山东省济南市山东省实验中学东校2026届物理高一上期末检测模拟试题含解析.doc

山东省济南市山东省实验中学东校2026届物理高一上期末检测模拟试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，在竖直的墙面上用铰链固定一可绕O点自由转动的轻杆，一定长度的轻绳系在轻杆的A、C两点，动滑轮跨过轻绳悬吊一定质量的物块．开始时轻杆位于水平方向，轻绳对A、C两点的拉力大小分别用、表示．则下列说法正确的是( )

A.当轻杆处于水平方向时
B.若将轻杆沿顺时针方向转过一个小角度，则增大、增大
C.若将轻杆沿逆时针方向转过一个小角度，则增大、增大
D.无论将轻杆怎样转动，则、均减小
2、水平恒力能使质量为m1的物体在光滑水平面上产生大小为a1的加速度，也能使质量为m2的物体在光滑水平面上产生大小为a2的加速度，若此水平恒力作用在质量为m1+m2的物体上，使其在光滑水平面上产生的加速度为a，则a与a1、a2的大小关系为（　　）
A.a=a1+a2 B.
C. D.
3、如图所示，吊篮A、物体B、物体C的质量分别为m、3m、2m。B和C分别固定在轻弹簧两端（弹簧的质量不计）．B和C在吊篮的水平底板上处于静止状态．将悬挂吊篮的轻绳剪断的瞬间(　　)

A.吊篮A的加速度大小为2g
B.物体B的加速度大小为g
C.物体C的加速度大小为0
D.A、B、C的加速度大小都等于g
4、如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面向上．若要物块在斜面上保持静止，F的取值应有一定的范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2（F1和F2的方向均沿斜面向上）．由此可求出物块与斜面间的最大静摩擦力为(　　)

A. B.
C. D.
5、如图所示，水平地面上有一个坑，其竖直截面为半圆，O为圆心，AB为沿水平方向的直径．若在A点以初速度v1沿AB方向平抛一小球，小球将击中坑壁上的最低点D点；而在C点以初速度v2沿BA方向平抛的小球也能击中D点．已知∠COD＝60°，则两小球初速度大小之比v1∶v2是（小球视为质点）

A.1∶2 B.1∶3
C.∶2 D.∶3
6、如图所示，A、B两小球分别连在轻绳两端，B球另一端用弹簧固定在倾角为30°的光滑斜面上.A、B两小球的质量分别为mA、mB，重力加速度为g，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度大小分别为

A.都等于 B.和0
C.和 D.和
7、在某次军事演习中，空降兵从悬停在空中的直升机上跳下，当下落到距离地面适当高度时，打开降落伞，最终安全到达地面，空降兵从跳离飞机到安全到达地面的过程中在竖直方向的v-t图像如图所示，则以下判断正确的是（　　）

A.空降兵在0到t1时间内做自由落体运动
B.空降兵在t1到t2时间内加速度方向竖直向上，大小在逐渐减小
C.空降兵在0到t1时间内的平均速度是
D.空降兵在t1到t2时间内的平均速度小于
8、图是生活中常用的三角形悬挂结构简化模型，硬杆左端可绕通过B点且垂直于纸面的轴无摩擦的转动，右端O点与钢索相连，钢索的另一端挂于A点，钢索和硬杆所受的重力均可忽略。有一质量不变的重物悬挂于O点，现将钢索悬挂点A缓慢向B移动，且使钢索变短，以保证硬杆始终处于水平。则在上述变化过程中，下列说法中正确的是（　　）

A.钢索对O点的拉力变大
B.硬杆对O点的弹力变小
C.钢索和硬杆对O点的作用力的合力不变
D.钢索和硬杆对O点的作用力的合力变小
9、物体从离地面45 m高处做自由落体运动(g取10 m/s2)，则下列选项中正确的是(　　)
A.物体运动3 s后落地
B.物体落地时的速度大小为30 m/s
C.物体在落地前最后1 s内的位移为25 m
D.物体在整个下落过程中的平均速度为20 m/s
10、三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m且与水平方向的夹角均为。现有两个小物块A、B从传送带顶端都以1m/s的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，（g取10m/s2，sin=0.6，cos=0.8）下列说法正确的是（ ）

