云南省文山州富宁县一中2025-2026学年物理高一上期末教学质量检测模拟试题含解析.doc

云南省文山州富宁县一中2025-2026学年物理高一上期末教学质量检测模拟试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平面上的A处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v-t图象（以地面为参考系）如图乙所示.已知v2＞v1．则（）

A.t2时刻，小物块离A处的距离达到最大
B.t1时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大
C.t2-t3时间内，小物块受到的摩擦力方向向右
D.0-t2时间内，小物块受到摩擦力的大小和方向都不变
2、有关力的概念，下列说法正确的是（ ）
A.单个物体也有可能产生力
B.受力物体不一定是施力物体
C.一个力的发生必定涉及到两个物体
D.重力的大小和方向与物体的运动状态有关
3、汽车进行刹车试验，若速率从8m/s匀减速至零，须用时间1s，按规定若速率为10m/s的汽车刹车后滑行路程不能超过9m(刹车加速度与初速度无关)，则（ ）
A.滑行路程为8.25m，符合规定 B.滑行路程为8.25m，不符合规定
C.滑行路程为6.25m，符合规定 D.滑行路程为6.25m，不符合规定
4、关于弹力，下列说法正确的是
A.弹簧对小球的弹力，是由于小球发生形变产生的
B.小球受到细线对它的拉力，是由于细线的形变产生的
C.书本放在桌面上受到的支持力，是由书本的形变而产生的
D.竹竿拨动水中的木头时，竹竿受到的弹力是由于竹竿发生形变产生的
5、物体做直线运动的v-t图象如图所示，若第1 s内所受合力为F1，第2 s内所受合力为F2，第3 s内所受合力为F3，则（）

A.F1、F2、F3大小相等，方向相同
B.F1、F2、F3大小相等，F1与F2、F3方向相反
C.F1、F2是正的，F3是负的
D.F1是正的，F2、F3是零
6、如图，用水平力F将重力等于G的木块压在竖直墙面上，使木块静止．下列判断正确的是

A.由于木块静止，所以F＝G
B.若撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块受滑动摩擦力大小等于mg
C.减小压力F，墙和木块间的静摩擦一定减小
D.增大压力F，墙和木块间的静摩擦力不变
7、甲、乙两个物体从同一高度先后自由下落，不计空气阻力，则从乙释放后到甲落地前这段时间内（　　）
A.甲相对乙静止
B.甲相对乙做匀速直线运动
C.甲、乙之间的距离不断增大
D.甲、乙之间的速度差不断增大
8、一个物体同时受到同一个平面内的三个力的作用，下列几组力中其合力可能为零的是（ ）
A.5N 、7N 、8N B.2N 、4N 、8N
C.1N 、5N 、10N D.1N 、10N 、10N
9、放在水平地面上的物块，受到一个与水平方向成α角斜向下方的力F的作用，物块在水平地面上做匀速直线运动，如图所示．如果保持力F的大小不变，而使力F与水平方向的夹角α变小，那么，地面受到的压力N和物块受到的摩擦力f的变化情况是 ( )
A.N变小 B.N变大，
C f变小 D.f变大
10、关于力和运动的关系说法正确的是：（ ）
A.质量不变的物体受到的合外力大，速度就大
B.质量不变的物体受到的合外力大，速度变化就大
C.质量不变的物体受到的合外力大，速度变化就快
D.质量不变的物体受到的合外力大，加速度就大
11、下列各组共点力中合力可能为零的是
A.2N，3N，4N
B.4N，5N，10N
C.10N，12N，21N
D.10N，10N，10N
12、将重为50N的物体放在某直升电梯的地板上，该电梯在经过某一楼层地面前后运动过程中，物体受到电梯地板的支持力随时间变化的图像如图所示，由此可以判断（　　）

A.t=1s时刻电梯的加速度方向竖直向上
B.t=6s时刻电梯的加速度为零
Ct=8s时刻电梯处于失重状态
D.t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向下
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学设计了一个“探究加速度a与物体所受合力F及质量m关系”的实验，图甲为实验装置简图

（1）该实验应采用的物理学思想方法是______法，实验要求砂和砂桶的总质量_____小车质量（选填“远大于”或“远小于” 或“大于” 或“小于”）；
（2）在利用打点计时器和小车来做“探究加速度a跟F、m之间关系”的实验时，下列说法中正确的是______
A．连接砝码盘和小车的细绳应跟长木板保持平行
B．平衡摩擦力时，应将砝码盘及盘内砝码通过定滑轮拴在小车上
C．小车释放前应靠近打点计时器，且应先接通电源再释放小车
D．平衡摩擦力后，若改变小车和砝码的总质量后需要重新平衡摩擦力
（3）某同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出的a一F图线如图乙所示，则实验存在的问题是_______________________________
14、如图所示为直升飞机由地面垂直起飞过程的速度—时间图象，飞机在t=3s时的速度v=____m/s，飞机能到达的最大高度为________m。

