2025年福建省厦门海沧实验中学高一物理第一学期期末质量检测试题含解析.doc

2025年福建省厦门海沧实验中学高一物理第一学期期末质量检测试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，质量均为的物体、静止在竖直的轻弹簧上面．质量为的物体用细线悬挂起来，、紧挨在一起但、之间无压力．某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间，对的压力大小为(取)(　 　)

A. B.0
C. D.
2、下列说法正确的是
A.静止的物体不可能受滑动摩擦力，运动的物体不可能受静摩擦力
B.滑动摩擦力一定是阻力，静摩擦力可以是动力
C.运动物体受到摩擦力不一定等于μFN
D.摩擦力的方向一定与物体的运动方向相反
3、若货物随升降机运动的图像如图所示（竖直向上为正），则货物受到升降机的支持力与时间关系的图像可能是（　　）

A. B.
C. D.
4、作用在同一个物体上的两个共点力，一个力的大小是2N，另一个力的大小是5N，它们合力的大小可能是（　　）
A.0 B.2N
C.5N D.10N
5、一辆汽车从车站以初速度为零匀加速直线开出，开出一段时间之后，司机发现一乘客未上车，便紧急刹车做匀减速运动．从启动到停止一共经历t=5s，前进了15m，在此过程中，汽车的最大速度为（ ）
A.6m/s B.3m/s
C.5m/s D.10m/s
6、关于牛顿第一定律的说法中，正确的是（　　）
A.由牛顿第一定律可知，物体在任何情况下始终处于静止状态和匀速直线运动状态
B.牛顿第一定律只是反映惯性大小的，因此也叫惯性定律
C.牛顿第一定律反映了物体不受外力作用时的运动规律，因此，物体在不受力时才有惯性
D.牛顿第一定律既揭示了物体保持原有运动状态的原因，又揭示了运动状态改变的原因
7、在光滑水平面上有一个质量为m=1kg的小球，小球的一端与水平轻弹簧连接，另一端与不可伸长的轻绳相连，轻绳与竖直方向成45°角，如图所示．小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零，(取g=10m/s2)，则( )

A.此时弹簧的弹力大小为
B.剪断细绳的瞬间，小球加速度的大小为
C.剪断细绳的瞬间，小球加速度的大小为
D.剪断细绳的瞬间，小球受到的合力方向水平向左
8、下面列举了四个物理量的单位，其中属于国际单位制（SI）的基本单位的是
A.米（m） B.千克（kg）
C.秒（s） D.牛顿（N）
9、物块从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如图所示，在A点物块开始与弹簧接触，到B点时物块速度变为零。则物块从A到B的过程中，下列说法正确的是（　　）

A.先失重后超重 B.先超重后失重
C.加速度先增加后减小 D.加速度先减小后增加
10、如图所示，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧连接。两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在物体上，使m1、m2以相同的加速度向右加速运动，则（　　）

A.弹簧的弹力是50N
B.弹簧的弹力是26N
C.在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为5m/s2
D.在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s2
11、跳高运动员从地面起跳瞬间，下列说法中正确的是(　　)
A.运动员对地面的压力大于运动员受到的重力
B.地面对运动员的支持力大于运动员受到的重力
C.地面对运动员支持力大于运动员对地面的压力
D.运动员对地面的压力大小等于运动员受到的重力
12、如图所示，倾角为θ的楔形木块A放在水平地面上，一物体B的质量为m，置于楔形木块的斜面上，现对木块A施加水平推力F，恰使A、B一起向左匀加速运动，且B与A不发生相对滑动，不计一切摩擦，重力加速度为g则

A.B所受的合力大小为mgtanθ
B.B对A的压力大小为mgcosθ
C.若增加推力F，则A对地面的压力将不变
D.若增加推力F，则A对地面的压力将增加
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学做探究小车做匀变速直线运动规律时，他采用电火花打点计时器进行实验，得到如图所示的纸带，A、B、C、D、E为纸带上所选的计数点，相邻计数点间的时间间隔为0.1 s，则vD= ________m/s，a=_____ m/s2（结果保留两位有效数字）.

