2025年息烽县第一中学高一物理第一学期期末质量检测模拟试题含解析.doc

2025年息烽县第一中学高一物理第一学期期末质量检测模拟试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示质量为m的物体在沿斜面向上的力F作用下沿粗糙斜面匀速下滑，此过程中斜面仍静止，斜面质量为M，则水平地面对斜面体（　　）

A.支持力为
B.支持力小于
C.无摩擦力
D.有水平向右的摩擦力
2、在长为50 m的游泳池中举行200 m蛙泳比赛，运动员从比赛开始到结束的过程中，游过的路程的最大值和位移大小的最大值分别是(　　)
A.0，50 m B.0，200 m
C200 m，50 m D.200 m，0
3、一些问题你可能不会求解，但是你仍有可能对这些问题的解是否合理进行分析和判断，例如从解得物理量单位，解随某些已知量变化的趋势，解在一些特殊条件下的结果等方面进行分析，并与预期结果、实验结论等进行比较，从而判断解的合理性或正确性，举例如下：声音在空气中的传播速度v与空气的密度、压强p有关，下列速度表达式中，k为比例系数，无单位，则这四个表达式中可能正确的是( )
A. B.
C. D.
4、体育课上进行弹跳力测试，某同学从地面加速起跳离开地面前的瞬间（　　）
A.脚对地面的压力大于地面对脚的支持力，处于超重状态
B.脚对地面的压力等于地面对脚的支持力，处于失重状态
C.脚对地面的压力大于自身重力，处于超重状态
D.脚对地面的压力等于自身重力，处于超重状态
5、如图所示，表示物体做匀加速直线运动的是 （x、v分别表示位移、速度）（ ）
A. B.
C. D.
6、如图所示，质量为的人站在体重计上，随电梯以大小为的加速度加速上升。重力加速度大小为，下列说法正确的是( )

A.人对体重计的压力大小为
B.人对体重计的压力大小为（）
C.人对体重计的压力大小为（
D.人对体重计的压力大于体重计对人的支持力
7、下面对教材中的插图理解正确的是（　　）

A.甲图中飞机上的人与地面上的人观察跳伞者运动不同的原因是选择了不同的参考系
B.乙图桌面以上的装置可以观察桌面微小形变
C.丙图中重力的分力F2就是压力
D.丁图中电梯正在上升即将达到某楼层开始制动过程中体重计的读数变小
8、如图甲所示，平行于光滑斜面的轻弹簧一端固定在倾角θ=30°的斜面底端，另一端与物块A连接，两物块A、B质量均为2kg，初始时均静止．现用平行于斜面向上的力F拉物块B，使其开始做匀加速直线运动，拉力F与物块B的位移x的关系如图乙所示（g取10 m/s2），则下列结论正确的是（）

A.B与A分离时，弹簧恰好恢复原长
B.物体的加速度大小为5 m/s2
C.弹簧的劲度系数为500 N/m
D.A速度达到最大时，弹簧的压缩量为2cm
9、如图所示，质量的物块（视为质点）放在质量的木板的右端，木板长。开始木板静止放在水平地面上，物块与木板及木板与水平地面间的动摩擦因数均为。现对木板施加一水平向右的恒力，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，。则物块在木板上运动的过程中，下列说法中正确的是（）

A.物块与木板以相同的加速度做匀加速运动
B.木板的加速度大小为
C.物块的最大速度大小为2m/s
D.物块到达木板左端时木板前进的位移大小为
10、如图所示，物块M静止于倾斜放置的木板上，使倾斜角θ缓慢增大，在M沿木板滑动之前，受力情况是（　　）

A.物块对木板的压力逐渐减小
B.物块所受摩擦力逐渐减小
C.物块所受支持力与摩擦力的合力不变
D.物块所受重力、支持力、摩擦力的合力逐渐变大
11、如图所示为粮袋的传送装置。已知AB间长度为L。传送带与水平方向的夹角为θ。工作时运行速度为v，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A端将粮袋放到运行中的传送带上，关于粮袋从A到B的运动，以下说法正确的是（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（　　）

