2026届云南省普洱市墨江第二中学物理高一第一学期期末教学质量检测试题含解析.doc

2026届云南省普洱市墨江第二中学物理高一第一学期期末教学质量检测试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，小车静置在水平地面上，斜面置于小车上，滑块放在斜面上，一根轻弹簧一端固定在小车上的点、另一端系在滑块上的点，弹簧与的斜面垂直，、、三个物体均保持静止，下列有关斜面、滑块的受力情况的描述正确的是

A.若弹簧处于压缩状态，则滑块一定受3个力的作用
B.若弹簧处于压缩状态，则斜面一定受4个力的作用
C.若弹簧处于伸长状态，则滑块一定受4个力的作用
D.若弹簧处于伸长状态，则斜面一定受6个力的作用
2、他是第一个把实验引进力学的科学家，并且利用实验和数学逻辑推理相结合的方法研究物理学基本问题，从而有力地推进了人类科学认识的发展，这位科学家是
A.爱因斯坦
B.亚里士多德
C.伽利略
D.牛顿
3、关于做曲线运动的物体，下列说法正确的是
A.运动的速率一定发生变化 B.运动的速度一定发生变化
C.运动的加速度一定发生变化 D.运动的加速度可能为零
4、一辆汽车以20m/s的速度行驶，现因故刹车，并最终停止运动，已知汽车刹车过程的加速度大小是5m/s2．则汽车从刹车起经过5s所通过的距离是（　　）
A.60m B.50m
C.40m D.30m
5、以下说法中正确的是：
A.地球吸引物体、物体吸引地球，这是一对作用力和反作用力
B.甲物体对乙物体施加作用力，乙物体受到作用后，才产生反作用力，所以先有作用力，再有反作用力
C.甲、乙两队拔河，甲队取胜，说明甲队的拉力大于乙队的拉力
D.重力和支持力组成一对作用力和反作用力
6、一位女士由于驾车超速而被警察拦住，警察对她说：“太太，您刚才的车速是60公里每小时”这位女士反驳说：“不可能的我才开了6分钟，还不到1小时，怎么可能走了60公里呢？”根据以上对话及右图，下列说法正确的是（　　）

A.女士所说的6分钟是指时间，60公里是指位移大小
B.警察所说的60公里每小时是指平均速度大小
C.图中的50指的是瞬时速度大小
D.图中的50指汽车在1小时内行驶的路程不能超过50公里
7、甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的ν-t图像如图所示。关于30s内物体的运动，下列说法正确的是（ ）

A.t=10s时，甲、乙两物体相距100m B.t=20s时，乙追上甲
C.t=20s时，甲、乙之间的距离最大 D.t=30s时，两物体间的距离比t=10s时大
8、将重为50N的物体放在某直升电梯的地板上，该电梯在经过某一楼层地面前后运动过程中，物体受到电梯地板的支持力随时间变化的图像如图所示，由此可以判断（　　）

A.t=1s时刻电梯的加速度方向竖直向上
B.t=6s时刻电梯的加速度为零
C.t=8s时刻电梯处于失重状态
D.t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向下
9、如图所示，某健身爱好者手拉着轻绳，在粗糙的水平地面上缓慢地移动，保持绳索始终平行于地面．为了锻炼自己的臂力和腿部力量，可以在O点悬挂不同的重物C，则(　　)

A.若健身者缓慢向右移动，绳OA的拉力变小
B.若健身者缓慢向左移动，绳OB的拉力变小
C.若健身者缓慢向右移动，绳OA、OB拉力的合力变大
D.若健身者缓慢向左移动，健身者与地面间的摩擦力变小
10、难忘的西湖一日游终于结束，练老师准备回家，准备启动车子时发现有一辆甲车从身边经过，沿同一方向匀速直线运动，v－t图像简化为如图所示（温馨提示请勿飙车），由图可知（ ）

A.t＝20 s时，乙追上了甲
B.t＝20 s时，甲、乙之间的距离为乙追上甲前的最大距离
C.甲比乙运动快，且早出发，所以乙追不上甲
D.在t＝20 s之前，甲比乙运动快；在t＝20 s之后，乙比甲运动快
11、如图所示，表面光滑的半球形物体固定在水平面上，光滑小环D固定在半球形物体球心O的正上方，轻质弹簧一端用轻质细绳固定在A点，另一端用轻质细绳穿过小环D与放在半球形物体上的小球P相连，DA水平．现将细绳固定点A向右缓慢平移的过程中(小球P未到达半球最高点前)，下列说法正确的是

