广东遂溪县第三中学2026届物理高一第一学期期末联考试题含解析.doc

广东遂溪县第三中学2026届物理高一第一学期期末联考试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、他是第一个把实验引进力学的科学家，并且利用实验和数学逻辑推理相结合的方法研究物理学基本问题，从而有力地推进了人类科学认识的发展，这位科学家是
A.爱因斯坦
B.亚里士多德
C.伽利略
D.牛顿
2、质量分别为m1和m2的两个物体，从同一高度同时由静止开始匀加速下落，下落过程中受到的空气阻力分别为F1和F2，如果质量为m1的物体先落地，是因为（ ）
A.m1>m2 B.F1>F2
C D.m1g－F1>m2g－F2
3、我国将于2022年前后完成空间站在轨组装工程，空间站由核心舱、实验舱等构成。其中核心舱轴向长度为16.6m有3个对接口用于载人飞船、货运飞船及其他飞行器访问空间站。关于本材料中的物理知识，下列说法正确的是（　　）

A.空间站在太空“漂浮”时没有惯性
B.货运飞船与核心舱对接时可看成质点
C.货运飞船与核心舱对接时，以地球为参考系它是静止的
D.“16.6m”中，“m”是国际单位制基本单位
4、物体运动的速度－时间图象如图，由图可知(　　)

A.0～2s物体做匀速直线运动 B.2～6s物体静止
C.2～6s内物体的位移为8m D.0～2s内物体的加速度为1m/s2
5、三个质点A、B、C均由N点沿不同路径运动至M点，运动轨迹如图所示，三个质点同时从N点出发，同时达到M点，下列说法正确是（　　）

A.三个质点从N点到M点的平均速度相同
B.三个质点任意时刻的速度方向都相同
C.三个质点从N点出发到任意时刻的平均速度都相同
D.三个质点从N点到M点的位移不同
6、如图所示，光滑斜面上放一轻质弹簧，弹簧下端固定，小球从静止开始沿斜面下滑，从它接触弹簧到弹簧被压缩至最短的过程中，小球的加速度和速度的变化情况是（ ）

A.加速度一直变大，速度一直变小
B.加速度一直变小，速度一直变大
C.加速度先变小后变大，速度先变大后变小
D.加速度先变大后变小，速度先变小后变大
7、如图所示，在匀速转动的洗衣机脱水筒内壁上，有一件湿衣服随圆筒一起转动而未滑动，则（　　）

A.衣服受到重力、筒壁的弹力和摩擦力、向心力的作用
B.加快脱水筒转动角速度，筒壁对衣服的摩擦力也变大
C.当衣服对水滴的附着力不足以提供水滴需要的向心力时，衣服上的水滴将做离心运动
D.加快脱水筒转动角速度，脱水效果会更好
8、将一横截面为扇形的物体B放在水平面上，一小滑块A放在物体B上，如图所示，除了物体B与水平面间的摩擦力之外，其余接触面的摩擦均可忽略不计，已知物体B的质量为M、滑块A的质量为m，重力加速度为g，当整个装置静止时，A、B接触面的切线与竖直的挡板之间的夹角为θ．则下列选项正确的是

A.物体B对水平面的压力大小为(M+m)g
B.物体B受到水平面的摩擦力大小为
C.滑块A与竖直挡板之间的弹力大小为mgtanθ
D.滑块A对物体B的压力大小为
9、小娟、小明共提一桶水匀速前行，如图所示．已知两人手臂上的拉力大小相等且均为F ，两人手臂间的夹角为θ，水和水桶的总重力为G ，则（ ）

A.当θ＝0° 时，F＝
B.不论θ为何值，F＝
C.若θ＝120° ，则F＝G
D.在θ从0° 逐渐增大到150° 的过程中， F 越来越小
10、质量为1kg的物体，自由下落2s，则在这2s内: (取 g=10m/s2)
A.重力做正功200J B.重力做正功100J
C.重力做功的平均功率为50W D.重力做功的平均功率为100W
11、如图所示，将质量为M的物块放在水平桌面上，用轻绳跨过桌子边缘的定滑轮连接一托盘，在托盘中放上砝码．已知盘和砝码的总质量为m，且M＝3m，重力加速度大小为g，忽略一切摩擦力和空气阻力，则将托盘由静止释放后（ ）

