚂蚁受到的弹力逐渐变大
B.蚂蚁受到的摩擦力逐渐变大
C.地面对碗的支持力保持不变
D.地面对碗的摩擦力逐渐变大
8、如图所示，用竖直挡板将小球夹在挡板和光滑斜面之间，若逆时针缓慢转动挡板，使其由竖直转至水平的过程中，以下说法正确的是( )

A.挡板对小球的压力先增大后减小
B.挡板对小球的压力先减小后增大
C.斜面对小球的支持力先减小后增大
D.斜面对小球的支持力一直逐渐减小
9、关于牛顿第一定律和牛顿第三定律，下列说法正确的是（　　）
A.牛顿第一定律不能直接用实验验证
B.牛顿第一定律说明必须有力作用在物体上，物体才能保持匀速直线运动
C.甲、乙两队拔河比赛队胜，因为甲队对绳子的作用力大于绳子对甲队的作用力
D.依据牛顿第三定律，跳高运动员起跳时，地面对人的支持力与人对地面的压力大小相等
10、我国的神州号载人航天飞船已成功的发射并返回地面,飞船中的宇航员在下列哪些情况下处于超重状态?( )
A.飞船加速上升时 B.飞船匀速上升时
C.飞船减速上升时 D.飞船减速下降时
11、如图所示，一水平传送带静止不动。质量为m的滑块以初速度v0从A端滑上传送带，经时间t恰好停在传送带的中点位置。若传送带以的速度沿顺时针方向匀速转动，将该滑块轻放在传送带A端，下列说法正确的是（　　）

A.滑块将一直做匀加速运动至B端
B.滑块滑动至B端所用时间为2t
C.滑块在传送带上运动的整个过程中的平均速度为
D.若增大传送带的速度，滑块滑到B端的最大速度为
12、如图所示,质量均为的物体A、B叠放在粗糙水平面上保持静止，B与A之间、A与水平面之间的动摩擦因数分别为滑轮及细绳质量不计最大静摩擦力等于滑动摩擦力，某时刻起滑轮受到随时间均匀增大的水平拉力的作用。则下列说法中正确的是（　　）

A.B所受的摩擦力方向一定向左
B.B所受的摩擦力方向可能向右
C.当时，A、B均静止
D.若不论水平力F有多大，物体A、B间都不会相对滑动
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图甲为验证牛顿第二定律的实验装置示意图。在小车质量未知的情况下，某同学设计了一种方法用来研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”。

（1）完成下列实验步骤中的填空：
①平衡小车所受的阻力：不悬挂小吊盘，调整木板右端的高度，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列________的点。
②按住小车，在小吊盘中放入适当质量的物块，在小车中放入砝码。
③打开打点计时器电源，释放小车，获得带有点迹的纸带，在纸带上标出小车中砝码的质量m。
④按住小车，改变小车中砝码的质量，重复步骤③。
⑤在每条纸带上清晰的部分，标注计数点。测量相邻计数点的间距s1，s2，…求出与不同m相对应的加速度a。
⑥以砝码的质量m为横坐标，为纵坐标，在坐标纸上作出－m关系图线。若加速度与小车和砝码的总质量成反比，则与m应成________关系（填“线性”或“非线性”）。
（2）完成下列填空：
①本实验中，为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应满足的条件是______________________。
②实验时将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上，打出一条纸带，打出的部分计数点如图乙所示（每相邻两个计数点间还有4个点未标出）。s1=3.59cm，s2=4.41cm，s3=5.19cm，s4=5.97cm。则小车的加速度a=_________m/s2（结果保留两位有效数字）。

③如图丙为所得实验图线的示意图。设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，若牛顿定律成立，则小车受到的拉力为________，小车的质量为________。
14、在用打点计时器“探究小车的速度随时间变化的规律”的实验中，得到如图所示的一条记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，每相邻的两个计数点之间还有4个点没有画出，计时器打点的时间间隔为0.02s．（计算结果均保留3位有效数字）

