上海市上外附属大境中学2025-2026学年物理高一第一学期期末考试试题含解析.doc

上海市上外附属大境中学2025-2026学年物理高一第一学期期末考试试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、2018年国际田联世界挑战赛于北京时间6月23日凌晨在马德里站如期举行．如图所示，苏炳添在百米大战中，以获得冠军，再次平了亚洲记录，成为当之无愧的“亚洲第一飞人”．据悉苏炳添的起跑反应时间是，也是所有选手中最快的一个．下列说法正确的是　　

A.苏炳添的起跑反应时间，指的是时刻
B.在研究苏炳添的起跑技术动作时不可以将他看作质点
C.苏炳添这次比赛的平均速度大小为
D.以其他运动员为参考系，苏炳添总是静止的
2、如图中，光滑接触面对球和棒的弹力分析正确的是
A. B.
C. D.
3、在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（ ）
A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫科学假说法
B.根据速度定义式，当时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法
C.伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律推理得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法
D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法
4、在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程.在以下几位物理学家所做科学贡献的叙述中，正确的是（ ）
A.在对自由落体运动的研究中，伽利略巧妙的利用斜面实验来冲淡重力影响使得时间更容易测量，最后逻辑推理证明了自由落体的运动规律
B.牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德关于“力是维持物体运动的原因”的观点，并归纳总结了牛顿第一定律
C.卡文迪许将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物体，得出万有引力定律，并测出了引力常量G的数值
D.法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了点电荷间的相互作用规律，并通过油滴实验测定了元电荷的电荷量
5、倾角为a、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上，下列说法正确的是（　　）

A.木块受到摩擦力大小是mgcosa B.木块对斜面体的压力大小是mg
C.桌面对斜面体的摩擦力大小是mgsinαcosα D.桌面对斜面体的支持力大小是(M+m)g
6、已知某力的大小为10N，则不可能将此力分解为下列哪组力 （ ）
A.3N、3N
B.6N、6N
C.100N、100N
D.400N、400N
7、质量为2m的物块A和质量为m的物块B相互接触放在水平面上，如图所示．若对A施加水平推力F，则两物块沿水平方向作加速运动．关于A对B的作用力，下列说法正确的是（）

A.若水平面光滑，物块A对B的作用力大小为F
B.若水平面光滑，物块A对B的作用力大小为F
C.若物块A与地面无摩擦，B与地面的动摩擦因数为，则物块A对B的作用力大小为
D.若物块A与地面无摩擦，B与地面的动摩擦因数为，则物块A对B的作用力大小为
8、如图所示，质量为m的小球悬挂在小车顶棚上，在运动过程中当小球偏离竖直方向θ角时，则下列说法正确的是（　　）

A.小车可能向左减速运动
B.小车可能向右减速运动
C.小车的加速度大小a=gtanθ
D.悬挂线的拉力大小F=
9、小物块m与各面均光滑的斜面体M，叠放在光滑水平面上，如图所示，在水平力F1（图甲）作用下保持相对静止，此时m、M间作用力为N1；在水平力F2（图乙）作用下保持相对静止，此时m、M间作用力为N2．则下列说法正确的是（）

A.若，则有
B.若，则有
C.若，则有
D.若，则有
10、如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠直墙，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态．把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则

A.B对墙的压力增大
B.A与B之间的作用力减小
C.地面对A的摩擦力减小
D.A对地面的压力减小
11、如图所示，物体放在斜面上处于静止状态，当斜面的倾角逐渐减小时，物体所受

A.重力与支持力的合力逐渐减小
B.重力与静摩擦力的合力逐渐减小
C.支持力与静摩擦力和合力逐渐减小
D.重力、支持力和静摩擦力的合力保持不变，一直为0
12、气象研究小组用图示简易装置测定水平风速，在水平地面上竖直固定一直杆，质量为m的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O，当水平风吹来时，球在水平风力的作用下飘起来．已知风力大小正比于风速，当风速v0＝3m/s时，测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ＝，则(　　)

