浙江宁波市2026届物理高一第一学期期末教学质量检测模拟试题含解析.doc

浙江宁波市2026届物理高一第一学期期末教学质量检测模拟试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、以下描述了四个不同的运动过程，加速度最大的是（　　）
A.一架超音速飞机以500m/s的速度在天空沿直线匀速飞行了10s
B.一辆自行车以3m/s的速度从某一陡坡的顶端加速冲下，经过3s到达坡路底端时，速度变为12m/s
C.一只蜗牛由静止开始爬行，经过0.2s，获得了0.002m/s的速度
D.一列动车在离开车站加速行驶中，用了100s使速度由72km/h增加到144km/h
2、物理公式在确定物理量数量关系的同时，也确定了物理量间的单位关系．下面给出的关系式中，是长度，是速度，是质量，这些量都用国际单位制中的单位，试判断的单位和物理量名称是 ( )
A.牛顿 力 B.米每二次方秒 加速度
C.米每秒 速度 D.千克 质量
3、下列各物体惯性最大的是

A.①飞翔的滑雪运动员 B.②漂浮的气球
C.③飞奔的猎豹 D.④静止的动车
4、测量“国际单位制中的三个力学基本物理量”可用哪一组仪器（）
A.米尺，弹簧秤，秒表 B.米尺，测力计，秒表
C.量筒，天平，秒表 D.米尺，天平，秒表
5、一个质点在恒力F作用下，在xOy平面上从O点运动到B点的轨迹如图所示，且在A点时的速度方向与x轴平行，则恒力F的方向可能是( )

A.沿＋x方向 B.沿－x方向
C.沿＋y方向 D.沿－y方向
6、如图所示，一圆柱形容器高、底部直径均为，球到容器左侧的水平距离也是，一可视为质点的小球离地高为，现将小球水平抛出，要使小球直接落在容器底部，重力加速度为，小球抛出的初速度v的大小范围为（空气阻力不计）

A. B.
C. D.
7、小滑块从A处由静止开始沿斜面下滑，经过静止的粗糙水平传送带后以速率v0离开C点．如图所示，若传送带转动而其他条件不变，下列说法正确的是(　　)

A.若沿顺时针方向转动，滑块离开C点的速率仍为v0
B.若沿顺时针方向转动，滑块离开C点的速率可能大于v0
C.若沿逆时针方向转动，滑块离开C点的速率一定为v0
D.若沿逆时针方向转动，滑块离开C点的速率可能小于v0
8、甲和乙两个物体同地做同向直线运动，他们的位移s随时间t变化的关系图象如图所示，则在0~t1时间内( )

A.甲的速度始终比乙的速度大
B.甲的平均速度等于乙的平均速度
C.甲始终在乙的前面，直到t1时刻相遇
D.0~t0时间内，甲在乙的前面，t0~t1时间内，乙在甲的前面
9、2019年12月16日宿迁正式进入高铁时代。如图所示，为一辆高铁进站过程中的v-t图象，在该过程中高铁的（　　）

A.加速度逐渐减小
B.加速度逐渐增大
C.平均速度小于
D.平均速度大于
10、如图所示，轻质弹簧上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小球，电梯中有质量为50kg的乘客，在电梯运行时乘客发现轻质弹簧的伸长量始终是电梯静止时伸长量的五分之六，已知重力加速度g=10m/s2，由此可判断

A.乘客处于失重状态
B.电梯可能减速下降，加速度大小为2 m/s2
C.电梯可能加速上升，加速度大小为 2 m/s2
D.乘客对电梯地板的压力为625 N
11、北京欢乐谷游乐场天地双雄是目前亚洲唯一的双塔太空梭．它是能体验强烈失重、超重感觉的娱乐设施，先把乘有十多人的座舱，送到76m高的地方，让座舱自由落下，当落到离地面28m时制动系统开始启动，座舱匀减速运动到地面时刚好停止．若某游客手中托着质量为1kg的饮料瓶进行这个游戏，g取9.8m/s2，则（ ）