（1）由图可知，打点计时器打出D点时小车的瞬时速度vD=__________m/s.
（2）在打点计时器打B、C两点时，小车的速度分别为vB=1.38m/s；vC=2.64m/s，请在上图坐标系中画出小车的v-t图象_____
（3）小车运动的加速度大小为a=_____________m/s2，打点计时器打出A点时小车的瞬时速度vA=_________m/s.
（4）如果当时打点计时器所用交流电的频率是f=49HZ，而做实验的同学并不知道，由此引起的误差属于____________（选填“系统”或“偶然”）误差，这样测得的加速度结果比实际值偏____________．（选填“大”或“小”）
15、某同学设计了一个探究加速度a与物体所受合力F及质量M关系的实验，图为实验装置简图交流电的频率为

（1）图所示为某次实验得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为______保留两位有效数字
（2）若取小车质量，改变砂桶和砂的质量m的值，进行多次实验，以下m的值不合适的是______
A.
（3）为了用细线的拉力表示小车受到的合外力，实验操作时必须首先______，该操作是否成功，判断的依据是不挂砂桶时，小车在倾斜的木板上是否______运动
（4）某同学在做加速度和力、质量的关系的实验中，测得小车的加速度a和拉力F的数据如表所示：

根据表中的数据在图示的坐标中作出图象________；
若甲、乙两同学在实验过程中，由于没有按照正确步骤进行实验，处理数据后得出如图所示的图象试分析甲、乙两同学可能存在的问题：
甲：______
乙：______
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，将轻弹簧的一端固定在天花板上的a点，将轻绳的一端固定在天花板上的b点，a、b两点间距L＝0.5m．把质量m＝2kg的小球固定在轻绳和弹簧另一端，悬挂起来．当小球静止时，弹簧与水平方向夹角为60°，轻绳与水平方向夹角为30°，其中弹簧的劲度系数k＝200N/m，且该过程未超过弹簧的弹性限度，重力加速度g取10m/s2，求：

(1)轻绳和弹簧对小球拉力大小；
(2)弹簧的原长x0
17、（10分）某智能分拣装置如图所示，A为包裹箱，BC为传送带．传送带保持静止，包裹P以初速度v0从C滑上传送带，当P滑至传送带底端时，该包裹经系统扫描检测，发现不应由A收纳，则被拦停在B处，且系统启动传送带轮转动，将包裹送回C处．已知v0=3m/s，包裹P与传送带间的动摩擦因数μ=0.8，传送带与水平方向夹角θ=37º，传送带BC长度L=10m，重力加速度g=10m/s2，sin37º=0.6，cos37º=0.8，求：
（1）包裹P沿传送带下滑过程中刚到达B时的速度大小；
（2）若传送带匀速转动速度v=2m/s，包裹P经多长时间从B处由静止被送回到C处；
（3）若传送带从静止开始以加速度a加速转动，请写出包裹P送回C处的速度vc与a的关系式，并画出-a图象