A.细线拉力的大小为 B.若风速增大到某一值时，θ可能等于
C.细线拉力与风力的合力大于mg D.θ＝时，风力的大小F＝mgtan
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、①某同学用如图所示装置做“验证牛顿第二定律”的实验，若他在图示状态下开始做实验，请指出图中的主要错误是（至少写两项）：_________________、______________________

②若他更正了图中的所有错误后，他以下的做法和理由正确的是________；
A.使砂桶的质量m远小于小车总质量M，是为了减小系统误差
B.平衡摩擦力是为了减小偶然误差
C.采用描点画图象的方法处理数据，是为了减少系统误差
D.采用逐差法处理数据，为了减少偶然误差
③他在实验中得到如图所示纸带，纸带上的计数点用A、B、C、D、E表示．根据图上数据，小车经过B点时的速度是___________m/s．（相邻计数点间的时间间隔为0.1s）

14、如图甲所示，轻质小圆环挂在橡皮条的一端，另一端固定，橡皮条的长度为GE。在图乙中，用手通过两个弹簧测力计共同拉动小圆环，小圆环受到拉力F1、F2、F3三力的共同作用，静止于O点，橡皮条伸长的长度为EO。撤去F1、F2，改用一个力F单独拉住小圆环，仍使它静止于O点，如图丙所示。则F1与F2的合力是_______；F1、F2与_______合力为0。（选填“F”或“F3”）

15、某同学欲运用牛顿第二定律测量滑块的质量M，其实验装置如图甲所示，设计的实验步骤为：

（1）调整长木板倾角，当钩码的质量为m0时滑块恰好沿木板向下做匀速运动；
（2）保持木板倾角不变，撤去钩码m0，将滑块移近打点计时器，然后释放滑块，滑块沿木板向下做匀加速直线运动，并打出点迹清晰的纸带如图乙所示(打点计时器的工作频率为50Hz)
请回答下列问题：

①打点计时器在打下D点时滑块的速度vD=__________m/s；(结果保留3位有效数字)
②滑块做匀加速直线运动加速度a=_____m/s2；(结果保留3位有效数字)
③滑块质量M=___________(用字母a、m0和当地重力加速度g表示)
（3）保持木板倾角不变，挂上质量为m(均小于m0)的钩码，滑块沿木板向下匀加速运动，测出滑块的加速度；多次改变钩码的质量，分别求出相应的加速度
（4）若绳的拉力与所挂钩码的重力大小相等，作出a—mg图象如图丙所示，则由图丙可求得滑块的质量M=______kg．(取g=10m/s2，结果保留3位有效数字)
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，甲坐在滑板上从距地面高为h＝2.4m的斜坡处A点由静止开始滑下，然后沿水平的滑道再滑行。同时乙从斜坡与水平滑道的交接处B点以某一速度v向右匀速直线运运动(图中未画出)，若滑板与斜坡滑道的动摩擦因数均为µ1＝0.5，滑板与水平滑道间的动摩擦因数为µ2＝，斜坡的倾角θ＝37°（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），斜坡与水平滑道间是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力忽略不计，重力加速度g取10m/s2。求：
(1)人从斜坡上滑下时加速度为多大；
(2)人到达斜坡底端B时的速度是多少；
(3)为了避免甲、乙相碰，乙速度v至少是多少。

