河南周口市川汇区2025年物理高一上期末统考模拟试题含解析.doc

河南周口市川汇区2025年物理高一上期末统考模拟试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、通过学习牛顿运动定律、惯性等知识，我们可以知道
A.物体的运动需要力来维持
B.加速度的方向可能与合力的方向相反
C.物体之间的作用力与反作用力，总是同时产生同时消失的
D.惯性的大小由速度的大小决定，速度大的物体，其惯性大
2、下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（　　）

A.极限法 B.控制变量法
C.放大法 D.等效替代法
3、质量是m的物体在粗糙的水平面上受水平恒定拉力F的作用，从静止出发，经过时间t速度达到v，要使物体从静止出发速度达到2v，下列方法可行的是？ ( )
A.力F增加为原来的二倍 B.力F和动摩擦因数都增加为原来的二倍
C.质量增加为原来的二倍 D.质量、力、时间都增加为原来的二倍
4、一质点自原点开始在x轴上运动，初速度v0>0，加速度a>0，当a值不断减小直至为零，则
A.该过程中，质点的速度不断减小 B.该过程中，质点速度的变化率不断增大
C.当a＝0时，质点的速度达到最大 D.当a＝0时，质点的位移达到最大值
5、质点是物理学中一种理想化的模型，一个物体能否看成质点是由所要研究的问题决定的．下列在所研究问题中的对象能看成质点的是
A.研究如何踢出“香蕉球”时的足球
B.研究如何发出“上旋球"或“下旋球"时的乒乓球
C.研究如何在翻滚时控制飞行姿态歼-20隐形战机
D.研究如何用北斗系统(COMPASS)卫星精准定位行驶中汽车
6、某同学利用如图甲所示装置探究弹簧的弹力F与弹簧伸长量x的关系．在实验过程中，弹簧的形变始终在弹性限度内，弹簧自身质量可忽略不计．根据实验数据，他作出了F-x图像，如图乙所示，据此可知：

A.弹簧的劲度系数k=100N/m
B.弹簧的弹力F跟弹簧的长度成正比
C.弹簧的弹力F跟弹簧伸长量x成正比
D.弹簧的弹力F跟弹簧伸长量x成反比
7、如图所示，质量为m的木块A放在水平面上的质量为M的斜面体B上，现用大小相等方向相反的两个水平推力F分别作用在A、B上，A、B均保持静止不动．则( )

A.A与B之间不一定存在摩擦力
B.B与地面之间一定存在摩擦力
C.B对A的支持力一定等于mg
D.地面对B的支持力大小一定等于(m＋M)g
8、2018年10月24日，安徽省第十四届运动会在蚌埠体育中心闭幕．运动员在下列运动过程中均不考虑空气阻力，其说法正确的是（　　）
A.跳高运动员在越杆时处于平衡状态
B.蹦床运动员在空中上升到最高点时处于完全失重状态
C.举重运动员在举铃过头停在最高点时铃处于平衡状态
D.跳远运动员助跑是为了增加自己的惯性，以便跳得更远
9、如图甲所示，平行于光滑斜面的轻弹簧劲度系数为k，一端固定在倾角为θ的斜面底端，另一端与物块A连接，两物块A、B质量均为m，初始时均静止，现用平行于斜面向上的力F拉动物块B，使B做加速度为a的匀加速运动，A、B两物块在开始一段时间内的v-t关系分别对应图乙中A、B图线，t1时刻 A、B 的图线相切，t2时刻对应A图线的最高点，重力加速度为g。则下列说法正确的是（ ）

A.t1时刻，弹簧的形变量为
B.t1时刻，A、B刚分离时的速度为
C.t2时刻，弹簧形变量为0
D.从开始到t2时刻，拉力F先逐渐增大后不变
10、如图，两个质量分别为m1=3kg，m2=2kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接，两个大小分别为F1=30N，F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（　　）

A.弹簧秤的示数是50N
B.弹簧秤的示数是24N
C.在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为2m/s2
D.在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度大小为12m/s2
11、水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，如图所示，为一水平传送带装置示意图，绷紧的传送带AB始终保持恒定的速率v=1m/s运行，一质量为m=4kg的行李无初速度地放在A处，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速直线运动，随后行李又以与传送带相等的速率做匀速直线运动．设行李与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，A、B间的距离L=2m，则

A.行李刚开始运动时的加速度大小为1m/s2
B.行李从A运动到B的时间为2.5s
C.行李在传送带上滑行痕迹的长度为1m
D.如果提高传送带的运行速率，行李从A处传送到B处的最短时间可能为2s
12、如图所示，物体放在物体上，物体放在光滑的水平面上，已知，.、间动摩擦因数物体上系一细线，细线能承受的最大拉力是，水平向右拉细线，下述中正确的是（取）（）

