2025年广西岑溪市物理高一第一学期期末考试模拟试题含解析.doc

2025年广西岑溪市物理高一第一学期期末考试模拟试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、质点在直线上运动的s－t图象如图所示，下列说法正确的是

A.第1s末质点离出发点最远
B.第3s内和第4s内质点的速度方向相同
C.第3s末质点运动的速度为零
D.前5s内质点的平均速度大小为1 m/s
2、小球从靠近竖直砖墙的某位置由静止释放，用频闪方法拍摄的小球位置如图中1、2、3和4所示。已知连续两次闪光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d。由此可知小球(　　)

A.下落过程中的加速度大小约为
B.经过位置3时的瞬时速度大小约为2gT
C.经过位置4时的瞬时速度大小约为
D.从位置1到4过程中平均速度大小约为
3、一物体在共点力F1、F2、F3、F4四力作用下保持平衡，已知F3=10N，现将F3顺时针旋转60°，此时物体受到的合力是（ ）
A.0 B.N
C.N D.10N
4、下列说法中正确的是（　　）
A.凡轻小的物体皆可看作质点，而体积较大的物体不能看作质点
B.作息时间表上的数字表示时间间隔
C.物体做单向直线运动时，其位移就是路程
D.跳水运动员起跳后，到达最高点的速度为瞬时速度
5、在倾角为的光滑固定斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为m和，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态。现用一平行于斜面的恒力拉物块A使之沿斜面向上运动，当B刚离开C时，A的速度大小为v，加速度大小为a、方向沿斜面向上。设弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度大小为g，则（　　）

A.当B刚离开C时，A发生的位移大小为
B.当A的加速度等于零时，B的加速度大小为
C.恒力F的大小为
D.从A开始运动到B刚离开C，经历的时间为
6、关于物体运动的描述，下列说法正确的是（　　）
A.物体的速度大，其加速度一定大
B.物体的速度变化量大，其加速度一定大
C.物体的速度为零，其加速度一定为零
D.物体的速度变化越快，其加速度一定大
7、两个共点力的大小分别为5N和8N, 其合力的大小可能等于( )
A.2N B.5N
C.8N D.13N
8、如图所示，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用力F推物块m，使M、m两物块在桌上一起向右加速，则M、m间的相互作用力为（　　）

A. B.
C.若桌面摩擦因数为μ，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为+μMg D.若桌面的摩擦因数为μ，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力仍为
9、甲、乙两车平直公路上同向行驶，其图象如图所示。已知两车在3s时并排行驶，则（　　）

A.甲车的加速度大小为5m/s2
B.乙车的加速度大小为5m/s2
C.两车另一次并排行驶的时刻是1s
D.甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为20m
10、如图所示，倾角为α的斜面体A置于粗糙水平面上，物块B置于斜面上，已知A、B的质量分别为M、m，它们之间的动摩擦因数为μ=tanα．现给B一平行于斜面向下的恒定的推力F，使B沿斜面向下运动，A始终处于静止状态，则下列说法正确的是（　　）

A.无论F的大小如何，B一定加速下滑
B.B运动的加速度大小为
C.水平面对A一定有摩擦力，摩擦力方向水平向右
D.水平面对A的支持力总是与A、B的总重力大小相等
11、关于加利略的两个斜面实验(外推法研究自由落体运动的示意图a和理想斜面实验的示意图b),下面说法正确的是

A.伽利略在图(a)中使用了光滑斜面进行实验
B.伽利略在图(b)中把实验和逻辑推理和谐地结合起来
C.伽利略从图(a)中得出:自由落体运动是匀加速直线运动
D.伽利略从图(b)中得出:力是维持物体运动的原因
12、某年广州春节焰火晚会农历正月初一在珠江河段琶洲会展中心的主会场和白鹅潭江面的分会场精彩上演．在焰火运动的过程中，以下说法中正确的是 ( )
A.焰火的速度越大，加速度也一定越大
B.焰火的速度变化越快，加速度一定越大
C.焰火的加速度不断减小，速度一定越来越小
D.某时刻速度为零，其加速度不一定为零
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、物体做直线运动，若在前时间内的平均速度为，后时间内的平均速度为，则全程的平均速度为______ ；若在前位移内的平均速度为，后位移内的平均速度为，则全程的平均速度为______
14、小明同学利用如图1装置“探究加速度与力、质量的关系”。

