江苏省盐城市大丰区南阳中学2025年物理高二上期末复习检测试题含解析.doc

江苏省盐城市大丰区南阳中学2025年物理高二上期末复习检测试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、根据磁感强度的定义式，下面说法正确的是
A.B随着IL乘积的增大而减小
B.B随着F的增大而增大
C.B的方向与F的方向一致
D.B与F、I、L的变化无关
2、如图所示，螺线管的匝数为1000、横截面积为10cm2电阻为1Ω，与螺线管串联的外电阻R1=5Ω、R2=4Ω．向右穿过螺线管的磁场的磁感应强度按图所示的规律变化，则下列说法正确的是（ ）

A.0~1s内，螺线管产生的感应电动势为4×10－3V
B.1s~2s内，R2中通过的电流方向向右
C.1s~2s内，电路中通过的电流为0.3A
D.1s~2s内，R1两端的电压为3V
3、随着集成电路的广泛应用，对集成度的要求越来越高，集成度越高，各种电子元件越微型化，图中R1和R2是材料相同、厚度相同、表面为正方形的导体，但R1的边长是R2的100倍，通过两导体电流方向如图所示，则下列说法中正确的是（）

A.R1=100R2
B.R1=10000R2
C.在同一坐标系画出的I--U图像中，R1电阻对应的图像斜率大
D.将它们并联在电路中流过R1和R2的电流大小相同
4、以初速度竖直向上抛出一物体，空气阻力大小不变。关于物体受到的冲量，以下说法正确的是（ ）
A.物体上升阶段和下落阶段受到的重力的冲量方向相反
B.物体上升阶段和下落阶段受到空气阻力冲量的大小相等
C.物体在下落阶段受到重力的冲量小于上升阶段受到重力的冲量
D.物体从抛出到返回抛出点，动量变化的方向向下
5、如图所示，两等量同种点电荷的电量均为+Q，直线AO为两等量正电荷连续的中垂线，O点为垂足，A点为中垂线上的点，B点为两电荷连续上的点．电子具有某一方向上的初速度．下列说法正确的是（）

A.若电子从A点运动到O点，电子加速度一定减小
B.若电子从A点运动到O点，电子电势能一定减小
C.若电子从O点运动到B点，电子的动能一定减小
D.若电子的初速度与OA垂直，电子的动能一定增大
6、如图，半径相同的两个金属球A、B带有相等的电荷量（可视为点电荷），相隔一定距离，两球之间相互吸引力的大小是F。今让第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开。这时，A、B两球之间的相互作用力的大小是（　　）

A. B.
C. D.
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、关于通电导线所受安培力F的方向，以下各图示正确的是
A. B.
C. D.
8、如图所示电路中，定值电阻R大于电源内阻r，当滑动变阻器滑动端向右滑动后，理想电流表A1、A2、A3的示数变化量的绝对值分别为DI1、DI2、DI3，理想电压表示数变化量的绝对值为DU，下列说法中正确的是（）

A.电流表A2的示数一定变小
B.电压表V的示数一定增大
C.DI3一定大于DI2
D.DU与DI1比值一定小于电源内阻r
9、如图所示，一匀强磁场B垂直于倾斜放置的光滑绝缘斜面斜向上，匀强磁场区域在斜面上虚线ef与gh之间．在斜面上放置一质量为m、电阻为R的矩形铝框abcd，虚线ef、gh和斜面底边pq以及铝框边ab均平行，且eh＞bc．如果铝框从ef上方的某一位置由静止开始运动．则从开始运动到ab边到达gh线之前的速度（v）﹣时间（t）图象，可能正确的有（）

A. B.
C. D.
10、如图所示，矩形线框abcd的ad和bc的中点M、N之间连接一电压表，整个装置处于足够大的匀强磁场中，磁场的方向与线框平面垂直，当线框向右匀速平动时，以下说法正确的是（　　）

AMN这段导体做切割磁力线运动，MN间有电势差
B.穿过线框的磁通量不变化，MN间无感应电动势
C.MN间无电势差，所以电压表无示数
D.因为无电流通过电压表，所以电压表无示数
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）如图所示为用多用电表测电路中电流的实验，图中多用电表测定的是________(填“甲电阻”“乙电阻”或“总”)的电流，测得电流的大小是________