A.当拉力时，静止不动
B.当拉力时，相对滑动
C.当拉力时，受到的摩擦力等于
D.在细线可以承受的范围内，无论拉力多大，相对始终静止
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则。在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的质量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力、、和，回答下列问题。

(1)改变钩码个数，实验能完成的是____________
A.钩码的个数，
B.钩码的个数，
C.钩码的个数，，
(2)在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是____________
A.标记结点O位置，并记录、、三段绳子的方向
B.量出、、三段绳子的长度
C.用量角器量出三段绳子之间的夹角
D.用天平测出钩码的质量
(3)在作图时，你认为图中__________（选填“甲”或“乙”）是正确的。

14、某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图

（1）如果没有操作失误，图乙中的与两力中，方向一定沿AO方向的是_____
（2）本实验采用的科学方法是_____
A．理想实验法 B．等效替代法 C．控制变量法
（3）下列方法中，有助于减小实验误差的是_____
A．尽可能使OB和OC两细绳的夹角大些
B．尽可能使两弹簧秤的读数相差大些
C．尽可能使OB和OC两细绳与纸面平行
15、在做“互成角度的两个力的合成”的实验时：
(1)需要的器材有：方木板、白纸、细绳套两个，三角板、刻度尺、铅笔、图钉几个，还需要_____；
(2)某小组得出如图所示的图（F与AO共线），图中_____是F1与F2合成的实际值；在实验中如果将两个细绳套换成两根橡皮条，那么实验结果是否变化_____（填“变”或“不变”）。

三．计算题(22分)
16、（12分）如图，位于水平地面上的木块质量为M＝20kg．受到大小为F＝100N、方向与水平方向成a＝53°角的拉力作用后由静止开始水平向右做匀加速直线运动．若木块与地面之间的动摩擦因数为μ＝0.2，求：

（1）画出木块的受力示意图，求木块对地面的压力？
（2）木块的加速度多大？
（3）拉力作用下木块在前5s内的位移多大？
17、（10分）如图所示，一速度v=4m/s顺时针匀速转动的水平传送带与倾角θ=37°的粗糙足长斜面平滑连接，一质量m=2kg的可视为质点的物块，与斜面间的动摩擦因数为μ1=0.5，与传送带间的动摩擦因数为µ2=0.4，小物块以初速度v0=10m/s从斜面底端上滑求：（g=10m/s2）
（1）小物块以初速度v0沿斜面上滑的最大距离？
（2）要使物块由斜面下滑到传送带上时不会从左端滑下，传送带至少多长？
（3）若物块不从传送带左端滑下，物块从离传送带右侧最远点到再次上滑到斜面最高点所需时间？

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，故A错误；根据牛顿第二定律F=ma，可知加速度的方向与合力的方向相同，故B错误；根据牛顿第三定律，作用力和反作用力总是同时产生，同时消失，故C正确；惯性的大小由质量决定，与速度无关，故D错误；选C.
2、C
【解析】由于这两个实验形变量都比较小，所以采用了放大法来观察，故C正确；
故选C
3、D
【解析】物体在拉力作用下做匀加速直线运动，根据加速度的变化，通过牛顿第二定律来判断可行的方法
【详解】从静止出发，经时间t速度达到v，则v=at；根据牛顿第二定律，即；要使物体从静止出发速度达到2v，将F变为原来2倍，加速度未变为原来的2倍，速度不能变为2倍．故A错误；把力F和动摩擦因数都增加为原来的2倍，加速度为原来的2倍，但是时间不确定，则速度不一定变为2倍，故B错误；只把质量增加为原来的2倍，物体的加速度减小，故方法不可行，选项C错误；质量、力、时间都增加为原来的二倍，则加速度不变，时间变2倍，则速度变2倍，选项D正确；故选D.
【点睛】解决本题的关键通过速度公式和牛顿第二定律找到速度与力、质量、动摩擦因数以及时间的关系式，然后进行讨论.
4、C
【解析】ACD．初速度v0>0，加速度a>0，可知初速度的方向与加速度方向相同，质点做加速运动，速度逐渐增大，当加速度减小到零，速度达到最大，做匀速运动，由于速度的方向未变，则位移一直增大，故A，D项错误，C项正确；
B．由于加速度值减小，由公式可知，质点速度的变化率不断减小，故B项错误
5、D
【解析】A．研究如何踢出“香蕉球”时的足球，要考虑球的转动，所以不能简化为质点，故A不符合题意；
B．研究如何发出“上旋球”或“下旋球”时的乒乓球时，不能把乒乓球看作质点，否则看不出乒乓球的转动，故B不符合题意；
C．研究如何在翻滚时控制飞行姿态的歼20隐形战机时，战斗机的大小与形状不能忽略不计，否则没有飞行的姿态，故不可以简化为质点，故C不符合题意；
D．研究如何用北斗系统（COMPASS）卫星精准定位行驶中的汽车时，汽车的大小可以忽略不计，可以把汽车看作质点，故D符合题意。
故选D。
6、C
【解析】根据所画出图象，可知弹簧的弹力F跟弹簧伸长量x的关系，根据胡克定律可知，图象的斜率大小等于劲度系数大小；
【详解】依据作出图象，过原点，则可知，弹簧的弹力F跟弹簧伸长量x成正比，图象的斜率表示劲度系数的大小，由此可得，故选项C正确，ABD错误
7、AD
【解析】先对两个木块整体进行受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力；再对物体A受力分析，根据平衡条件求解物体A对物体B的支持力和摩擦力
【详解】对物体m受力分析，受重力mg、已知的推力F、斜面体M对m的支持力N′和摩擦力f当推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量时，摩擦力f为零，如图：