(1)本实验采用的物理思想方法是_______。
A．类比法 B．控制变量法 C．等效替代法 D．理想实验法
(2)实验中小车质量应_________沙和沙桶的总质量（选填“远大于”、“远小于”或“等于”）。
(3)该同学实验中打出如图2的一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s，从比较清晰的点起，每5个点取1个计数点，量出相邻两个计数点之间的距离分别为：，，，，则小车的加速度大小为________（保留两位有效数字）。

(4)在实验中保持小车质量不变，改变沙和沙桶的总质量，测得沙和沙桶的总重力F和加速度a的数据如下表：

0.15
0.30
0.48
0.62
0.74

0.05
0.16
0.30
0.40
0.49
①根据测得的数据，在下图中作出a-F图像_____。

②根据上图3可知a-F图像未过坐标原点的原因可能是________（填序号）。
A．未平衡摩擦力 B．平衡摩擦力过度 C．小车质量太小
15、某同学让重锤做自由落体运动，利用打点计时器打出的纸带来测量当地的重力加速度。该同学在实验中得到6条纸带，如图所示为其中一条，在纸带上取6个计数点，两个相邻计数点间的间隔为T＝0.02s。其中1、2、3点相邻，4、5、6点相邻，在3点和4点之间还有若干个点。s1是1、3两点的距离，s3是4、6两点的距离，s2是2、5两点的距离。

测s1、s2、s3后，点2速度的表达式v2＝_______，该同学测得的数据是s1＝4.00cm，s2＝19.30cm，s3＝8.72cm，根据数据求出重力加速度g的表达式g＝____________计算结果是：_____________m/s2。(保留三位有效数字)测量值小于当地的重力加速度真实值的原因是____________。
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，倾角θ＝37°斜面长L＝1m的斜面体放在水平面上。将一质量m＝2kg的小物块从斜面顶部由静止释放，经时间t＝1s后到达底端，斜面体始终保持静止。重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8．求:
（1）小物块沿斜面下滑的加速度；
（2）小物块与斜面之间的动摩擦因数；
（3）小物块沿斜面下滑过程中重力做功。

17、（10分）据报道,一儿童玩耍时不慎从45m高的阳台上无初速度掉下,在他刚掉下时恰被楼下一社区管理人员发现,该人员迅速由静止冲向儿童下落处的正下方楼底,准备接住儿童.已知管理人员到楼底的距离为15m,为确保能稳妥安全接住儿童,管理人员将尽力节约时间,但又必须保证接住儿童时没有水平方向的冲击.不计空气阻力,将儿童和管理人员都看作质点,设管理人员奔跑过程中只做匀速或匀变速运动,g取10m/s2.
（1）管理人员至少用多大平均速度跑到楼底?
（2）若管理人员在奔跑过程中做匀加速或匀减速运动的加速度大小相等,且最大速度不超过9m/s,求管理人员奔跑时加速度的大小需满足什么条件?
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】位移时间图象表示物体的位置随时间的变化情况，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向.
【详解】A．由图象可知，质点先向正方向做匀速直线运动，第1s末运动到x=3m处，第1-2s内处于静止，第2s末开始向负方向做匀速直线运动，第5s末运动到x=-6m处，故A错误；
BC．第2s-5s内质点向负方向做匀速直线运动，故B正确，C错误；
D．前5s内质点的位移为△x=x2-x1═-6m-0m=-6m，则平均速度大小为，故D错误.
故选B.
【点睛】理解位移-时间图象点和斜率的物理意义的同时，还要理解好速度-时间图象的点、线、面的物理意义.要明确位移图象的斜率等于速度.
2、C
【解析】A．根据Δx＝d＝aT2得，下落过程中的加速度a＝，A错误；
B．经过位置3的瞬时速度等于2、4段的平均速度，则v3＝，B错误；
C．根据速度时间公式得，通过位置4的瞬时速度
v4＝v3＋aT＝
C正确；
D．从位置1到4过程中的平均速度大小