14、电磁打点计时器和电火花打点计时器都是使用_____电源_____仪器
15、如图所示，一小球从A点由静止开始沿斜面做匀变速直线运动，若到达B点时速度为v，到达C点时速度为2v，则AB∶BC等于__________。

三．计算题(22分)
16、（12分）一辆值勤的警车停在平直的高速公路边，当车上的交警发现从他旁边以20m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，交警立刻发动警车（不计反应时间），并以2m/s2的加速度追赶货车，警车在行驶的过程中的最大速度为30m/s。求：
(1)警车达到最大速度需要的时间；
(2)当警车与货车速度相等时，警车的位移。
17、（10分）如图所示，在倾角θ=的足够长的固定的斜面底端有一质量m=1kg的物体.物体与斜面间动摩擦因数μ=0.25，现用轻绳将物体由静止沿斜面向上拉动．拉力F=10N，方向平行斜面向上．经时间t=4s绳子突然断了，（sin=0.60；cos=0.80；g=10m/s2）求：
（1）绳断时物体的速度大小
（2）从绳子断了开始到物体再返回到斜面底端的运动时间？

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】在细线没有剪断之前，则对AB整体受力分析，重力与弹簧的支持力，则弹簧的弹力等于AB的重力，即为F弹=4×10=40N；在细线剪断之后的瞬时，ABC整体的加速度，则对BC整体：(mB+mC)g-FAB= (mB+mC)a，解得FAB=24N，则B对A的压力大小为24N，故选A.
【点睛】此题考查牛顿第二定律的应用问题；关键是知道剪断细线的瞬时，CB间立即有弹力作用，而弹簧的弹力是不能突变的.
2、C
【解析】A．静止物体可能受到滑动摩擦力作用，比如在地面滑行的物体，地面受到滑动摩擦力；运动的物体可能受到静摩擦力作用，比如正在传送带随传送带一起上升的物体，物体受到静摩擦力，故A错误；
B．摩擦力可以是阻力，也可以是动力，比如正在传送带随传送带一起上升的物体，受到的摩擦力就是动力，所以静摩擦力不一定阻碍物体的运动，故B错误；
C．滑动摩擦力的大小一定与接触面上的压力成正比，静摩擦力随外力的改变而改变，运动的物体受到的摩擦力不一定是滑动摩擦力，因此运动物体的摩擦力不一定等于，故C正确；
D．滑动摩擦力与相对运动的方向相反，滑动摩擦力阻碍物体间的相对运动，但可以与物体的运动方向相同，也可以与运动方向相反，故D错误；
故选C。
3、B
【解析】由图知：过程①为向下匀加速直线运动（加速度向下，失重，）；
过程②为向下匀速直线（平衡，）；
过程③为向下匀减速直线运动（加速度向上，超重，）；
过程④为向上匀加速直线运动（加速度向上，超重，）；
过程⑤为向上匀速直线运动（平衡，）；
过程⑥为向上匀减速直线运动（加速度向下，失重，）；综合各个过程，可知B正确，ACD错误。
故选B。
4、C
【解析】两力合成时，合力范围为

故大小是2N和5N的合力范围为
3N≤F≤7N
选项C正确，ABD错误。
故选C。
5、A
【解析】设汽车的最大速度为vm．在匀加速阶段初速度为0，末速度为vm，则匀加速阶段的平均速度：

位移：

在匀减速阶段初速度为vm，末速度为0，则匀减速阶段的平均速度：

位移：

在整个运动过程中，总位移为

所以汽车的最大速度：

A．6m/s，与结论相符，选项A正确；
B．3m/s，与结论不相符，选项B错误；
C．5m/s，与结论不相符，选项C错误；
D．10m/s，与结论不相符，选项D错误；
故选A。
6、D
【解析】牛顿第一定律的内容：物体只在不受外力或所受外力的合力为零时，才保持静止状态或匀速直线运动状态；牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态（或产生加速度）的原因，一切物体总具有惯性。
故选D。
7、CD
【解析】水平面对小球的弹力为零，小球在绳没有断时受到绳的拉力T、重力mg和弹簧的弹力F作用而处于平衡状态，如图所示：