根据共点力平衡的条件，运用正交分解法，可以得到：N′=mgcosθ+Fsinθ；故A正确，C错误；先对两个木块整体受力分析，受到重力（M+m）g、地面的支持力N和已知的两个推力，如图所示：

对于整体，由于两个推力的合力刚好为零，故整体与地面间没有摩擦力；根据共点力平衡条件，有：N=（M+m）g；故B错误，D正确；故选AD
【点睛】本题关键是对两个木块整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力，然后再对物体m受力分析，再次根据平衡条件列式求解出各个力的情况
8、BC
【解析】明确超重和失重的性质分析是否失重；知道加速度向上时为超重，加速度向下时为失重；知道惯性大小只与质量有关
【详解】跳高运动员在越杆时受到重力作用，处于非平衡状态，故A错误；蹦床运动员在空中上升到最高点时速度为零，加速度为g，方向竖直向下，故处于完全失重状态，故B正确；举重运动员在举铃过头停在最高点时，铃处于静止状态，即平衡状态，故C正确；质量是惯性的唯一量度，助跑是为了跳出时速度大，跳得更远，故D错误．所以BC正确，AD错误
【点睛】本题考查超重失重现象以及惯性的性质，要注意明确物体超重失重只与加速度有关，加速度向下即为失重，加速度向上即为超重
9、AD
【解析】考查牛顿第二定律的应用。
【详解】A．由图乙可知，t1时刻两物块开始分离，AB之间无弹力，对A受力分析，设此时压缩量为x2，由牛顿第二定律：

解得，A正确；
B．初始时均静止，设初始时压缩量为x1，由平衡方程：

解得
则从开始到分离的位移为：

由位移与速度的关系式：

解得，B错误；
C．t2时刻，A图线的斜率为0，即A物体加速度为零，设此时压缩量为x3，由平衡条件：

解得，C错误；
D．从开始到t1时刻，由牛顿第二定律：

由于弹簧压缩量减小，弹力减小，而加速度a不变，所以拉力F增大；t1到t2时刻，由于AB已经分离，B不受A的作用力，此时由牛顿第二定律：

加速度不变，可知，拉力F不变，D正确。
故选AD。
10、BCD
【解析】AB．把m1、m2看成一个整体，则合力为30N－20N=10N，方向向右；则两个物体的加速度为

方向向右；再将m1隔离开来，单独对它进行受力分析，在水平方向上，m1受到F1、弹簧的作用力T，故由牛顿第二定律可得

故

故A错误，B正确；
C．在突然撤去F2的瞬间，m1的受力情况没有突然发生改变，故其加速度仍是不变的，仍是2m/s2，故C正确；
D．m2则只受到弹簧的拉力的作用，故此时其加速度的大小为

故D正确。
故选BCD。
11、ABD
【解析】（1）对行李进行受力分析，求出受到的摩擦力的大小，然后又牛顿第二定律即可求出加速度；（2）行李在传送带上先做匀加速直线运动，当速度达到传送带的速度，和传送带一起做匀速直线运动，根据运动学公式即可求出匀加速运动的时间；（3）若行李一直做匀加速运动，运动的时间最短，由此求出
【详解】A、行李的质量是4kg，则重力是40N，行李与传送带之间的弹力为40N，则行李受到的摩擦力：，行李的加速度：，故A正确；B、设行李做匀加速运动的时间为t1，由题意知行李加速运动的末速度v=1m/s，则由匀加速直线运动规律v=at1得：，该过程中的位移：，行李匀速运动的时间：，所以运动的总时间：t=t1+t2=1+1.5=2.5s．故B正确；在行李加速的时间内传送带的位移：x2=vt1=1×1=1m，行李在传送带上滑行痕迹的长度为：△x=x2-x1=1-0.5=0.5m．故C错误；D、若行李从A一直匀加速运动到B时，传送时间最短．则，故D正确．故选ABD
【点睛】解决本题的关键会根据受力判断行李的运动情况，以及知道当行李一直做匀加速直线运动，运行时间最短
12、CD
【解析】水平面光滑，则当在A上施加力时，开始时AB相对静止，且沿地面滑动；假设绳子不断裂，则当绳子拉力增大到某一值时B物体会开始滑动，此时A、B之间达到最大静摩擦力．以B为研究对象，最大静摩擦力产生加速度，由牛顿第二定律得：μmAg=mBa；a=μg=6m/s2，以整体为研究对象，由牛顿第二定律得：F=（mA+mB）a=（6+2）×6N=48N；即当绳子拉力达到48牛时两物体才开始相对滑动．在细线可以承受的范围内，无论拉力多大，相对始终静止，所以AB错误，D正确．当拉力为16N时，AB相对静止，由F=（mA+mB）a′代入数据解得：a′=2m/s2，f=mBa′=2×2N=4N，故C正确．故选CD
【点睛】题属于动力学的临界问题，关键求出相对运动的临界加速度，判断在绳子拉力范围内是否发生相对运动，注意整体法和隔离法的运用