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】首先要对货物进行受力分析，而后根据货物是处于什么样的状态，来判断出所受力的关系；
【详解】A、物体以很大匀速上升或以很小的速度匀速下降时，物体做匀速直线运动，受的拉力与重力也是一对平衡力，所以拉力等于重力，故AB不符合题意；
C、以较小的加速度减速下降时，加速度方向向上，物体处于超重状态，故拉力大于重力，故C不符合题意；
D、以较小的加速度加速下降时，加速度方向向下，物体处于失重状态，故拉力小于重力，此时绳的拉力最小，故D符合题意，故选项D正确，选项ABC错误
【点睛】明确物体在保持静止状态或匀速直线运动状态时，受到的力一定是平衡力，同时掌握超重和失重现象
2、B
【解析】A、B项：水平力比较小时，物块虽然处于静止状态，但物块所受到的各个力都对物块都单独产生一个加速度，物块的实际加速度为各个加速度的矢量和，实际加速度为零.，故A错误，B正确；
C项：当水平力较小时，物体处于静止状态，物体受到静摩擦力，大小与水平力F等大反向，当物体运动时，受到的滑力摩擦力为，故C错误；
D项：物块运动后，由于水平外力增大，所以合力变化，加速度变化，故D错误
故选B
3、A
【解析】既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，合力不为零；
【详解】AB．曲线运动物体速度方向在不断改变，是变速运动，但变速运动不一定就是曲线运动，如匀变速直线运动，故A正确，B错误；
C．做曲线运动的物体的速度方向一定在曲线的切线方向上，故C错误；
D．曲线运动既然是变速运动，则加速度不为零，则根据牛顿第二定律可知做曲线运动的物体合外力就一定不为零，故D错误。
故选A。
【点睛】本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住
4、D
【解析】AB、设高度为h，竖直上抛经历的时间为，竖直下抛，由两个式子相减得，解得时间差为一个定值，与高度无关，故A、B错误；
CD、设细线的长度为L，第一个小球着地后，另一个小球运动的位移为L，在L内运行的时间，即为两球落地的时间差，第一个球着地的速度为另一个小球在位移L内的初速度，高度越高，落地的速度越大，则可知高度越高，另一个小球在位移L内的初速度越大，根据，初速度越大，时间越短，所以，故D正确，A、B、C错误；
故选D
【点睛】一个球竖直上抛，另一个球竖直下抛，将竖直上抛运动按照时间段分解为竖直上抛到落回抛出点和接下来的竖直下抛过程，故两个小球的时间差为为一个定值，与高度无关；不论放在三楼阳台释放还是放在六楼阳台释放，一球落地后，另一球运动的位移相等，根据，求出两球落地的时间差的变化；
5、D
【解析】由题意可知，三力的合力是2N，方向正北，而F2=1N，方向正北，因此力F1与F3的合力大小为1N，方向正北，根据力的合成与分解，依据力的平行四边形定则，则有：F3应是大小为N，方向东北．如图所示，故选D.

6、B
【解析】A．因为滑块是匀减速下滑，所以在沿斜面方向上合力沿斜面向上，故

即

A错误；
BD．由于滑块有一个沿斜面向上的加速度，则在水平向右方向上有分加速度，所以斜面对滑块水平方向上有分力，即滑块对斜面有水平向左的作用力，故斜面有相对地面向左的运动趋势，故地面对斜面的摩擦力方向向右，B正确、D错误；
C．由于滑块有一个沿斜面向上的加速度，即在竖直向上方向上有分加速度，故滑块处于超重状态，所以地面对斜面的支持力大于，C错误。
故选B。
7、BC
【解析】AB．蚂蚁缓慢上爬，可以认为蚂蚁处于平衡状态，则合力始终为零，受力分析如图所示，

根据共点力平衡有：
f=mgsinα
N=mgcosα
因为A点的α比B点的大，所以在a点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b点的摩擦力，在a点碗对蚂蚁的支持力小于在b点的支持力，则A错误，B正确；
CD．对碗和蚂蚁的整体分析，竖直方向受力平衡，则地面对碗的支持力等于碗和蚂蚁的重力之和，保持不变；水平方向受力为零，碗不受地面的摩擦力作用，选项C正确，D错误。
故选BC。
8、BD
【解析】由题中“用竖直挡板将小球夹在挡板和光滑斜面之间”可知，本题考查物体受力分析和受力平衡，根据平衡和物体受力分析可解答本题
【详解】有题可得下图