A.当座舱落到离地面高度为40m的位置时，饮料瓶对手的作用力大于9.8N
B.当座舱落到离地面高度为40m的位置时，饮料瓶对手的作用力为零
C.当座舱落到离地面高度为15m的位置时，饮料瓶对手的作用力小于9.8N
D.当座舱落到离地面高度为15m的位置时，手要用26.6N的力才能托住饮料瓶
12、如图所示，两根等长的轻绳将日光灯悬挂在天花板上，两绳与竖直方向的夹角都为45°，日光灯保持水平，所受重力为G。则（　　）

A.两绳对日光灯拉力的合力大小等于G
B.两绳的拉力和重力不是共点力
C.两绳的拉力大小均为G
D.两绳的拉力大小均为
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、NBA球赛中，篮球以的速度水平撞击篮板后以的速度反向弹回，球与篮板接触的时间，则篮球在水平方向的加速度大小为_________，方向_________。以篮球飞来方向为正方向
14、（1）在做“研究匀变速直线运动”实验中，打点计时器打出的一条纸带中的某段如图所示，若A、B、C点间的时间间隔均为0.10s，根据图中给定的长度，计算小车加速度大小为_________m/s2，打下C点时小车的速度大小为________m/s。

（2）为了探究加速度与力、质量的关系，某同学利用如图所示的实验装置，探究小车质量一定时加速度与合外力之间的关系，图中上下两层水平轨道，细线跨过滑轮并挂上砝码盘。若可将砝码和砝码盘的总重力作为小车所受合力，须满足条件1)_____；2)______；两小车尾部细线连到控制装置上，实验时通过控制装置使两小车同时开始运动，并同时停止。该同学测量了两小车的位移为，则______。

15、如右图所示，在做“探究合力的方法”的实验中，两个弹簧测力计分别钩住两细绳套，互成角度地拉橡皮条使之伸长，结点到达某一位置O时，需记下______的位置、两弹簧测力计的示数、描下______；再用一个弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条拉长，使结点达到位置______，再记下弹簧测力计的示数，描下__________

三．计算题(22分)
16、（12分）如图甲所示，倾角为θ＝37°的传送带以恒定速率逆时针运行，现将一质量m＝2 kg的小物体轻轻放在传送带的A端，物体相对地面的速度随时间变化的关系如图乙所示，2 s末物体到达B端，取沿传送带向下为正方向，g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，求：
（1）小物体在传送带A、B两端间运动的平均速度v；
（2）物体与传送带间的动摩擦因数μ；

17、（10分）如图所示，一水平传送装置A、B两端相距2m，传送带以2m/s 的速度做匀速运动，已知某工件与传送带的动摩擦因数为0.4，把工件轻轻放在A端（初速为零），求：

（1）工件从A端运动到B端所需的时间
（2）传送带的速度至少为多大时，可使工件从A端运动到B端所需时间最短．（g取10m/s2）
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】A．飞机为匀速运动，因此
B．自行车的加速度为