D错误
故选C。
3、D
【解析】四力平衡中任意三个力的合力与第四个力等值、反向、共线，故除F3外的三个力F1、F2、F4的合力大小等于F3，方向与F3反向，故等效成物体受两个互成180°的大小等于F3的力作用；将F3顺时针旋转60°，根据平行四边形定则可知，两个大小相等且互成120°的力合成时，合力在两个分力的角平分线上，大小等于分力，故此时物体所受到的合力大小为F3=10N；
A．0，与结论不相符，选项A错误；
B．N，与结论不相符，选项B错误；
C．N，与结论不相符，选项C错误；
D．10N，与结论相符，选项D正确；
故选D。
4、D
【解析】A.物体能否看作质点与它们的大小无关，而是看在所研究的问题中，物体的大小和形状能否忽略，故A错误 ；
B.作息时间表上的数字表示某一过程开始或结束的瞬间是时刻，故B错误；
C.位移是矢量，而路程是标量，所以不能把位移说成路程，故C错误；
D.跳水运动员在最高点位置的速度对应的是经过一个位置的速度，是瞬时速度，故D正确
故选D.
点睛：本题主要考查了质点、时刻、路程与位移等概念．当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点；时间对于时间轴上的一段路程是指物体经过的轨迹的长度；位移是指初末位置的有向线段
5、B
【解析】A．开始A处于静止状态，弹簧处于压缩，根据平衡有

解得弹簧的压缩量

当B刚离开C时，B对挡板弹力为零，有

解得弹簧的伸长量

可知从静止到B刚离开C的过程中，A发生的位移

A错误；
C．根据牛顿第二定律得

解得

C错误；
B．当A的加速度为零时，A的速度最大，设此时弹簧的拉力为FT，则

所以

以B为研究对象，则根据牛顿第二定律得

解得

B正确；
D．若A一直做匀加速直线运动，则从开始运动到B离开C的时间

而实际的情况是开始时A受到的向上的弹簧的弹力比较大，随A向上运动的过程中弹簧对A的弹力先逐渐减小后反向增加，所以A向上运动的加速度始终减小，可知在B离开C前A的加速度一直大于a，所以从开始运动到B刚离开C时，所用的时间一定小于，D错误。
故选B。
6、D
【解析】AC．物体的速度与加速度没有大小关系，速度大加速度不一定大，速度为零加速度也不一定为零，故A错误，C错误；
BD．加速度是反映速度变化快慢的物理量，物体的速度变化越快，其加速度一定大；根据

可知速度变化量大，但如果时间可能很长，加速度不一定大，故B错误，D正确。
故选D。
7、BCD
【解析】两力合成时，合力范围为：|F1-F2|≤F≤F1+F2；故3N≤F≤13N；
A．2N，与结论不相符，选项A错误；
B．5N，与结论相符，选项B正确；
C．8N，与结论相符，选项C正确；
D．13N，与结论相符，选项D正确；
故选BCD.
8、BD
【解析】根据牛顿第二定律，对整体有：a= ；对M：N=Ma=．故B正确，A错误；根据牛顿第二定律得：对整体有：；对M：N﹣μMg=Ma，得：N=μMg+Ma=．故D正确，C错误
【点睛】本题是连接类型的问题，关键是灵活选择研究对象．对于粗糙情况，不能想当然选择C，实际上两种情况下MN间作用力大小相等
9、BC
【解析】AB．由图象斜率表示加速度可得