A.物块A先到达传送带底端
B.物块A、B同时到达传送带底端
C.物块A、B到达传送带底端时速度大小相等
D.物块A、B在传送带上的划痕长度之比为1:3
11、将一横截面为扇形的物体B放在水平面上，一小滑块A放在物体B上，如图所示，除了物体B与水平面间的摩擦力之外，其余接触面的摩擦均可忽略不计，已知物体B的质量为M、滑块A的质量为m，重力加速度为g，当整个装置静止时，A、B接触面的切线与竖直的挡板之间的夹角为θ．则下列选项正确的是

A.物体B对水平面的压力大小为(M+m)g
B.物体B受到水平面的摩擦力大小为
C.滑块A与竖直挡板之间的弹力大小为mgtanθ
D.滑块A对物体B的压力大小为
12、物体水平面上做直线运动，其速度时间图像如图所示，则：

A.物体在前2s内做匀加速直线运动，加速度为
B.物体在第7s到第12s内做匀变速直线运动
C.物体在第12s内的位移为0.75m
D.物体在前12s内的路程为15m
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图为“验证力的平行四边形定则”实验，三个细线套L1、L2、L3共系于一个结点，另一端分别系于轻质弹簧测力计A、B和重物M上，A挂于固定点P。手持B拉动细线，使结点静止于O点。

①某次实验中A的指针位置如图所示，其读数为_________N；
②实验时要在贴于竖直木板的白纸上，记录____________、____________、和L1、L2、L3的方向及M的重力。
③下列实验要求中必要的是_________(填选项的字母代号)；（多选）
A．弹簧测力计需要在实验前进行校零
B．细线套方向应与木板平面平行
C．需要用托盘天平测量重物M的质量
D．弹簧测力计B始终保持水平
14、把两根轻质弹簧串联起来测量它们各自的劲度系数，如图甲所示．

（1）未挂钩码之前，指针B指在刻度尺如图乙所示的位置上，记为____cm；
（2）将质量50g的钩码逐个挂在弹簧Ⅰ的下端，逐次记录两弹簧各自的伸长量；所挂钩码的质量m与每根弹簧的伸长量x可描绘出如图丙所示的图象，由图象可计算出弹簧Ⅱ的劲度系数kⅡ=______；（取重力加速度g=9.8m/s2）
（3）图丙中，当弹簧I的伸长量超过17cm时其图线为曲线，由此可知，挂上第__个钩码时，拉力已经超过它的弹性限度。
15、利用打点计时器可测纸带运动的时间和位移，某同学在练习使用打点计时器时进行如下操作并进行叙述说明。
A．用手水平拉动纸带，再接通电源，打点计时器在纸带上打下一系列小点
B．将打点计时器固定，使纸带穿过限位孔，并压在复写纸下面
C．用刻度尺测量从计时开始点到每一个点间的距离
D.切断电源，取下纸带，如果共有N个清晰的点，可知纸带运动的时间
(1)上述实验步骤操作或叙述有误的是________；
(2)将错误步骤改正后进行合理排序_________。（填操作步骤前的字母序号）
三．计算题(22分)
16、（12分）某研究小组做“验证力的平行四边形定则”实验．该小组的同学用同一套器材做了四次实验，白纸上留下的标注信息有结点位置O，力的标度、分力和合力的大小及表示力的作用线的点，如下图所示．其中对于提高实验精度最有利的是_______
A. B. C. D.
17、（10分）质量m ＝1000kg 的汽车在平直路面开始加速起动，受到的牵引力大小恒为 2500N，阻力大小恒为 1000N．当速度达到30m/ s时关闭发动机直到停止．假定行驶过程中汽车受到的阻力大小不变．求：
（1）加速过程中，汽车加速度的大小；
（2）关闭发动机后，汽车加速度的大小；
（3）从起步到停止，汽车前进的位移大小
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】以滑轮B为研究对象，其受到竖直向下的拉力（大小等于悬吊物块的重力），AB、和BC的拉力，由于ABC为一根轻绳，则绳中拉力大小处处相等，A错误；由力的平衡条件可知、的合力大小等于悬吊物块的重力，若将轻杆沿顺时针方向转过一个小角度，则减小，轻绳的拉力、均减小，B错误；若将轻杆沿逆时针方向转过一个小角度，则减小，轻绳的拉力、均减小，C错误、D正确；故选D
2、B
【解析】将两者看做一个整体，根据牛顿第二定律可得，分别以两物体为研究对象，根据牛顿第二定律可得，，联立解得，故B正确
3、A
【解析】AC．装置静止时，弹簧的弹力F=3mg，剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，将C和A看成一个整体，根据牛顿第二定律得：