C．蜗牛的加速度为

D．先把72和144进行换算得到20和4，然后进行计算得到动车的加速度为

然后根据从大到小的顺序排列得出

由此可以得出自行车的加速度最大。故选择B。
2、A
【解析】将质量、速度、长度的国际单位代入，得单位为：

单位是牛顿，对应的物理量是力
A.牛顿 力，与推导结果相符，故A正确；
B.米每二次方秒 加速度，与推导结果不符，故B错误；
C.米每秒 速度，与推导结果不符，故C错误；
D.千克 质量，与推导结果不符，故D错误；
3、D
【解析】质量是惯性大小的唯一量度，质量越大，惯性越大，所以静止的动车质量最大，惯性最大，D正确，ABC错误。
故选D。
4、D
【解析】国际单位制中的三个力学基本物理量分别是长度、质量和时间，分别通过仪器米尺，天平，秒表进行测量，故选D.
5、D
【解析】由于物体做的是曲线运动，根据物体做曲线运动的条件可知，物体受到的恒力的方向应该斜向右下方，可能沿-y方向，故D正确
6、A
【解析】要使小球直接落入容器底部，则最小速度对应小球紧贴着容器最左边上端落入容器的速度．由平抛运动规律：，，联立两式得．最大速度为对应小球紧贴着容器右边上端落入容器的速度，由平抛运动规律：，，联立两式得．故选A
【点睛】本题是平抛运动中的临界问题，解决此类题的关键是找到临界条件，然后临界条件当成已知条件去用列式求解即可．本题速度最小值的临界条件为小球紧贴着容器最左边上端落入容器的速度，最大值的临界条件为小球紧贴着容器右边上端落入容器的速度．然后根据两个临界条件利用平抛运动规律列式求解
7、BC
【解析】传送带静止时，物体在传送带上做减速运动；若传送带顺时针转动，如果滑块在B点的速度大于传送带的速度，则滑块将做减速运动，如果到达C点速度仍不小于传送速度，即物体在传送带上全程减速，即和传送带静止时情况相同，故离开C点速度等于；如果滑块在B点的速度小于传送带速度，滑块将先做一段加速运动，再匀速运动，离开C点的速度大于，A错误B正确；若传送带逆时针转动，滑块在传送带上将一直减速运动，与传送带静止状态相同，故滑块离开C点的速率一定为，C正确D错误
8、BC
【解析】s-t图像的斜率等于物体的速度，可知0-t0时间内甲的速度大于乙，在t0-t1时间内甲的速度小于乙，故选项A错误；在0-t1时间内两物体的位移相等，故甲的平均速度等于乙的平均速度，选项B正确；
由图像可知，甲的位移始终大于乙，故甲始终在乙的前面，直到t1时刻相遇，选项C正确；0~t0时间内，甲在乙的前面，t0~t1时间内，甲仍然在乙的前面，选项D错误；故选BC
考点：x-t图像
【名师点睛】此题考查x-t图像的物理意义；关键是知道图像的纵坐标表示物体的位移，图线的斜率等于物体的速度
9、AC
【解析】AB．图象切线斜率逐渐减小，则高铁的加速度逐渐减小，故A正确，B错误；
CD．若高铁做匀减速直线运动，则其平均速度为，根据图象与时间轴所围的面积表示位移，知高铁的实际位移小于匀减速直线运动的位移，则高铁的平均速度小于匀减速直线运动的平均速度，故C正确，D错误；
故选AC。
10、BC
【解析】ABC．电梯静止不动时，小球受力平衡，有：mg=kx，电梯运行时弹簧的伸长量比电梯静止时大，说明弹力变大了，根据牛顿第二定律，有：，解得：
a=2 m/s2，
方向：竖直向上，电梯可能加速上升或减速下降，乘客处于超重状态，故BC符合题意，A不符合题意；
D．以乘客为研究对象，根据牛顿第二定律可得：，解得：
FN=600 N，
故D不符合题意。
故选BC。
11、BD
【解析】（1）当座舱落到离地面高度为40m的位置时，处于完全失重状态，故饮料瓶对手的压力为零；
（2）座舱先自由落体，然后匀加速，对自由落体运动过程运用速度位移公式得到末速度v，再对减速下降过程运用速度位移公式，得出加速度，最后对饮料瓶受力分析，运用牛顿第二定律列式求解
【详解】AB．当座舱落到离地面高度为40m的位置时，处于完全失重状态；故饮料瓶对手的压力为零，A错误，B正确；
CD．座舱自由落体过程，有
v2=2g（H-h）
座舱匀减速运动到地面过程，根据速度位移公式，有
v2=2ah
解得