A.物块的加速度大小为
B.砝码的加速度大小为
C.绳子的拉力大小为mg
D.绳子的拉力大小为
12、如图所示为甲、乙两物体从同一位置出发沿同一方向做直线运动的v-t图像，其中t2=2t1，则下列判断正确的是（　　）

A.甲的加速度比乙大
B.t1时刻甲、乙两物体相遇
C.t2时刻甲、乙两物体相遇
D.0~t1时间内，甲、乙两物体之间的距离逐渐增大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在做"研究平抛运动"的实验时，让小球多次从同一高度释放沿同一轨道运动，通过描点法画出小球做平抛运动的轨迹。如图所示，在方格纸上画出小球做平抛运动的轨迹以后，又在轨迹上取a、b、c、d四个点（轨迹已擦去）。已知方格纸的边长。请你根据方格纸上的信息，通过分析计算完成下面几个问题：

(1)小球平抛运动的初速度__________m/s；
(2)小球运动到b点的竖直分速度是__________m/s；
(3)从抛出点到b点的竖直高度__________m。
14、①电磁打点计时器和电火花计时器都是使用______（填“直流”或“交流”）电源的计时仪器．假如电源频率是40Hz时，它每隔______s打一个点
②某同学利用打点计时器所记录的纸带来研究做匀变速直线运动小车的运动情况，实验中获得一条纸带，如下图，其中两相邻计数点间有四个点未画出．已知所用电源的频率为50Hz，则打A点时小车运动的速度vA=______m/s．（保留两位有效数字）

15、某消防员在一次执行任务过程中,遇到突发事件，需从10m长的直杆顶端从静止开始匀加速下滑，加速度大小a1=8m/s2，将消防员近似看成质点，
(1)若全程匀加速下滑，落地速度为多大?
(2)若落地速度不允许超过4m/s，中途某时刻立即变为匀减速下滑，且减速过程最大加速度为a2= 4m/s2，求该消防员下滑全过程的最短时间。
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，用劲度系数k＝1000N/m、原长L＝10cm的轻弹簧将质量均为m＝1kg的两木块A、B连在一起，放在倾角α＝30°的传送带上，两木块与传送带间的动摩擦因数均为μ＝，用于传送带平行的细线拉住木块A，传送带按图示方向匀速转动，两木块处于静止状态．（弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度g＝10m/s2）求：

（1）两木块之间的距离lAB；
（2）剪断细线瞬间，两木块加速度分别为多大
17、（10分）如图所示，小球套在一根固定光滑的竖直杆上，杆上的O点与墙壁上的C点等高，轻质弹簧的一端用铰链固定在C点，另一端与小球相连．改变小球在杆上的位置，发现它能在O点上方的A处和O点下方的B处保持静止．设、，已知小球的质量，点C到竖直杆的距离，，，取，，求：

小球分别静止在A、B两处时，弹簧弹力大小；
轻质弹簧的原长和劲度系数
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.
【详解】伽利略是第一个把实验引进力学的科学家，他利用实验和数学逻辑推理相结合的方法确定了一些重要的力学定律，从而有力的推进了人类科学认识的发展；故C正确，A、B、D错误.故选C.
【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一.
2、C
【解析】考查牛顿第二定律的应用。
【详解】从同一高度同时由静止开始匀加速下落：

解得下落时间为：

两物体下落高度相同，质量为m1的物体先落地，即时间更短，加速度更大，对质量为m1的物体：

解得
对质量为m2的物体：

解得
由解得：

ABD错误，C正确。
故选C。
3、D
【解析】A．空间站在太空“漂浮”时仍然有惯性，与运动状态无关。故A错误；
B．飞船与核心舱对接时不可看成质点，否则就不能研究对接了。故B错误；
C．飞船与核心舱对接时，以地球为参考系它是运动的。故C错误；
D．米是国际单位制基本单位。故D正确；
故选D。
4、D
【解析】A．由图像可知，0～2s物体做匀加速直线运动，故A错误；
B．由图像可知，2～6s物体做匀速直线运动，故B错误；
C．2～6s内物体的位移为