所以B正确，A错误；
C．由题意可知，3s时两车并排行驶，由图象面积表示位移可知，1s两车也是并排行驶，所以C正确；
D．由图象求1s到3s的位移为

所以D错误。
故选BC。
10、ABD
【解析】A、B的质量分别为M、m，它们之间的动摩擦因数为μ=tanα，可知B与A之间的摩擦力已经到达最大静摩擦力，即恰好能静止在A上，根据此结论来进行作答即可
【详解】A、B项：由A、B之间的动摩擦因数为μ=tanα，可得：mgsinα=μmgcosα，对B进行受力分析得：F合=F，所以施加恒定的推力F后B一定加速下滑，且加速度a=，故AB正确；
C项：对B受力分析，因为μ=tanα．即B原来恰好静止在斜面上，所以斜面对B的支持力与摩擦力的合力竖直向上大小等于mg，对物体A受力分析，则B对A 的压力和摩擦力的合力由牛顿第三定律知竖直向下大小等于mg，即A水平方向没有遇到趋势，所以地面对物体A没有摩擦力．故C错误；
D项：因为B对A作用力竖直向下大小等于mg，由A竖直方向受力平衡得水平面对A的支持力总是与A、B的总重力大小相等，故D正确
故选ABD
【点睛】本题关键是正确的受力分析，结合平衡条件进行分析，注意当μ=tanα时，物体A与B间的弹力和摩擦力的合力是在竖直方向的
11、BC
【解析】如果空气阻力和摩擦力小到可以忽略，伽利略推断出小球在斜面运动能到达原来下滑时的高度，存在某个守恒量.
【详解】伽利略从图(a)中将斜面实验的结论外推到斜面倾角的情形,从而间接证明了自由落体运动是匀加速直线运动.所以没有必要斜面一定光滑，故A错；C对；伽利略在图（b）中把实验和逻辑推理和谐地结合起来，选项B正确；伽利略从图（b）中得出:力不是维持物体运动的原因，选项D错误；故选BC.
12、BD
【解析】A．加速度是描述速度变化快慢的物理量，加速度越大，说明速度变化越快；速度大时加速度不一定大；故A错误；
B．加速度是描述速度变化快慢的物理量，焰火的速度变化越快，说明加速度越大，故B正确；
C．焰火的加速度不断减小时，速度变化变慢，但不一定减小，如下降过程，故C错误；
D．在最高点时刻速度为零，其加速度一定不为零，故D正确

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.8 ②.
【解析】[1][2]设物体做直线运动，设运动总时间为t，前时间内的平均速度为，后时间内的平均速度为，则前一半时间的位移为：，后一半时间的位移为，故总位移为

则全程的平均速度为：

设总位移为s，前的位移内的时间为：

余下的位移的时间为：

故总位移的平均速度为：

14、 ①.B ②.远大于 ③. ④. ⑤.A
【解析】(1)[1]“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，需要控制“力”或“质量”其中一个物理量不变，研究加速度和另外一个物理量的关系，所以采用了控制变量法，ACD错误，B正确。
故选B。
(2)[2]若平衡摩擦力后，沙和沙桶总质量，应用牛顿第二定律

对小车

解得绳子的拉力

为使绳子的拉力作为小车所受合外力近似等于沙和沙桶的总重力，所以实验中小车质量应远大于沙和沙桶的总质量。
(3)[3]根据逐差法求解加速度

(4)①[4]根据表格中数据描点作图：

②[5]开始较小时，小车因为受到摩擦力的作用而静止不动，说明实验过程中可能平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力，A正确，BC错误。
故选A
15、 ①. ②.g＝ ③.9.72 ④.存在阻力
【解析】[1]根据中点时刻的速度等于平均速度得：
；
[2]同理可得：

根据匀加速直线运动位移速度公式可知：

解得：
；
[3]代入数据解得：;
[4]测量值小于当地的重力加速度的原因是存在阻力作用。

三．计算题(22分)
16、 (1) 2m/s2 (2) 0.5 (3) 12J
【解析】（1）由运动学公式得L＝at2解得
a＝2m/s2
（2）由牛顿第二定律得
mgsin37°﹣μmgcos37°＝ma
解得
μ＝0.5
（3）重力做功
W＝mgLsin37°
代入数据解得：
W＝12J
17、（1）5m/s （2）a≧5.06m/s2
【解析】（1）根据位移时间公式求出儿童自由落体运动的时间，结合位移和时间求出管理人员的最小平均速度
（2）根据运动学公式判断出管理人员先加速、后匀速、再减速过程，抓住总位移和总时间，结合运动学公式求出管理人员奔跑时的加速度大小
【详解】（1）儿童下落过程，由运动学公式得，①
管理人员奔跑的时间②
对管理人员奔跑过程，由运动学公式得③
由①②③联立并代入数据得，
（2）假设管理人员先匀加速，接着匀减速奔跑到楼底，奔跑过程中的最大速度为，
由运动学公式得，，得，
若管理员速度不超过9m/s，则该管理员需要先匀加速，后匀速，最后匀减速奔跑到楼底才能完成任务
设匀加速、匀速、匀减速过程的时间分别为名；t1、t2、t3，位移分别为s1、s2、s3，
由运动学公式得，④，⑤，⑥，
⑦，
⑧，
⑨
由④～⑨联立并代入数据得，
【点睛】解决本题的关键理清管理人员在整个过程中的运动规律，抓住总时间和总位移，结合运动学规律灵活求解，难度中等