取小球为研究对象，小球受到重力G、挡板对小球的弹力FN1和FN2，FN1和FN2的合力与重力大小相等，方向相反，FN2总是垂直斜面，方向不变，由图可知FN1方向改变时，其大小只能沿PQ线变动，显然在挡板移动过程中，FN1先变小后变大，FN2一直减小，故BD正确
9、AD
【解析】A．牛顿第一定律描述的是一种理想的情况，是牛顿在前人（伽利略、笛卡尔）的基础上总结出来的规律，不能用实验进行验证，故A正确；
B．牛顿第一定律说明，物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因，所以B错误；
C．甲队对绳子的作用力和绳子对甲队的作用力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，故C错误；
D．依据牛顿第三定律，跳高运动员起跳时，地面对人的支持力与人对地面的压力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，所以D正确。
故选AD。
10、AD
【解析】A．飞船加速上升时，加速度向上，处于超重状态，选项A正确；
B．飞船匀速上升时，加速度为零，不是超重状态，选项B错误；
C．飞船减速上升时，加速度向下，处于失重状态，选项C错误；
D．飞船减速下降时，加速度向上，处于超重状态，选项D正确；
故选AD
11、CD
【解析】AB．两种情况下，滑块的加速度大小相等，滑块以初速度v0从A端滑上传送带，则有

若传送带以的速度沿顺时针方向匀速转动，将该滑块轻放在传送带A端，则滑块运动到与传送带速度相等时的位移为

即滑块运动到传送带中点时与传送带速度相等，接着匀速运动到B端，滑块匀加速的时间为

匀速运动的时间为

则滑块滑动至B端所用时间为，故AB错误；
C．滑块在传送带上运动整个过程中的平均速度为

故C正确；
D．如果滑块一直匀加速度到B端，此时速度最大，则有

且

联立解得

故D正确。
故选CD。
12、AD
【解析】AB．当F较小时，两物体处于静止状态，此时B受到向右的细线的拉力作用，可知受到的静摩擦力向左；若F增大到一定值时，A相对地面滑动，此时若AB相对静止，则对整体有

对B有

解得

可知B受A的静摩擦力向左；假设AB产生相对滑动，且B相对A向左滑动，则B受摩擦力向右，则对A有

对B有

则由上述表达式可知
a2>a1
与假设相矛盾，可知B所受的摩擦力方向不可能向右。故A正确；B错误；
C．若AB均静止时，同时满足
，
故C错误；
D．若μ1=μ2=μ，则对A有

对B有

可知
a1=a2
即不论水平力F有多大，物体A、B间都不会相对滑动。故D正确。
故选AD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.等间距或均匀 ②.线性 ③.远小于小车和砝码的总质量或远小于小车的质量 ④.0.79 ⑤. ⑥.
【解析】考查实验“探究加速度与力和质量的关系”。
【详解】（1）[1][2]．当打点计时器打出一系列等间距的点时，说明小车做匀速直线运动，即已经平衡了摩擦；若加速度与小车和砝码的总质量成反比，则加速度的倒数和砝码的总质量成正比，即与m应成线性关系；
（2）[3][4] [5][6]．本实验认为绳的拉力等于小吊盘和盘中物块的总重力，设小吊盘和盘中物块的质量之和为m0，小车和车中砝码的总质量为M，则：
对小车分析：

对小吊盘分析：

联立解得：

只有当时，绳的拉力近似等于小吊盘和盘中物块的总重力；
小车的加速度由逐差法求得：
；
牛顿第二定律成立，则有：

解得：

即－m关系图线的斜率：

所以小车受到的拉力为；
截距：

所以小车的质量为。
14、 ①.3.90 m/s ②.如图所示
③.(12.4～12.8）m/s2 ④.(0.100～0.140）m/s ⑤.系统 ⑥.大
【解析】（1）D为CE的中间时刻，利用中间时刻的速度等于这段时间内的平均速度可求D点的速度；（2）依次把B、C、D三点的坐标描入坐标系中，作出图线即可；（3）由图线的斜率可得加速度和A点的速度；（4）打点的频率变低，相邻的计数点长间的时间变长，在计算时用的t相对较小，引起的误差属于系统误差，这样测得的加速度结果比实际值偏大
【详解】（1）打点计时器打出D点时小车的瞬时速度vD==cm/s=390cm/s=3.90m/s
（2）以打A点时作为记时零点，打B点对应的坐标（0.1,1.38），打C点对应的坐标（0.2,2.64），打D点对应的坐标（0.3,3.90），依次把B、C、D三点的坐标描入坐标系中，作出图线如下图