由平衡条件得：竖直方向：Tcosθ=mg; 水平方向：Tsinθ=F，解得：F=mgtanθ=10N，则A错误；剪断轻绳后瞬间小球在竖直方向仍平衡，水平面支持力与重力平衡：N=mg，合力方向水平向左，由牛顿第二定律得：F=ma，解得：a=10m/s2 ，方向向左．所以B错误、CD正确；故选CD
【点睛】本题是瞬时问题，先分析剪断轻绳前小球的受力情况，再分析剪断轻绳瞬间的受力情况，再根据牛顿第二定律求解瞬间的加速度
8、ABC
【解析】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位，牛顿根据牛顿第二定律推导出来的，是导出单位，故ABC正确，D错误
9、AD
【解析】物块从A处下降到B处的过程中，开始阶段弹簧的弹力小于物体的重力，合力向下，处于失重状态，小球向下加速；随着弹力的增大，合外力减小，加速度减小。当弹簧的弹力和物体的重力相等时，加速度为零。之后弹力大于重力，合力向上，物体处于超重状态，小球开始减速，直至减为零，由于弹力越来越大，故合力越来越大，故加速度增大。故物体先做加速度减小的加速运动，再做加速增大的减速运动。故AD正确，BC错误。
故选AD。
10、BD
【解析】AB．对整体分析，根据牛顿第二定律知，加速度

隔离对m1分析
F1-F=m1a
则弹簧的弹力
F=F1-m1a=30-2×2N=26N
故A错误，B正确；
C．撤去F2后的瞬间，弹簧的弹力不变，则m1的加速度大小不变，仍然为2m/s2。故C错误；
D．在突然撤去F1后的瞬间，弹簧的弹力不变，则m1的加速度

故D正确。
故选BD。
【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用。
11、AB
【解析】运动员从地面起跳时向上加速，有牛顿第二定律可知地面对运动员的支持力大于运动员受到的重力，如图所示：

根据牛顿第三定律，地面对运动员的支持力与运动员对地面的压力是一对作用力与反作用力，始终等大反向，故A、B正确
考点：牛顿运动定律的应用
12、AD
【解析】对物体B受力分析如图：

B所受的合力大小为mgtanθ，选项A正确；
A对B的支持力，根据作用力与反作用力的关系，B对A的压力大小为，选项B错误；
若增加推力F，则A与B一起运动的加速度增大，B的合力增大，A对B的支持力增大，所以B对A的压力增大，那么A对地面的压力将增加，选项C错误，选项D正确。
故选AD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.0.34 ②.0.40
【解析】[1]．依据D点的瞬时速度等于CE段的平均速度，则有：

[2]．根据运动学公式△x=aT2结合逐差法得：

14、 ①.交流 ②.计时
【解析】本题考查打点计时器的基本信息
【详解】电磁打点计时器是使用交流电源的计时仪器，工作电压4V～6V，当电源的频率为50Hz时，它每隔0.02s打一次点，它可以通过纸带记录物体在一定时间间隔内的位移大小
15、1：3
【解析】根据匀变速直线运动的速度位移公式v2−v02＝2ax知
，
所以AB：AC=1：4，则
AB：BC=1：3

三．计算题(22分)
16、 (1)15s；(2)100m
【解析】(1)设警车加速度为，达到最大速度的时间为，则

解得

(2)当警车和货车速度相等（设为）时需要的时间为，则

解得

设这段时间内警车的位移为

解得

17、（1）8m/s（2）（1+）s
【解析】(1)物体向上运动过程中，受重力mg，摩擦力Ff，拉力F，设加速度为a1，则有
F-mgsinθ-Ff=ma1
FN=mgcosθ
又
Ff=μFN
得
F-mgsinθ-μmgcosθ=ma1
代入解得：
a1=2.0m/s2
所以，t=4.0s时物体速度
v1=a1t=8.0m/s
(2)绳断后，物体距斜面底端

断绳后，设加速度为a2，由牛顿第二定律得：
mgsinθ+μmgcosθ=ma2
得
a2=g（sinθ+μcosθ）=8.0m/s2
物体做减速运动时间

减速运动位移

此后物体沿斜面匀加速下滑，设加速度为a3，则有：
mgsinθ-μmgcosθ=ma3
得
a3=g（sinθ-μcosθ）=4.0m/s2
设下滑时间为t3，则

解得：

所以