A.弹簧变短
B.弹簧变长
C.小球对半球的压力不变
D.小球对半球的压力变大
12、如图所示，A、B两物块叠在一起静止在水平地面上，A物块的质量mA=2kg，B物块的质量mB=3kg，A与B接触面间的动摩擦因数μ1=0.4，B与地面间的动摩擦因数μ2=0.1，现对A或对B施加一水平外力F，使A、B相对静止一起沿水平地面运动，重力加速度g=10m/s2，物体受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．下列说法正确的是（　　）

A.若外力F作用到物块A时，则其最小值为8N
B.若外力F作用到物块A时，则其最大值为10N
C.若外力F作用到物块B时，则其最小值为13N
D.若外力F作用到物块B时，则其最大值为25N
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在“探究弹力和弹簧伸长关系”的实验中，某实验小组将不同数量的钩码分别挂在竖直弹簧下端进行测量，根据实验所测数据，利用描点法作出了所挂钩码的重力G与弹簧总长L的关系图象，根据图象回答以下问题.

（1）弹簧的原长为_________cm.
（2）弹簧的劲度系数为_______.
（3）分析图象，总结出弹力F跟弹簧长度L之间的关系式为_________.（L用m为单位）
14、为了探究加速度与力、质量的关系，某同学利用如图所示的实验装置，探究小车质量一定时加速度与合外力之间的关系，图中上下两层水平轨道，细线跨过滑轮并挂上砝码盘．若可将砝码和砝码盘的总重力作为小车所受合力，须满足条件____________________________________________________________________；两小车尾部细线连到控制装置上，实验时通过控制装置使两小车同时开始运动，并同时停止
该同学测量了两小车的位移为，则__________

15、一木块沿水平面做匀加速直线运动，某同学每隔1s记录一次木块位置。由图可知，木块的加速度a=____m/s2， 2s末木块的速度v=______m/s

三．计算题(22分)
16、（12分）传送带O1O2水平部分AB长L=32m，当传送带由静止开始以a0=2m/s2匀加速度启动瞬间将一小物块（可视为质点）无初速度轻放在传送带上A点，被传送带传送到B。物块与传送带间动摩擦因数为μ=0.1，传送带加速t0=2s后保持该速度匀速运动。g=10m/s2求：
（1）物块从传送带上A点运动到B点所需时间t=？
（2）若物块为小墨块，则它在传送带上相对运动时会在传送带上留下痕迹，求痕迹长ΔS=？
（3）若传送带皮带轮O1O2的半径R为米，且由静止开始保持a1匀加速运动，传动过程中皮带始终绷紧（水平部分始终保持水平）。为使小墨块在传送带上留下的痕迹最长，传送带加速度a1需满足什么条件？

17、（10分）如图，水平地面上紧靠粗糙水平台依次排放着A、B两木板，A、B的长度均为L=5m、质量均为M=1.5kg，其上表面与平台相平，A与平台和B均接触但不粘连．现有一质量m=3kg、可视为质点的滑块C，从平台上距平台右侧的距离d=2.5m处，以大小、方向水平向右的速度向右滑块．已知C与平台间、C与木板A、B间的动摩擦因数均为，A、B与地面间的动摩擦因数均为，且最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取．求：
（1）滑块C刚滑上A板时的速度大小；
（2）滑块C刚滑离A板时，B板的速度大小；
（3）从滑块C滑上A板到C与B板相对静止的过程中，B板发生的位移