A.若μ<tanθ，则粮袋从A到B一定是一直做加速运动
B.粮袋开始运动时的加速度为g（sinθ－μcosθ），若L足够大，则以后将一定以速度v做匀速运动
C.不论μ大小如何粮袋从A到B一直匀加速运动，且a>gsinθ
D.粮袋到达B端的速度与v比较，可能大，可能小，也可能相等
12、在滑冰场上，甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动、在相互猛推一下后分别向相反方向运动．假定两板与冰面间的动摩擦因数相同．已知甲在冰上滑行的距离比乙远，由以上信息可判读下面说法中正确的是
A.在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力
B.在推的过程中，甲受的合外力大于乙受的合外力
C.在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度
D.在分开后，甲的加速度的大小小于乙的加速度的大小
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (1)如下图所示为某同学所安装的“验证牛顿第二定律”的实验装置，在图示状态下，开始做实验，该同学有装置和操作中的主要错误是：（至少三项）

①.__________________;②.___________________;③._______________________.
(2)某同学平衡摩擦力时是这样操作的：将小车静止地放在水平木板上，把木板不带滑轮的一端慢慢垫高，如图（乙），直到小车由静止开始沿木板向下滑动为止．请问这位同学的操作是否正确？如果不正确，应当如何进行？答：__________________________________
(3)如果这位同学先如(2)中的操作，然后不断改变对小车的拉力F，他得到M（小车质量）保持不变情况下的a-F图线是图中的________（将选项代号的字母填在横线上）

(4)如图给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6是计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出，打点计时器频率50Hz），计数点间的距离如图所示．根据图中数据计算的加速度a=_______m/s2（保留三位有效数字）

(5)实验中要进行质量m和M选取，以下最合理的一组是（ ）
A.M=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40g
B.M=400g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g
C.M=200g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40g
D.M=200g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g
14、在做“验证力的平行四边形定则”实验时,橡皮条的一端固定在木板上,用两个弹簧秤把橡皮条的另一端拉到某一确定的O点,则下列说法中正确的是
A.同一次实验中,O点位置允许变动
B.实验中，橡皮条、细绳和弹簧秤应与木板保持平行
C.实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时,两个弹簧秤之间的夹角必须取90°
D.实验中，要始终将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程,然后调节另一弹簧秤拉力的大小和方向,把橡皮条另一端拉到O点
15、下图所示，是两位同学在做“验证力的平行四边形定则”的实验时得到的结果，则其中_______同学实验结果比较符合实验事实

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，质量为M=4kg木板静止在光滑的水平面上，在木板的右端放置一个质量m=1kg大小可以忽略的铁块，铁块与木板之间的摩擦因数μ=0.4，在铁块上加一个水平向左的恒力F=8N，铁块在长L=6m的木板上滑动，取g=10m/s2．求：
（1）经过多长时间铁块运动到木板的左端；
（2）在铁块到达木板左端的过程中，恒力F对铁块所做的功。

17、（10分）如图，直杆水平固定，质量m＝0.1kg的小圆环套在杆上A点，在竖直平面内对环施加一个与杆夹角θ＝53°的斜向上恒力F，使小圆环由静止开始沿杆向右运动，并在经过B点时撤掉此拉力F，小圆环最终停在C点．已知小圆环与直杆间动摩擦因数μ＝0.8，AB与BC的距离之比S1：S2=8:5．（g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）求：
（1）BC段小圆环的加速度a2的大小 ；
（2）AB段小圆环的加速度a1的大小；
（3）拉力F的大小

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】整体中两部分都处于静止状态，因此整体处于平衡状态；然后通过共点力的平衡方程求出地面的摩擦力以及支持力的大小
【详解】整体受力如下图所示：