15、在“研究匀变速直线运动”的实验中，末次实验纸带的记录如下图所示

(1)纸带上O、A、B、C、D、E、F为计数点，相邻两个计数点间还有4个点没有画出，则相邻两计数点的时间间隔为______s
(2)实验时以下操作步骤正确的是_________
A.实验中，应先释放小车，再接通电源
B.实验中，应先接通电源，再释放小车
C.实验结束后，应先取下纸带，在关闭电源
D.实验结束后，应先关闭电源，再取下纸带
(3)根据纸带数据可知，在打D点时对小车速度为_____m/s,小车的加速度大小为___m/s2（以上结果保留两位有效数字）
三．计算题(22分)
16、（12分）在质量为的车厢 B 内紧靠右壁，放一质量的小物体 A(可视为质点)，对车厢 B 施加一水平向右的恒力 F，且，使之从静止开始运动．测得车厢 B 在最初内移动，且这段时间内小物块未与车厢壁发生过碰撞．车厢与地面间的摩擦忽略不计

(1)计算 B 在 2.0s 的加速度；
(2)求末 A 的速度大小；
(3)在时撤去拉力 F，为了使得小物块与车厢壁不发生碰撞，小车至少多长？
17、（10分）如图所示，已知均匀球重40N，悬挂在光滑竖直墙边并处于静止状态，绳与墙夹角为37°角，（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）．求：

（1）轻绳对球的拉力FT；
（2）墙对球的支持力FN
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】由乙图知：物体先向左做匀减速运动，向右做匀加速运动，直到速度与传送带相同，再做匀速运动．因此t1时刻，小物块离A处的距离达到最大．故A错误．物块先向左运动，后向右运动，而传送带一直向右运动，故速度与传送带相同时小物块相对传送带滑动的距离达到最大．即t2时刻，小物块相对传送带的位移达到最大．故B错误．t2-t3时间内，小物块相对于传送带静止向右做匀速运动，不受摩擦力．故C错误．0-t2时间内，物块相对传送带一直向左运动，受到的滑动摩擦力方向一直向右，大小为f=μmg，保持不变．故D正确．故选D
2、C
【解析】AB.力是物体对物体的相互作用，力的作用是相互的，单个物体不会产生力的作用，受力物体同时也是施力物体，故AB错误；
C.力是物体对物体的相互作用，力是成对出现的，一个力的发生必定涉及到两个物体，一个是施力物体，另一个是受力物体，故C正确；
D.重力的大小和方向与物体的运动状态无关，重力与物体所处的纬度和离地面的高度有关，故D错误。
故选C。
3、C
【解析】由公式可得汽车刹车的加速度为