12．（12分）为了测定一节干电池的电动势和内阻，实验室中准备了下列器材：
待测干电池E（电动势约1.5V，内阻约1.0Ω）
电流表G（满偏电流3mA，内阻10Ω）
电流表A（量程0~0.60A，内阻约0.10Ω）
滑动变阻器R1（0~20Ω，2A）
滑动变阻器R2（0~100Ω，1A）
定值电阻R3=990Ω
开关S和导线若干
（1）小明同学在某一次的测量过程中两电流表的指针偏转如图（甲）所示，则电流表A的读数为____A，电流表G的读数为____mA；

（2）请在虚线框中画出他的实验电路图。（标明所选仪器的符号）______

（3）图（乙）为小明根据实验数据作出的I1-I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），由该图线可得被测干电池的电动势E=____V，内阻r=____Ω。
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

14．（16分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
15．（12分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、D
【解析】磁感应强度是用来描述磁场强弱的一个物理量，只与磁场本身有关，大小与F、I、L及其变化都无关，方向与F的方向垂直
A、A项与上述分析结论不相符，故A错误；
B、B项与上述分析结论不相符，故B错误；
C、C项与上述分析结论不相符，故C错误；
D、D项与上述分析结论相符，故D正确
2、D
【解析】利用法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律联合分析即可求解；
【详解】A、在0~1s内，由法拉第电磁感应定律可知，螺线管产生的感应电动势为：
，故选项A错误；
B、在1s~2s内，磁感应强度减小，穿过螺线管的磁通量减少，根据楞次定律可判断，中通过的电流方向向左，故选项B错误；
C、在1s~2s内，螺线管产生的感应电动势为：，根据闭合电路的欧姆定律有，两端的电压为，故选项C错误，D正确
【点睛】此题要求重点掌握：法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，并能熟练运用
3、D
【解析】设导体电阻率为ρ，厚度为d，边长为L，则由电阻定律，导体的电阻，可知电阻与边长L无关，所以R1=R2，故A B错误；在同一坐标系画出的I-U图象中，斜率的倒数表示电阻，故斜率相同，故C错误；由于R1=R2，将它们并联在电路中流过R1和R2的电流大小相同，故D正确．所以D正确，ABC错误
4、D
【解析】A．向上运动的过程中空气的阻力的方向向下，则

下降的过程中空气的阻力方向向上，则

由于下降的过程中的位移等于上升过程中的位移，由运动学的公式可知上升的时间一定小于下降过程中的时间。物体上升阶段和下落阶段受到的重力的方向都向下，所以重力的冲量方向相同，故A错误；
B．上升阶段的时间小，所以物体上升阶段物体受到空气阻力冲量的大小小于下降阶段受到空气阻力冲量的大小，故B错误；
C．上升阶段的时间小，物体在下落阶段受到重力的冲量大于上升阶段受到重力的冲量，故C错误；
D．的初速度的方向向上，末速度的方向向下，所以物体从抛出到返回抛出点，动量变化的方向向下，故D正确。
故选D。
5、B
【解析】A项：在等量同种电荷连线中垂线上电场强度方向O→a，电子从a点到O点运动的过程中，电场力方向a→O，故加速度向下，与速度同向，故速度越来越大；但电场线的疏密情况不确定，O点上方的电场强度最大点位置不确定，故电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况无法判断．故A错误；
B项：若电子从A点运动到O点，电势升高，电子电势能减小，故B正确；
C项：若电子从O点运动到B点，电场力做正功，电势能减小，动能增大，故C错误；
D项：若电子的初速度与OA垂直，电子的动能可能增大，也可能先减小后增大，故D错误
故选B
6、A
【解析】A、B两球相互吸引，则两球带异种电荷，设A带有电荷量为Q，B带有电荷量为-Q，相隔一定距离r，两球之间相互吸引力的大小是