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】AB．若弹簧处于压缩状态，则滑块C受到重力、弹簧的弹力、斜面的支持力和摩擦力共4个力的作用，B受到重力、C对B的压力和摩擦力、A对B的支持力和向右摩擦力共5个力的作用，故AB错误；
C．若弹簧处于伸长状态，B和C之间的弹力不可能为零，如果BC之间的弹力为零则摩擦力为零，C不可能静止，则滑块C受到重力、弹簧的拉力、斜面的支持力和摩擦力共4个力的作用，故C正确；
D．若弹簧处于伸长状态，B受到重力、C对B的压力和摩擦力、A对B的支持力和向左的摩擦力共5个力的作用，故D错误。
故选C。
2、C
【解析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.
【详解】伽利略是第一个把实验引进力学的科学家，他利用实验和数学逻辑推理相结合的方法确定了一些重要的力学定律，从而有力的推进了人类科学认识的发展；故C正确，A、B、D错误.故选C.
【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一.
3、B
【解析】物体运动轨迹是曲线的运动称为“曲线运动”，速度一定变化，但速度大小不一定变化．加速度一定不为零，但加速度不一定变化
【详解】A.曲线运动是指物体的运动轨迹为曲线的运动，其速度大小不一定变化，故运动速率不一定发生变化，故A错误；
B.曲线运动的轨迹是曲线，速度的方向必定发生变化，即速度必定发生变化，故B正确；
C.曲线运动的加速度可以不变，如平抛运动，故C错误；
D.由于曲线运动的速度方向始终发生变化，故做曲线运动的物体一定有加速度，加速度不可能为零．故D错误
故选B
4、C
【解析】取初速度方向为正方向，则刹车时汽车的加速度a=-5m/s2；汽车由刹车到静止所需时间，由v=v0+at得汽车刹车后运动的时间 ，则汽车5s内的位移实为汽车匀减速运动4s内的位移即：x5＝x4＝20×4+×(−5)×42m＝40m，故选C.
【点睛】本题易错点有二，一是汽车匀减速运动加速度取值的正负，二是汽车做匀减速运动的时间；解题时不能硬套公式，否则会出现不符合实际的结果.
5、A
【解析】A．地球吸引物体、物体吸引地球，这是一对作用力和反作用力，A正确；
B．作用力与反作用力同时产生，同时消失，B错误；
C．甲队对绳子的拉力和绳子对甲队的拉力为相互作用力，等大反向，同理乙队对绳子的拉力和绳子对乙队的拉力等大反向，所以甲队的拉力等于乙队的拉力，C错误；
D．相互作用力是作用于不同物体的相同性质的力，重力和支持力不是相互作用力，D错误。
故选A。
6、C
【解析】A．女士说6分钟是时间，60公里是路程，故A错误；
B．警察所说的车速指的是瞬时速度的大小，故B错误；
CD．图中的50指的是瞬时速度，故C正确，D错误。
故选C。
7、AC
【解析】A．t=10s时，甲、乙两物体相距等于0-10s内两者位移之差，为 S1=△x1=10×10m=100m，故A正确。
BC．在0-20s内，甲的速度大于乙的速度，甲在乙的前方，两者距离逐渐增大。20-30s后乙的速度大于甲的速度，两者距离逐渐减小，故在t=20s时刻两者间距离最大，故B错误，C正确。
D．根据速度图象与时间轴所围的面积表示位移，知10-30s内，甲、乙通过的位移相等，所以t=30s时两物体间的距离与t=10s时两物体间的距离相等，故D错误。
故选AC。
8、ABD
【解析】在0-2s内重物处于超重状态，在2-10s内电梯做匀速直线运动，从10s到12s失重。由运动学公式分析三个速度的大小和方向。
【详解】A．在0-2s内重物处于超重状态，t=1s时刻电梯的加速度方向竖直向上，A正确；
BC．在2-10s内电梯做匀速直线运动或静止状态，加速度为零，B正确，C错误；
D．从10s到12s失重，t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向下。故D正确。
故选ABD。
9、BD
【解析】A.由于OA、OB为两段细绳，因此两细绳的拉力大小不一定相等，设绳OA的拉力为FA，绳OB的拉力为FB，重物C的质量为m，因O点始终处于平衡状态，根据平衡条件有：
，
解得：
，
当健身者缓慢向右移动时，θ角变大，则FA、FB均变大，故A错误；
BD.当健身者缓慢向左移动时，θ角变小，则FA、FB均变小，因为健身者受到的摩擦力大小与绳OB的拉力大小相等，故健身者与地面间的摩擦力变小，故BD正确；
C.不论健身者向哪个方向移动，绳OA与绳OB拉力的合力一定等于重物C的重力mg，保持不变，故C错误
10、BD
【解析】v－t图像中图线的交点表示具有相同的速度，追及问题两者具有相同速度时，二者之间的距离最大，选项A错误，B正确；
在t＝20 s之前，甲比乙运动快；在t＝20 s之后，乙比甲运动快，选项D正确，C错误；
故选BD。
11、AC
【解析】分析小球受力情况：重力G，细线的拉力T和半球面的支持力，作出、T，G的矢量三角形，根据三角形相似法分析、T的变化
对小球P受力分析，受到绳子的拉力T，半球的支持力，竖直向下的重力G，如图所示，根据相似三角形法可知，因为OP和OD都是恒定不变的，G也不变，DP减小，所以可知不变，T减小，根据牛顿第三定律可知小球对半球的压力不变，绳子的拉力减小，即弹簧的弹力减小，所以弹簧变短，故AC正确