若速率为10m/s，则汽车匀减速直线运动的位移

符合规定，ABD错误，C正确。
故选C。
4、B
【解析】A．弹簧对小球的弹力，施力物体是弹簧，这个力是由于弹簧发生形变要恢复原状产生的，故A错误；
B．小球受到细线对它的拉力，施力物体是细线，这个力是由于细线发生形变要恢复原状产生的，故B正确；
C．书本放在桌面上受到的支持力，施力物体是桌面，这个力是由桌面发生形变要恢复原状而产生的，故C错误；
D．竹竿拨动水中的木头时，竹竿受到的弹力施力物体是木头，这个力是由于木头发生形变要恢复原状产生的，故D错误。
故选择B选项。
5、B
【解析】根据速度时间图线得出加速度的大小和方向，根据牛顿第二定律得出合力的大小和方向
【详解】根据速度时间图线知，在第1s内和第2s内图线的斜率绝对值大小相等，则加速度大小相等，方向相反，根据牛顿第二定律知，F1和F2的大小相等，方向相反．在第2s内和第3s内图线的斜率相同，则加速度大小和方向都相同，根据牛顿第二定律知，F2和F3的大小相等，方向相同．故A错误，B正确．若F1是正的，则F 2、F3是负的，且不为零，选项CD错误；故选B.
6、D
【解析】ACD．对物体受力分析，受推力F、重力G，由于物体保持静止，处于平衡状态，合力为零，故受墙壁对其垂直向外支持力N，还有竖直向上的静摩擦力f，根据平衡条件，有
F=N
f=G
即静摩擦力与重力平衡，与推力无关，重力与F也无关，故AC错误，D正确；
B．若撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块受滑动摩擦力大小等于0，选项B错误
7、BC
【解析】设乙运动的时间为t，则甲运动时间为t+△t，时间间隔为，则两球的相对速度，所以甲相对乙的运动是匀速直线运动，二者之间的距离为：，则可知甲、乙之间距离随时间均匀增大，故BC正确，AD错误
8、AD
【解析】A．5N与7N合成时，合力最大12N，最小2N，可能为8N，故三个力合力可能为零，故A正确；
B．4N与2N合成时，合力最大6N，最小2N，不可能8N，故三个力合力不可能为零，故B错误；
C．1N与5N合成时，合力最大6N，最小4N，不可能为10N，故三个力合力不可能为零，故C错误；
D．1N与10N合成时，合力最大11N，最小9N，可能为10N，故三个力合力可能为零，故D正确；
故选AD。
【点睛】本题关键明确二力合成时，合力范围为：|F1-F2|≤F≤|F1+F2|；两力同向时合力最大，反向时合力最小
9、AC
【解析】将F分解，α变小，竖直分量变小，地面受到的压力N变小，摩擦力f变小；选项AC正确，BD错误；
故选AC
10、CD
【解析】根据牛顿第二定律，质量不变的物体受到合外力大，加速度大，速度变化越快，但速度不一定大，速度变化不一定大，AB错误，CD正确，
故选：CD.
11、ACD
【解析】A．2N和3N的力的合力取值范围是1N≤F≤5N，当两力的合力为4N时，方向与第三个力方向相反时，它们三个力的合力可能为零，故A正确；
B．4N和5N的力合成时最大值为9N，故不可能与10N的力合成为零，故B错误；
C．10N和12N的力的合力取值范围是2N≤F≤22N，当两力的合力为21N时，方向与第三个力方向相反时，它们三个力的合力可能为零，故C正确；
D．10N和10N的力的合力取值范围是0N≤F≤20N，当两力的合力为10N时，方向与第三个力方向相反时，它们三个力的合力可能为零，故D正确；
12、ABD
【解析】在0-2s内重物处于超重状态，在2-10s内电梯做匀速直线运动，从10s到12s失重。由运动学公式分析三个速度的大小和方向。
【详解】A．在0-2s内重物处于超重状态，t=1s时刻电梯的加速度方向竖直向上，A正确；
BC．在2-10s内电梯做匀速直线运动或静止状态，加速度为零，B正确，C错误；
D．从10s到12s失重，t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向下。故D正确。
故选ABD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.控制变量 ②.远小于 ③.AC ④.平衡摩擦力过度
【解析】（1）探究加速度a与物体所受合力F及质量m关系需采用控制变量法进行实验．在探究加速度a与物体质量m关系时，应保持砂和砂桶的质量的不变．为了保证砂和砂桶的重力等于绳子的拉力，要求砂和砂桶质量远小于小车质量
（2）细线的拉力等于小车所受的合力，连接砝码盘和小车的细绳应跟长木板保持平行，且需要平衡摩擦力，故A正确；平衡摩擦力时，不能将砝码盘及盘内砝码通过定滑轮拴在小车上，故B错误；小车释放前应靠近打点计时器，且应先接通电源再释放小车，故C正确；平衡摩擦力后，若改变小车和砝码的总质量后，不需要重新平衡摩擦力，故D错误．所以AC正确，BD错误
（3）由a一F图线可知，F=0时，加速度a不为零，可知平衡摩擦力时木板倾角过大
14、 ①.12 ②.300
【解析】[1]前内飞机的加速度大小为
，
飞机在t=3s时的速度
，
[2]飞机能达到的最大高度为：
。
15、 ①.0.1； ②.BD； ③.0.31； ④.0.50
【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小
【详解】（1）因为相邻两个计数点间还有4个点没有画出，则相邻两计数点的时间间隔为0.1s
（2）实验中，应先接通电源，再释放小车，选项A错误，B正确；实验结束后，应先关闭电源，再取下纸带，选项C错误，D正确；故选BD.
（3）打D点时对小车的速度为；根据∆x=aT2，结合逐差法可得小车的加速度大小为：

三．计算题(22分)
16、 (1) (2) (3)
【解析】车厢B在力F的作用下做匀加速直线运动，根据位移时间公式即可求出加速度；对B用牛顿第二定律求出A对B的作用力，再对A用牛顿第二定律求出A的加速度，根据速度时间关系即可求出A的速度；根据动量守恒和能量守恒即可求出2s后B相对A向前运动的位移L，在根据运动学公式求出前2s，B相对A向前运动的位移即可求出小车的长度
【详解】（1）设B的加速度为aB，根据位移时间公式：
代入数据解得：
（2）对B，由牛顿第二定律：F-f=mBaB，代入数据解得：f=45N
对A，根据牛顿第二定律得A的加速度大小为：
所以t=2.0s末A的速度大小为：vA=aAt=4.5m/s
（3）由上可知t=2.0s末A的速度大小为：vA= 4.5m/s，B的速度大小为：vB= 5m/s，令共速后的速度为v，根据动量守恒：
代入数据解得：
该过程中B相对A向前运动的位移为L
根据能量守恒：
代入数据解得：
在2.0s内，A滑动位移为
A相对B向后滑动的位移为：
为了使得小物块与车厢壁不发生碰撞，小车至少为：
【点睛】该题考查了牛顿第二定律及运动学基本公式和动量守恒的直接应用，属于基础题
17、（1）50N 方向沿绳子向上（2）30N 方向水平向右
【解析】对球受力分析，利用合成法可关键平行四边形，由平衡条件求解即可
【详解】对球受力分析如图所示：

根据物体的平衡条件可得：
（1）由几何关系得：FTcos37°＝G
解得：FT＝50N 方向沿绳子向上
（2）FN＝Gtan37°＝30N 方向水平向右
【点睛】本题考查了物体的平衡条件的应用，正确受力分析做出平行四边形即可