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (1).C (2).A (3).甲
【解析】（1）[1] 对O点受力分析

OA、OB、OC分别表示三个力大小，由于三共点力处于平衡，所以OC等于OD，因此三个力的大小构成一个三角形
A．以钩码的个数表示力的大小，则不能构成三角形，A错误；
B．以钩码的个数表示力的大小，则不能构成三角形，B错误；
C．以钩码的个数表示力的大小，则三力为边构成等边三角形，C正确。
故选C。
（2）[2] 为验证平行四边形定则，必须做受力图，所以先明确受力点，即标记结点O的位置，其次要做出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示，因此要做好记录，是从力的三要素角度出发，要记录砝码的个数和记录OA、OB、OC三段绳子的方向。
故选A。
（3）[3] 以O点为研究对象，F3的是实际作用效果在OC这条线上，由于误差的存在，F1、F2的理论值要与实际值有一定偏差，故甲图符合实际，乙图不符合实际。
14、 ①. ②.B ③.C
【解析】(1)是实验测得的、用平行四边形定则作图而得，是用一个力拉橡皮条时直接测量而得．则方向一定沿AO方向的是
(2) 本实验采用的科学方法是等效替代法．故B项正确
(3)A：尽可能使OB和OC两细绳的夹角大，会使合力偏小，测量的相对误差较大．故A项错误
B：尽可能使两弹簧秤的读数相差大些，会使弹簧秤读数较小的那个力测量的相对误差较大．故B项错误
C：尽可能使OB和OC两细绳与纸面平行，这样才能使所有力在一平面内，减小实验的误差．故C项正确
15、 ①.弹簧测力计（两个）、橡皮筋 ②.F′ ③.不变
【解析】(1)[1]在做“互成角度的两个力的合成”的实验时，先用两个弹簧测力计拉橡皮筋到结点O，然后用一个弹簧测力计拉橡皮筋到同一位置结点O，而后作图验证，依据题目提供的器材，还需要：弹簧测力计（两个）、橡皮筋；
(2)[2][3] F1与F2合成的实际值是通过平行四边形定则算出的值，则F1与F2合成的实际值是F´；在实验中如果将两个细绳套换成两根橡皮条，实验效果与细绳套是一样的，实验结果不变。

三．计算题(22分)
16、（1）120N；（2）1.8m/s2；（3）22.5m
【解析】(1)受力如图

竖直方向FN+Fsin530-mg=0,得FN =120N,
根据牛顿第三定律可知木块对地面的压力大小为120N，方向竖直向下
(2)根据牛顿第二定律，水平方向Fcos530-μFN =ma得a=1.8m/s2；
(3)
17、 (1) x1=5m；（2）L=2.5m；（3）t=1.525s
【解析】（1）小物块以初速度v0沿斜面上滑时，以小物块为研究对象，由牛顿第二定律得

解得

设小物块沿沿斜面上滑距离为x1，则

解得

（2）物块沿斜面下滑时以小物块为研究对象，由牛顿第二定律得

解得

设小物块下滑至斜面底端时的速度为v1，则

解得

设小物块在传送带上滑动时的加速度为a3, 由牛顿第二定律得

解得

设物块在传送带向左滑动的最大距离为L，则

解得

传送带至少2.5m物块不会由传送带左端滑下。
（3）设物块从传送带左端向右加速运动到和传送带共速运动的距离为x2，则

解得

故小物体先加速再随传送带做匀速运动。设小物体加速至与传送带共速用时t1，则

解得

设小物体匀速运动用时t2，则

解得

设小物体由底端上滑到斜面最高点所时间t3，则

解得

物块从离传送带右侧最远点到再次上滑到斜面最高点所需时间