故C错误；
D．图像斜率表示加速度，0～2s内物体的加速度为

故D正确。
故选D。
5、A
【解析】A.三个质点同时从N点出发，同时达到M点，三个质点位移和时间都相同，所以平均速度相同，A正确；
B.三个质点任意时刻的速度方向不相同，B错误；
C.三个质点从N点出发到任意时刻的平均速度不相同，因为方向不相同，C错误；
D.三个质点从N点到M点的位移相同，D错误。
故选A。
6、C
【解析】本题要正确分析小球下滑与弹簧接触过程中弹力变化，即可求出小球合外力的变化情况，进一步根据牛顿第二定律得出加速度变化，从而明确速度的变化情况
解：开始阶段，弹簧的压缩量较小，因此弹簧对小球向上的弹力小于重力沿斜面的分力，此时合外力大小：F=mgsinθ﹣kx，方向向下，随着压缩量的增加，弹力增大，故合外力减小，则加速度减小，由于合外力与速度方向相同，小球的速度增大；
当mgsinθ=kx时，合外力为零，此时速度最大；
由于惯性物体继续向下运动，此时合外力大小为：F=kx﹣mgsinθ，方向沿斜面向上，物体减速，随着压缩量增大，物体合外力增大，加速度增大
故整个过程中加速度先变小后变大，速度先变大后变小，故ABD错误，C正确
故选C
【点评】本题考查了牛顿第二定律的综合应用，学生容易出错的地方是：认为物体一接触弹簧就减速．对弹簧的动态分析也是学生的易错点，在学习中要加强这方面的练习
7、CD
【解析】A．衣服受到重力、筒壁的弹力和摩擦力作用，筒壁的弹力提供向心力，向心力是效果力，故A错误；
B．湿衣服随圆筒一起转动而未滑动，衣服所受摩擦力与重力相互平衡，圆桶转速增大以后，衣服所受摩擦力与重力仍相互平衡，衣服所受摩擦力不变，故B错误；
C．脱水桶高速运转时，水滴被甩离，是因为衣服对水滴的附着力不足以提供水滴需要的向心力，所以水做离心运动，故C正确；
D．由F=mω2R，知ω增大会使所需要的向心力F增大，而水滴的附着力是一定的，加快脱水筒转动角速度，附着力不能提供足够大的向心力，水滴就会被甩出去，脱水效果会更好，故D正确。
故选CD
8、AB
【解析】C、D、首先对物体A受力分析，如图所示：

根据平衡条件，有：，
根据牛顿第三定律，A对B的压力大小为，A对挡板的压力大小为，CD错误；
A、B、再对AB整体受力分析，受重力、地面支持力、挡板支持力、地面的静摩擦力，如图所示：

根据平衡条件，地面支持力大小，地面的摩擦力大小；
再根据牛顿第三定律，对地压力大小为，A正确；B正确；
故选AB
9、AC
【解析】分析水桶的受力情况，分析平衡条件，求解小娟、小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系．由于两人手臂均与竖直方向成θ角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，从而根据列式，即可求解
【详解】设小娟、小明的手臂对水桶的拉力大小为F，由题小娟、小明的手臂夹角成θ角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，则根据平衡条件得：

解得：
当θ=0°时，值最大，则F=
当θ为120°时，F=G，当θ越大时，则F越大
故选AC
【点睛】本题要根据对称性得出两人对水桶的拉力大小相等，再由竖直方向力平衡即可求出小娟、小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系，是解题的关键
10、AD
【解析】AB.下落2s的位移为