12、BD
【解析】物体A与B刚好不发生相对滑动的临界条件是A、B间的静摩擦力达到最大值，外力F作用到物块B时，可以先对A受力分析，再对整体受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解；当外力F作用到物块A上时，可以先对B受力分析，再对整体受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解.
【详解】当外力F作用到A上时，A对B的摩擦力达到最大静摩擦力时，两者相对静止，F达最大值，对B根据牛顿第二定律，有：μ1mAg-μ2(mA+mB)g=mBa；代入数据解得：0.4×20-0.1×50=3a，解得：a=1m/s2；对整体：F-μ2(mA+mB)g=(mA+mB)a；代入数据：F-0.1×50=5×1，解得：F=10N，最小值大于B与地面间的最大静摩擦力Fmin≥μ2(mA+mB)g=5N，故A错误，B正确；当外力F作用到B上时，A对B的摩擦力达到最大静摩擦力时，两者相对静止，F达最大值，对A，根据牛顿第二定律，有μ1mAg=mAa，得a=μ1g=4m/s2；对AB整体：F-μ2(mA+mB)g=(mA+mB)a；代入数据：F-0.1×50=5×4，解得：F=25N，最小值大于B与地面间的最大静摩擦力Fmin≥μ2(mA+mB)g=5N；故BD正确，AC错误；
故选BD
【点睛】本题关键抓住恰好不滑动的临界条件，即要使只靠摩擦力运动的物体达到最大静摩擦力，然后灵活地选择研究对象，运用牛顿第二定律列式求解

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.10 ②.1000 ③.
【解析】第一空.当所挂钩码的重力为零时，弹簧的长度即为原长，由题图可知，弹簧的原长为10cm.
第二空.弹簧的劲度系数：
.
第三空.由胡克定律.
14、 ①.使砝码和砝码盘的总质量远小于小车质量 ②.
【解析】[1]．若可将砝码和砝码盘的总重力作为小车所受合力，绳中拉力约等于砝码和砝码盘的总重力，此时需满足使砝码和砝码盘的总质量远小于小车质量
[2]．使两小车同时开始运动，并同时停止，两车运动的位移

则

15、 ①.2 ②.6
【解析】[1]设曝光时间为T，利用了匀变速运动的推论得：

[2]利用了匀变速运动某段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度的推论，2s末木块的速度为：
。

三．计算题(22分)
16、 (1) 10s；(2) 4m；(3) 。
【解析】（1）因为：
am=μg=1m/s2<a0=2m/s2
所以传送带与物块分别加速。
对传送带：
v0=a0t0=4m/s
对物块：
v0=amt1
解得：t1=4s
根据题意：

L-S1=v0t2
解得：t2=6s
所以物块从A到B运动时间：
t=t1+t2=10s
（2）因为相对运动时间t1=4s，所以在0~4s内：
传送带位移：

即S=12m，物块位移：S1=8m
所以相对位移：
ΔS=S-S1=4m
（3）痕迹最长即传送带全部覆盖，即相对路程为传送带总长：
L´=2L+2πR=68m
经分析为使相对路程达到L´，a0最小时物块应一直加速运动到B，有：

解得：t3=8s
这段时间内传送带路程：
S´=L´+L=100m
即：

解得：a1=3.125m/s2
所以为使小墨块在传送带上留下的痕迹最长，传送带加速度a1需满足：
17、 (1)7m/s(2)1m/s(3)1.375m
【解析】C在水平台上做匀减速直线运动，由运动学规律和牛顿第二定律求出滑块C刚滑上A板时的速度大小，滑块C在木板A上滑动时，采用隔离法分别分析C、BA的受力，由运动学规律和牛顿第二定律求出，C在B上滑动时，采用隔离法分别分析C、B的受力，由运动学规律和牛顿第二定律求出
【详解】（1）C在水平台上做匀减速直线运动，
由运动学规律有：，
由牛顿第二定律有：，
代入数据解得：；
（2）滑块C在木板A上滑动时的加速度仍为，木板A、B的加速度为，
对有：，
代入数据得：，
设在A上运动的时间为，
则：，
代入数据解得：或（舍去）
C滑上时，A、B分离．设C离开A时的速度为，板A、B的速度分别为和，
；
（3）C在B上滑动时，C的加速度仍为，设的加速度为，
对B有：，
代入数据得：，
设经过时间，B、C达到共同速度v，
则有：，
代入数据得：，
B所发生的位移为：
代入数据解得：