17、（10分）某质点做直线运动，其v-t图象如图所示，求：
（1）质点在前2s内加速度的大小；
（2）质点在第1s末速度的大小；
（3）质点在前3s内位移x的大小。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】A．苏炳添的起跑反应时间，指的是一段时间间隔，故指的是时间；故A错误；
B．研究起跑动作时，运动员的肢体动作是不能忽略的；故大小和形状不能忽略；不能看作质点，故B正确；
C．苏炳添的位移是100米，成绩为，所以平均速度为：，故C错误；
D．各运动员的速度不同，以其他运动员为参照物，苏炳添是运动的，故D错误；
2、A
【解析】A．球受到墙壁的弹力和台阶的弹力，两个弹力都与接触面垂直，所以墙壁的弹力垂直于墙壁向右，台阶对球的弹力通过球心，故A正确；
B．假设斜壁对小球有弹力，则小球受到重力、地面向上的弹力和斜壁斜向下的弹力，三个力的合力不为零，则小球将向右滚动，与题不符，故斜壁对小球没有弹力，小球只受地面向上的弹力，故B错误；
C．槽对杆的底端的弹力方向指向球心，故C错误；
D．假设斜面对小球有弹力，则小球受到重力、竖直向上的拉力和垂直于斜面向上的支持力，三个力的合力不为零，则小球将向左摆动，与题不符，故斜面对小球没有弹力，故D错误
3、A
【解析】A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法，采用了建立理想化的物理模型的方法，故A说法错误；
B．根据速度定义式，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，这是应用了极限思想方法，故B说法正确；
C．伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律推理得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法，故C说法正确；
D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法，故D说法正确。
所以选A。
4、A
【解析】A．在对自由落体运动研究中，伽利略巧妙的利用斜面实验来冲淡重力影响使得时间更容易测量，得出物体运动的位移与时间的平方正比关系，加之科学推理证明了自由落体运动规律，A正确；
B．伽利略应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德关于“力是维持物体运动的原因”的观点，牛顿归纳总结了牛顿第一定律，B错误；
C．牛顿将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物体，得出万有引力定律，卡文迪许测出了引力常量G的数值，C错误；
D．法国学者库仑首先得出了电荷之间相互作用的规律即库仑定律，密立根测出了元电荷的电荷量，D错误。
故选A。
【名师点睛】本题比较简单考查了学生对物理学史的了解情况，在物理学发展的历史上有很多科学家做出了重要贡献，大家熟悉的爱因斯坦、卢瑟福等，在学习过程中要了解、知道这些著名科学家的重要贡献，是解答类似问题的关键
5、D
【解析】AB．先对木块受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件，有
，
由牛顿第三定律可知，木块对斜面体的压力大小为

故AB错误；
CD．对和整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面对斜面体的支持力为，桌面对斜面体的静摩擦力为零，故C错误，D正确；
故选D。
6、A
【解析】A、两个力合成的最大值为3N+3N=6N，小于10N，故A不可能；
B、6N与6N合成最大12N，最小0N，可以为10N，故B可能；
C、100N与100N合成最大200N，最小0N，可以为10N，故C可能；
D、400N与400N合成最大800N，最小0N，可以为10N，故D可能；
本题选择不可能，故选A.
7、BD
【解析】AB.根据牛顿第二定律：对整体：

对B：物块A对B的作用力大小为

故A错误B正确
CD.对整体：

对B：
N-μmg=ma
代入解得：

故C错误D正确
8、AC
【解析】球相对车厢处于静止状态，车厢与球的加速度相同，根据牛顿第二定律得
F=mgtanθ=ma
解得小球的加速度
a=gtanθ
方向向右，则小车的加速度大小为gtanθ，方向向右，小车向右做匀加速直线运动或向左做匀减速直线运动，由几何关系可知，悬线的拉力

故选AC。
9、ACD
【解析】根据整体先求解整体的加速度表达式；然后隔离两物体列式分别求解F和N的表达式进行比较即可.
【详解】由整体法可知，甲图中整体的加速度：，乙图中整体的加速度：；对甲图，隔离M，则，隔离m：，解得；；；对乙图中的m，则：，解得：；；则若m=M，则有F1=F2；若m<M，则有F1<F2，选项AC正确；无论m和M关系如何，则N1=N2，选项D正确，B错误；故选ACD.
10、BC
【解析】AB．画出小球的受力图如图所示：