即A、C的加速度均为2g，方向向下。故A正确，C错误。
BD．剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，B的合力仍然为零，则B的加速度为0．故BD错误。
故选A。
4、C
【解析】对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，四力平衡；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大；当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小；根据平衡条件列式求解即可
【详解】对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，设滑块受到的最大静摩擦力为，物体保持静止，受力平衡，合力为零；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大，有：；
当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小，有：；
联立解得：，故C正确，ABD错误；
故选C
【点睛】本题关键是明确拉力最大和最小的两种临界状况，受力分析后根据平衡条件列式并联立求解
5、D
【解析】小球从A点平抛，可得

小球从C点平抛，可得

联立解得

故选D。
点睛：根据平抛运动的竖直位移求出运动的时间，根据水平位移求出平抛运动的初速度．从而得出两球的初速度之比．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，掌握平抛运动的运动学规律
6、C
【解析】对A：在剪断绳子之前，A处于平衡状态，所以弹簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力相等．在剪断绳子的瞬间，绳子上的拉力立即减为零，此时小球A受到的合力为
F=mgsin30°=ma

对B：在剪断绳子之前，对B球进行受力分析，B受到重力、弹簧对它斜向上的拉力、支持力及绳子的拉力，在剪断绳子的瞬间，绳子上的拉力立即减为零，对B球进行受力分析，则B受到到重力、弹簧的向上拉力、支持力．所以根据牛顿第二定律得

解得

故选C。
【点睛】该题要注意在剪断绳子的瞬间，绳子上的力立即减为0，而弹簧的弹力不发生改变，再结合牛顿第二定律解题.
7、BD
【解析】A．在0到t1时间内图像的斜率在减小，加速度在减小，所以空降兵不是做自由落体运动，故A错误；
B．在t1到t2时间内的速度为正在减小，所以空降兵做竖直向下的减速运动，因此加速度方向竖直向上，又因为图线的斜率在减小，所以加速度在减小，故B正确；
C．从图像可知空降兵在0到t1时间内的位移大于从速度为0做匀变速运动到v2的位移，所以平均速度大于，故C错误；
D．空降兵在t1到t2时间内的的位移小于从速度为v2做匀减速运动到v1的位移，所以平均速度小于，故D正确。
故选BD。
8、AC
【解析】AB．以O点为研究对象，作出受力图如图所示

根据平衡条件得钢索AO对O点的拉力

则

硬杆BO对O点的支持力

现将钢索悬挂点A缓慢向B移动，且使钢索变短，则θ减小，减小，减小，所以增大，增大，故A正确，B错误；
CD．因为BO始终水平，O点始终平衡，钢索和硬杆对O点的作用力的合力与重物的重力平衡，保持不变，故C错误，D错误。
故选AC。
9、ABC
【解析】根据自由落体位移公式h＝gt2，有t＝=3s，A正确；根据速度与位移的关系公式v2=2gh，得v＝＝30m/s，B正确；最后1s下落的位移为前3s的位移减去前2s的位移，前2s的位移为：h2＝gt22＝20m．所以最后1s的位移为△h=h-h2=45-20=25m，C正确；根据平均速度的公式v＝＝15m/s，D错误
考点：自由落体运动

10、BCD
【解析】AB．对A，因为

则A物体所受的滑动摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，B所受的滑动摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，两物体匀加速直线运动的加速度大小均为

则加速度大小相等，初速度和位移大小均相等，则运动的时间相等，它们同时到达传送带底端，A错误，B正确；
C．由
v=v0+at
知物块A、B到达传送带底端时速度大小相等，C正确；
D．对A，划痕的长度等于A的位移减为传送带的位移，以A为研究对象，由运动学公式得