（3）由速度-时间图线可求得图线的斜率即加速度，a==m/s2=12.6m/s2(12.4m/s2～12.8m/s2均可）
由图线可知打点计时器打出A点时小车的瞬时速度vA=0.130m/s(0.100m/s～0.140m/s均可）
（4）如果当时打点计时器所用交流电的频率是f=49HZ，而做实验的同学并不知道，由此引起的误差属于系统误差，由加速度的定义式a=可知，打点的频率变低，打点周期变长，相邻的计数点长间的时间变长，实际的t相对变大，而做实验的同学并不知道，在计算时用的t相对较小，这样测得的加速度结果比实际值偏大
故答案为：(1)3.90m/s；(2)如下图所示：（3）12.6m/s2(12.4m/s2～12.8m/s2均可）；0.130m/s(0.100m/s～0.140m/s均可）；（4）系统；大

15、 ①. ②.B D ③.平衡小车的摩擦力 ④.匀速 ⑤.如图所示：
⑥.平衡摩擦力时把长木板抬得过高（平衡摩擦力过度） ⑦.没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足
【解析】（1）根据逐差法△x=aT2可求出物体的加速度；
（2）根据实验原理可知当砂和桶的总质量m要远小于小车的总质量M时，可将砂和桶的总重力看作小车的拉力；
（3）根据力的合成，要想小车受到的合外力等于细线的拉力，则其他力的合力为零，所以要平衡摩擦力，平衡摩擦力即不挂物体时小车做匀速直线运动，故打出的纸带是均匀的；
（4）根据表格中的数据作出图线，根据实验原理析甲、乙两同学可能存在的问题；
【详解】（1）纸带的运动方向向左，依次取四组数据为：
则加速度：；
（2）根据实验原理可知当砂和桶的总质量m要远小于小车的总质量M时，可将砂和桶的总重力看作小车的拉力，所以AC合适，BD不合适；
（3）根据力的合成，要想小车受到的合外力等于细线的拉力，则其他力的合力为零，所以要平衡摩擦力，即实验操作时必须首先平衡摩擦力，平衡摩擦力即不挂物体时小车应做匀速直线运动；
（4）①根据描点法作出图象，如图所示

②图线甲表明在小车的拉力为0时，小车的加速度大于0，说明合外力大于0，说明平衡摩擦力过大，即平衡摩擦力时把长木板抬得过高（平衡摩擦力过度）；
图线乙说明在拉力大于0时，物体的加速度为0，说明合外力为0，即绳子的拉力被摩擦力平衡了，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足
【点睛】实验问题需要结合物理规律去解决，对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由，比如为什么要平衡摩擦力等，解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚

三．计算题(22分)
16、 (1)轻绳和弹簧对小球的拉力分别为10N、10N；(2)弹簧的原长是0.2m
【解析】(1)对小球受力分析，由平衡条件求得轻绳和弹簧对小球的拉力
(2)据胡克定律求得弹簧的原长
【详解】(1)对小球受力分析，小球受绳的拉力F1、弹簧的拉力F2、重力mg．据平衡条件可得：
细线的弹力为：
弹簧的弹力为：
(2)根据胡克定律可得：
解得：
17、 (1)1m/s (2)7.5s (3) ,
【解析】（1）包裹下滑时有：
得：，方向：沿传送带向上；
由B到C过程：
解得包裹P沿传送带下滑过程中刚到达B时的速度大小：；
（2）包裹向上匀加速运动时有：
得：
当包裹的速度达到传送带的速度所用时间为：
速度从零增加到等于传送带速度时通过的位移有：
因为x<L，所以包裹先加速再匀速，匀速运动时间：
则包裹从B处到C处总时间为：；
（3）若，则包裹相对传送带静止，一起做匀加速运动，加速位移等于传送带的长度，有：
即：
若，则包裹在传送带上有相对滑动，包裹以向上匀加速运动，有：，即
两种情况结合有：
图像如图所示：