则重力做功W=mgh=1×10×20=200J.故选项A符合题意，选项B不符合题意.
CD.重力做功平均功率为

故选项C不符合题意，选项D符合题意.
11、BD
【解析】以盘与砝码为研究对象，根据牛顿第二定律有

以物块M为研究对象，根据牛顿第二定律有

联立得系统运动的加速度为

则绳子的拉力大小为

故AC错误，BD正确
12、CD
【解析】A．根据速度图线斜率表示加速度，斜率绝对值越大，加速度越大，由图像可知，乙图线斜率的绝对值大于甲图线斜率的绝对值，所以乙的加速度大，故A错误。 
B．根据速度图线与时间轴围成的面积表示位移，知0~t1时间内，乙的位移比甲的位移大，而甲、乙两物体从同一位置出发沿同一方向做直线运动，所以，t1时刻甲、乙两物体没有相遇，故B错误。 
C．根据速度图线与时间轴围成的面积表示位移，则知0-t2时间内甲、乙两物体的位移相同，则t2时刻甲、乙两物体相遇，C正确。 
D．0~t1时间内，乙的速度始终大于甲的速度，乙在甲的前面，甲、乙两物体之间的距离逐渐增大，故D正确。
故选CD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.1.2 ②.0.9 ③.0.0405
【解析】(1)[1]在竖直方向上根据图像可知

解得

则初速度为

(2)[2]小球在b点的竖直分速度等于ac间在竖直方向上的平均速度，则

(3)[3]从抛出点到b点经历的竖直高度根据自由落体运动公式有

代入数据可解得h=0.0405m。
14、 ①.交流 ②.0.025 ③.0.34
【解析】①电磁打点计时器和电火花计时器都是使用交流电源的计时仪器．假如电源频率是40Hz时，它每隔0.025s打一个点
②已知所用电源的频率为50Hz，由于两相邻计数点间有四个点未画出，所以两相邻计数点时间间隔为：T=0.1s
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，
得：
根据匀变速直线运动的推论△x=aT2，得：

【点睛】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用
15、 (1) ；(2)
【解析】详解】(1)若全程匀加速下滑，根据可得落地速度：

(2)设匀加速直线运动的最大速度为，则匀加速直线运动的位移：

匀减速直线运动的位移:

因为:

解得:

则匀加速直线运动的时间:

匀减速直线运动的时间:

所以该消防员下滑全过程的最短时间:

三．计算题(22分)
16、（1）11.25cm（2）0 ， 25m/s2　
【解析】对下面的木块受力分析，根据共点力平衡条件求解出弹力，根据胡克定律求解出伸长量；对下面和上面的木块分别受力分析，根据牛顿第二定律列式求解加速度
【详解】（1）对下面的木块受力分析，受重力、支持力、平行斜面向下的滑动摩擦力、弹簧的拉力，根据平衡条件，有：mgsin30°+μmgcos30°﹣k•△x＝0
代入数据解得：△x=0.012m＝1.25cm
故两个物体间的距离为：lAB＝L+△x＝10cm+1.25cm＝11.25cm
（2）剪断细线瞬间，下面木块受力不变，故加速度为零；
对上面木块，受重力、支持力、弹簧的拉力、平行斜面向下的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：mgsin30°+μmgcos30°+k•△x＝ma
代入数据解得：a＝25m/s2
【点睛】本题关键是采用隔离法，受力分析后根据共点力平衡条件、牛顿第二定律、胡克定律列式求解
17、 (1)50N,37.5N；(2)62.5cm,500N/m
【解析】由于竖直杆是光滑的，小球不受摩擦力作用，所以当小球静止在A处时弹簧对小球的力是推力，弹簧处于压缩状态；当小球静止在B处时弹簧对小球的力是拉力，弹簧处于拉伸状态．设小球静止在A、B 两处时，弹簧弹力大小分别为FA、FB，杆的支持力大小分别为FN1、FN2；又设轻质弹簧的劲度系数为k、原长为l0．依据上述分析可画出小球的受力示意图如图所示，

(1) 由共点力平衡条件有，
小球静止在A处时，FA cosα=mg
FA=mgcosα=50N
小球静止在B处时，FB cosβ=mg
FB=mgcosβ=37.5N；
(2) 由胡克定律及几何关系，A、B两处的弹簧弹力大小分别为
FA=k（l0 -dsinα）
FB=k（dsinβ-l0）
其中d=42cm=0.42m
联立，将已知数据代入解得
l0=0.625m=62.5cm
k=500 N/m