根据共点受力平衡可得：f=Fcosθ，方向水平向左；支持力大小为：N=（M+m）g-Fsinθ，小于（M+m）g，故ACD错误，B正确
【点睛】解决本题的关键是正确进行受力分析，运用共点力平衡条件进行分析，掌握整体法与隔离法的运用
2、C
【解析】在200米游泳中，实际通过的路程就是表示运动轨迹的长度，即为；
由于泳池长，故200米蝶泳中需要一个来回，故又会回到终点，故位移最大值分别是为，故选项C正确
点睛：解决本题的关键是掌握位移和路程的区别：位移是指位置的移动，由初位置指向末位置，有大小有方向；路程是表示运动轨迹的长度，只有大小，没有方向
3、B
【解析】传播速度v的单位m/s，密度ρ的单位kg/m3，p的单位，所以的单位是，的单位是m/s，k无单位，所以的单位与v的单位相同。
故选B。
4、C
【解析】某同学从地面加速起跳离开地面前的瞬间，受重力和支持力作用，根据牛顿第二定律可知，某同学要从地面向上加速起跳，则支持力要大于重力，处于超重状态；而脚对地面的压力与地面对脚的支持力是作用力和反作用力，故大小相等，故C正确，ABD错误。
故选C。
5、D
【解析】A．图中位移随时间不变化，即处于静止状态，A不符合题意；
B．图中位移随时间均匀增大，满足x=vt，即做匀速直线运动，B不符合题意；
C．图中速度恒定，做匀速直线运动，C不符合题意；
D．图中速度随时间均匀增大，满足v=at，即做匀加速直线运动，故D符合题意；
6、C
【解析】A.人受到的支持力，则根据牛顿第二定律可知：

得到：

根据牛顿第三定律得，对体重计的压力大小，故C正确，AB错误；
D.人对体重计的压力和人受到的支持力是作用力和反作用力，故人对体重计的压力等于体重计对人的支持力，故D错误；
故选C。
7、ABD
【解析】运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参考系，用镜面反射观察桌面微小变形时，所用的物理思想方法是放大法，压力是作用在接触面上的，重力的分力是在物块重心上，电梯向上制动时体重计的读数变小说明人所受支持力减小，处于失重状态，但重力不变
【详解】甲、乙两人的说法分别是以飞机和地面作为参考系研究运动的．说法都是正确的．他们的争论是由于选择的参考系不同而引起的，故A正确；用镜面反射观察桌面微小变形时，是根据：入射光线不变时，当入射角改变α时，反射角改变2α，所用的物理思想方法是放大法，故B正确；压力是作用在接触面上的，重力的分力是在物块重心上，故C错误；图丁中电梯向上制动时体重计的读数变小说明人所受支持力减小，处于失重状态，但重力不变，故D正确．所以ABD正确，C错误
【点睛】本题考查了参考系、放大法物理思想、力的作用点及失重的问题，属于概念理解应用类
8、CD
【解析】当B与A分离时，两物体的加速度相等，且两物体之间的弹力为零，结合图像列式求解；当A速度最大时，弹力等于重力沿斜面向下的分力，据此求解弹簧的压缩量.
【详解】原来物体AB处于静止状态，有：，①施加拉力F1=10N时，AB向上做匀加速直线运动，有：，②由图知，B与A分离时，物体移动的位移x=1cm,此时A、B间的压力N=0，拉力为F2=15N，且之后保持不变．对B有：，③对A有：，④且x=x0-x1⑤联立解得：ma=5N, m=2kg, a=2.5m/s2, k=500N/m ，故A、B错误，C正确．B与A分离后，A在弹簧弹力作用下做变加速运动，当时，速度最大，解得弹簧压缩量x2=2cm，D正确．故选CD.
9、CD
【解析】考查牛顿运动定律的应用。
【详解】A．物体与物体恰好相对滑动时物块的加速度：

拉力的临界值：

解得：

物块与木板相对滑动，不可能以相同的加速度做匀加速运动，A错误；
B．木板的加速度：

B错误；
C．木块的加速度：

经过时间木块从木板上滑落，则：

代入数据解得：

此时木块的速度最大为：

C正确；
D．物块到达木板左端时木板前进的位移大小：

D正确。
故选CD。
10、AC
【解析】设木板与水平面的倾角为θ，对物体进行受力分析可知物体受竖直向下的重力mg，垂直木板向上的支持力N，沿木板向上的静摩擦力f，由于物体始终处于静止状态，则物块所受支持力与摩擦力的合力与重力相平衡，故合力不变．因此：
N=mgcosθ
f=mgsinθ
由题意可知θ逐渐增大，故N逐渐减小，F逐渐增大
故选AC.
【点睛】本类题目的解题步骤：确定研究对象，对研究对象进行受力分析，再进行正交分解，最后根据受力平衡写出所求力的数学表达式，从而可以根据角度的变化情况判断出力的变化情况
11、AD
【解析】粮袋放到运行中的传送带上时，粮袋受到滑动摩擦力方向沿斜面向下，粮袋开始运动时的加速度为，若，粮袋从到一直以的加速度匀加速运动，粮袋到达端的速度小于传送带速度；若，粮袋从到一直以的加速度匀加速运动，粮袋到达端的速度等于传送带速度；若且，则重力的沿斜面的分力大于滑动摩擦力，粮袋先以的加速度匀加速，后以的加速度匀加速，粮袋到达端的速度大于传送带速度；若且，则重力的沿斜面的分力小于或等于滑动摩擦力，粮袋先以的加速度匀加速，后做匀速运动，粮袋到达端的速度等于传送带速度，故A、D正确，B、C错误；
故选AD。
12、BC
【解析】在推的过程中，甲推乙的力和乙推甲的力是一对作用力和反作用力，根据牛顿第三定律，作用力和反作用力大小相等，方向相反，A错误；由知在推的过程中，甲受的合外力大于乙受的合外力，B正确；分开后，两人受到的合力都是摩擦力，根据牛顿第二定律得；所以甲乙的加速度大小相等，由运动学公式知，刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度，C正确，D错误