则运动时间为

所以皮带运动的位移为

所以A对皮带的划痕为

对B，划痕的长度等于B的位移加上传送带的位移，同理得出B对皮带的划痕为

所以划痕之比为1：3，D正确。
故选BCD。
11、AB
【解析】C、D、首先对物体A受力分析，如图所示：

根据平衡条件，有：，
根据牛顿第三定律，A对B的压力大小为，A对挡板的压力大小为，CD错误；
A、B、再对AB整体受力分析，受重力、地面支持力、挡板支持力、地面的静摩擦力，如图所示：

根据平衡条件，地面支持力大小，地面的摩擦力大小；
再根据牛顿第三定律，对地压力大小为，A正确；B正确；
故选AB
12、BD
【解析】A项：v-t图象表示加速度，所以物体在前2s内做匀加速直线运动，加速度为，故A错误；
B项：v-t图象表示加速度，物体在第7s到第12s内图象斜率不变，即做匀变速直线运动，故B正确；
C项：物体在第7s到第12s内的加速度大小为，第10到12s的位移为，第10到11s的位移为，所以物体在第12s内的位移大小为0.75m，方向与正方向相反即为-0.75m，故C错误；
D项：物体在前10s内路程为，第10到12s的位移为1m，所以物体在前12s内的路程为15m，故D正确
故选BD

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.2.00 ②.O点的位置 ③.A、B的示数 ④.AB
【解析】[1]实验中A的读数为2.00N；
②[2][3]实验时要在贴于竖直木板的白纸上，记录O点的位置、A、B的示数和L1、L2、L3的方向及M的重力。
③[4]A．弹簧测力计需要在实验前进行校零，以减小误差，选项A正确；
B．细线套方向应与木板平面平行，选项B正确；
C．实验时用弹簧测力计测量重物的重力，不需要用托盘天平测量重物M的质量，选项C错误；
D．弹簧测力计B不一定始终保持水平，选项D错误；
故选AB。
14、 ①.11.50cm ②.28N/m ③.5
【解析】(1)[1]刻度尺最小分度为0.1cm，读数需读到最小刻度的下一位，指针示数为11.50cm；
(2)[2]由图像中的数据可知，弹簧Ⅱ的形变量为△x=7.00cm时，拉力

根据胡克定律知

(3)[3]由图像中数据可知，当弹簧I的伸长量超过14cm时，对应的拉力是1.96N，所以其劲度系数：

弹簧I的伸长量超过17cm时，对应的拉力

所以

由此可知，挂上第5个钩码时，拉力已经超过它的弹性限度。
15、 ①.AD ②.BADC
【解析】(1)[1]A．为了充分利用纸带和打点计时器稳定工作，应选接通电源后拉动纸带，故A错误；
B．安装器材时，将打点计时器固定，使纸带穿过限位孔，并压在复写纸下面，故B正确；
C．为了减小测量误差，应用刻度尺测量从计时开始点到每一个点间的距离，故C正确；
D．如果共有N个清晰的点，可知纸带运动的时间为

故D错误。
故选AD
(2)[2]实验步骤的排列一般要先安装器材然后进行实验的思路进行，故实验步骤的合理顺序是BADC

三．计算题(22分)
16、C
【解析】A．该图中两个分力之间的夹角太小，这样误差容易大，故A错误.
B．为了便于确定拉力的方向，拉橡皮条的细绳要稍长一些，同时在纸上描点时，所描的点不要太靠近结点，该图中所描的点太靠近结点,故B错误；
C．该图中所描的点到结点的距离适中，力的大小适中，而且两个力的角度的大小也适中,故C正确；
D．实验要方便、准确，两分力适当大点，读数时相对误差小，但不宜太大，该图中的读数都太小，故D错误
17、（1）a1=1.5m/s2；（2）a2=1m/s2；（3）x=750m
【解析】(1) 加速过程由牛顿第二定律求解加速过程的加速度；
(2) 由牛顿第二定律求解减速的加速度；
(3)由分别求出加速和减速的位移即可求出总位移
【详解】(1)加速过程由牛顿第二定律得：

代入数据解得：；
(2) 关闭发动机后，汽车只受阻力作用，即有
；
(3)由可得：
发动机关闭前，汽车做匀加速直线运动的位移
发动机关闭前，汽车做匀减速直线运动的位移
总位移