建立平行四边形，根据图形可知，当A向右移动少许后，墙对B的压力及A对B的支持力均减小，故A不符合题意，B符合题意；
CD．对AB的整体而言，地面给A的摩擦力大小等于墙对B的压力大小，所以地面对A的摩擦力减小；地面对A的支持力等于AB两球的重力之和，所以A对地面的压力不变，故D不符合题意，C符合题意。
故选BC。
11、AD
【解析】物体受重力、支持力、静摩擦力，由于开始处于平衡，当斜面的倾角逐渐减小时，物体仍然能平衡，即合力为零
A项：重力与支持力的合力即为静摩擦力，静摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力大小，当斜面的倾角逐渐减小时，静摩擦力减小，故A正确；
B项：重力与静摩擦力的合力即为支持力，支持力大小等于重力垂直板的分力，当斜面的倾角逐渐减小时，支持力增大，故B错误；
C项：支持力与静摩擦力的合力即为重力，当斜面的倾角逐渐减小时不变，故C错误；
D项：由平衡条件可知，重力、支持力和静摩擦力的合力保持不变，一直为0，故D正确
故选AD
12、AD
【解析】AC．小球受重力、细线拉力和风力处于平衡，小球的受力如图所示，根据共点力平衡得

细线拉力和风力的合力等于mg，故A正确，C错误；
B．因为风力和重力的合力方向不可能水平向右，可知拉力方向不可能水平向左，则θ不可能等于，故B错误；
D．当风速v0=3m/s时，测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ=，根据几何关系可得风力

故D正确。
故选AD。

分卷II

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.拉小车的线与木板平行、不能用电池做电源 ②.小车离打点计时器太远、没有平衡摩擦力 ③.AD ④.0.60
【解析】①牵引小车的细线与板不平行、错用了直流电源（或应该用交流电）；
开始实验时，小车离滑轮太近（或小车离打点计时器太远）、长木板右端未垫高以平衡摩擦力（或没有平衡摩擦力）；
②A、本实验中采用砂桶带动小车的运动，在数据的处理中，利用砂桶的重力提供小车的拉力，因桶本身有加速度，故应减小桶的本身合力，故应使砂桶的质量远小于车的质量，故A正确；
B、平衡摩擦力是为减少系统误差，让绳子的拉力等于小车受到的合力，故B错误；
C、采用描点画图象的方法或采用逐差法处理数据，都是为了减少偶然误差，故C错误，D正确；
③根据匀变速运动规律，用AC段位移的平均速度代替B点的瞬时速度得：

14、 ①.F ②.F3
【解析】[1]F1与F2共同作用的效果与F单独作用的效果相同，则F1与F2的合力是F；
[2]小圆环受到拉力F1、F2、F3三力的共同作用，静止于O点，则F1、F2、F3三力的合力为0.
15、①；②， ③；（4）
【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小；根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；当取下细绳和钩码时，由于滑块所受其它力不变，因此其合外力与撤掉钩码的重力等大反向；
根据牛顿第二定律有mg=Ma，由此可解得滑块的质量
从图乙中可知，，，
（2）①相邻计数点间的时间间隔为，根据匀变速直线运动过程中的中间时刻速度推论可得，
②根据逐差法可得，联立即得
③滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，撤去时滑块做匀加速直线运动时，受到的合外力，由牛顿第二定律得，解得
（4）滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，挂上质量为m的钩码时滑块沿木板向下做匀加速直线运动，受到的合外力为，由牛顿第二定律得，解得，由图丙所示图象可知，解得M=0.200kg

三．计算题(22分)
16、 (1)；(2)；(3)0.8m/s
【解析】(1)由牛顿第二定律有：
　①
解得
②
(2)到达B的速度
③
　④
所有
⑤
(3)甲在水平方向减速时的加速度大小a1
⑥
甲在斜面运动的时间
⑦
若甲减少到v时恰好与乙车相碰，设此甲车在水平面减速的时间为t2，则有
⑧
⑨
有

即
（5v－4）（v-20)=0
解得
v=0.8m/s；t2=1s
或
v=20m/s；t2=-5s(舍去）⑩
所以乙的速度至少为0.8m/s。
17、 (1)0.5m/s2 (2)1.5m/s (3)4m
【解析】（1）图线的斜率表示物体运动的加速度，所以：

（2）质点在第1秒末的速度：
解得：
（3）质点在前2s内的位移即图线与t轴围成的面积：

质点在第3s内的位移即图线与t轴围成的面积：

质点在前3s内的位移：
由以上各式可解得：x=4m