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.（1）①长木板右端垫高可以平衡摩擦力 ②.②电源应该用6V交流电源 ③.③牵引小车的细线不与木板平行④开始实验时，小车离打点计时器太远. ④.（2）不正确，应给小车一初速度，小车能匀速下滑 ⑤.（3）C ⑥.（4）0.496 ⑦.（5）A
【解析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项；根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小
【详解】（1）错误之处有：①电源应用交流电；②没有平衡摩擦力；③小车应靠近打点计时器端；④左端连接的细线应与木板平行
（2）不正确．平衡摩擦力的结果是不挂砂桶时，给小车一个初速度，小车能够匀速下滑．题中小车由静止开始沿木板向下滑动，做的是匀加速运动
（3）不施加力时小车有加速度，根据牛顿第二定律，随着拉力增大，小车的加速度逐渐增大．故选C
（4）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，
设0到1之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，
根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：
x4−x1=3a1T2 
x5−x2=3a2T2 
x6−x3=3a3T2 
为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：
a= (a1+a2+a3)
即小车运动的加速度计算表达式为：a=×10−2m/s2=0.496m/s2；
（5）本实验要求砂桶和砂子质量远小于小车质量，所以A组数据比较合理，故选A
14、B
【解析】解：A、细线的作用是能显示出力的方向，所以不必须等长．故A错误；
B、要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果相同，橡皮条要沿相同方向伸长量相同，则O点的位置应固定，故B正确；
C、本实验只要使两次效果相同就行，两个弹簧称拉力的方向没有限制，并非一定要夹角为900不变，故C错误；
D、本实验中，弹簧秤的拉力应不超过量程，两个弹簧称拉力的大小没有要求，只要使两次效果相同就行，故D错误
故选B
【点评】本实验采用是等效替代的思维方法．实验中要保证一个合力与两个分力效果相同，结点O的位置必须相同，同时要明确实验原理和步骤，以及知道实验的注意事项
15、甲
【解析】本实验验证的目的是确定“实际值”和“理论值”的偏差大小．与橡皮条伸长方向一致的F’为“实际值”，而通过平行四边形定则作出的的对角线F为“理论值”，由于误差的存在，F必然与F’方向存在一定夹角，此夹角越小，误差越小，故甲图符合实际
考点：本题考查实验“验证力的平行四边形定则”

三．计算题(22分)
16、（1）2s；（2）64J
【解析】（1）铁块与木板间的滑动摩擦力
f=μmg=4N
铁块的加速度

木板的加速度

铁块滑到木板左端的时间为t，则

代入数据解得
t=2s
（2）铁块位移

恒力F做功
W=Fs1=8×8J=64J
17、（1）8 m/s2 ；（2）5 m/s2；（3）7.5N；
【解析】（1）在BC段，小圆环受重力、弹力、摩擦力．小圆环受力分析如图所示；

F合=f=µN=µmg
=0.8×10m/s2=8 m/s2
（2）AB段匀加速运动，由公式可知：vB2=2a1s1
BC段匀减速运动，由公式可知：vB2=2a2s2
s1:s2=8:5
得：
（3）当Fsinθ<mg,小圆环在AB段运动的受力分析如图

由牛顿定律可知：

代入数据得：F1≈1.05N
当Fsinθ>mg，小圆环AB段运动的受力分析如图

由牛顿定律可知：

代入数据得：F2=7.5N