当座舱落到离地面高度为15m的位置时，饮料瓶处于超重状态，有
F-mg=ma
解得
F=m（g+a）=1×（9.8+16.8）N=26.6N
即手要用26.6N的力才能把饮料瓶托住．选项C错误，D正确；
故选BD。
【点睛】本题关键把座舱的运动情况分析清楚，求出减速的加速度，再对铅球受力分析，根据牛顿第二定律列式求出手对铅球的托力
12、AC
【解析】B．对日光灯受力分析如图，两绳拉力的作用线与重力作用线的延长线交于一点，这三个力是共点力。故B错误；
A．由于日光灯在两绳拉力和重力作用下处于静止状态，所以两绳的拉力的合力与重力G等大反向。故A正确；
CD．由于两个拉力的夹角成直角，且都与竖直方向成45°角，则由力的平行四边形定则可知
G＝，F1＝F2
解得
F1＝F2＝G
故C正确；D错误。
故选AC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①. ②.负方向
【解析】[1][2]以篮球飞来方向为正方向，同篮球的初速度为，末速度，根据加速度的定义有：篮球的加速度为：

负号表示加速度的方向与初速度方向相反
14、 ①.4.0 ②.1.1 ③.平衡摩擦力 ④.砝码和砝码盘的总质量应该远小于小车的质量 ⑤.x1：x2
【解析】(1)[1]由于每相邻的计数点间的时间间隔，根据匀变速直线运动的推论公式可得小车加速度大小为

[2]根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上点时小车的瞬时速度大小

(2)[3][4]本实验需要用砝码盘和砝码的重力代替小车所受的合外力，所以需要平衡摩擦力，即将轨道右端适当垫高；若可将砝码和砝码盘的总重力作为小车所受合力，绳中拉力约等于砝码和砝码盘的总重力，此时需满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车质量；
[5]使两小车同时开始运动，并同时停止，两车运动的位移为

则有

15、 ①.O点 ②.两细绳的方向 ③.O ④.细绳的方向
【解析】明确该实验的实验原理，了解具体实验步骤以及具体的操作，尤其注意在记录力时不但要记录大小还要记录方向
【详解】如图所示，在做“探究合力的方法”的实验中，两个弹簧测力计分别钩住两细绳套，互成角度地拉橡皮条使之伸长，结点到达某一位置O时，需记下O点的位置、两弹簧测力计的示数、描下两绳的方向；再用一个弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条拉长，使结点达到位置O点，再记下弹簧测力计的示数，描下细绳的方向
【点睛】在“探究合力的方法”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解

三．计算题(22分)
16、 (（1）8m/s；（2）0.5
【解析】（1）传送带A.B两端间的距离L等于v−t图线与t轴所围的面积大小，所以

小物体在A.B间运动的时间t=2 s
由平均速度的定义得
；
（2）由v−t图象可知传送带运行速度为v1=10 m/s，物体从A到B的加速度为：

经过时间t1=1 s后的加速度为：

然后经过时间t2=1 s，物体以大小为v2=12 m/s的速度到达传送带B端。
由物体在传送带上的受力情况，根据牛顿第二定律得：

联立解得：
μ=0.5。
17、（1）1.25s．（2）4m/s
【解析】根据牛顿第二定律求出工件做匀加速运动的加速度大小，根据速度时间公式求出匀加速运动的时间，结合位移时间公式求出匀加速运动的位移，从而得出匀速运动的位移，求出匀速运动的时间，从而得出总时间；当工件一直做匀加速直线运动时，运动的时间最短，结合速度位移公式求出传送带的最小速度
【详解】（1）工件刚放在水平传送带上的加速度为a1
由牛顿第二定律得μmg=ma1，
代入数据解得：a1=μg=4 m/s2
经t1时间与传送带的速度相同，则，
前进的为：
此后工件将与传送带一起匀速运动至B点，用时
所以工件第一次到达B点所用的时间：t=t1+t2=1.25 s
（2）当工件一直做匀加速直线运动，所用的时间最短，
根据v2=2aL
代入数据得：v =4m/s
【点睛】解决本题的关键理清工件在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解