第三个不带电的金属小球与A球接触后移开，第三个球与A球的带电量都为，第三个球与B球接触后移开，第三个球与B球的带电量都为

A、B两球之间的相互作用力的大小

故选A。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、AD
【解析】根据左手定值可知，A图中的安培力竖直向上，故A正确；B中安培力竖直向下，故B错误；C中垂直纸面向外，故C错误；D安培力竖直向上，D正确；故选AD
8、BCD
【解析】AB．当滑动变阻器滑动端向右滑动后，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流减小，所以电流表A3的示数减小。根据闭合电路的欧姆定律可知，总电流I3减小，则内电压减小，则外电压即并联部分电压增大，即电压表V的示数一定增大，电流表A2的示数一定变大，A错误，B正确；
C．由图可知，电压表测量的是外电路电压U，根据闭合电路欧姆定律
U = E - I3r
根据欧姆定律
U = I2R
当滑动变阻器向右滑动时，外电路U增大，设其变化量为DU，则根据上式可得
DI3r = DU
DI2R = DU
因为外电路电压变化量一样，而
R>r
因此有
DI3>DI2
C正确；
D．电压表测量路端电压，根据闭合电路欧姆定律
U=E - I3r
可知

根据并联电路分流规律可得
I3=I1 + I2
因为I3减小，而I2增大，所以I1一定减小，且减小量比I3的减小量大，即DI3一定小于DI1，故

D正确。
故选BCD。
分卷II
9、AD
【解析】线框开始阶段，未进入磁场，做匀加速直线运动，进入磁场时，切割磁感线产生感应电流，受到沿斜面向上的安培力，若速度适中，安培力与重力沿斜面向下的分力大小相等，则线圈做匀速直线运动，由于磁场的长度大于线圈的长度，所以当线圈在磁场中运动的位移大于线圈的宽度后，线圈完全进入磁场中，由于磁通量不变，不产生感应电流，线圈做匀加速直线运动，线圈dc边出磁场时，开始做加速度减小的减速运动，最后可能做匀速运动，速度大于等于线圈进入磁场时的速度，故A正确BC错误；若线圈进入磁场时速度较小，线圈做加速度减小的加速运动，线圈完全进入磁场中，由于磁通量不变，不产生感应电流，线圈做匀加速直线运动，线圈dc边出磁场时，开始做加速度减小的减速运动，最后可能做匀速运动，速度大于等于线圈进入磁场时的速度，故D正确
【点睛】线框未进入磁场前做匀加速直线运动，进入磁场时，切割磁感线产生感应电流，受到沿斜面向上的安培力，根据安培力与重力沿斜面向下的分力关系，判断线框的运动情况
10、AD
【解析】MN切割磁感线，所以MN产生感应电动势，MN间有电势差，故A正确、B错误；穿过线框的磁通量不变化，所以无感应电流，因此电压表无读数，故C错误，D正确

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.乙电阻　 ②.50.0mA
【解析】由电路中连接情况知，多用电表与乙电阻串联，故测定的是乙电阻的电流．由图知选择量程为100mA，故指针指示读数为50.0mA
12、 ①.0.22 ②.1.30 ③. ④.1.47（1.46-1.48都正确） ⑤.0.76Ω（0.68-0.88都正确）
【解析】（1）根据电表的量程确定最小分度，则可求得指针的示数；
（2）本实验中只需得出流过电源的电流及电源的路端电压即可，分析给出的仪器可知电路的接法及电表的使用；
（3）由闭合电路欧姆定律可得出与题目中给出仪器有关的表达式，再由数学规律可得出电动势和内电阻。
【详解】（1）[1]电流表量程为0.6A，则最小分度为0.02A，读数为0.22A；
[2]电流表量程为3mA，最小分度为0.1mA，则指针示数为1.30mA；
（2）[3]本题中可用电流表G与定值电阻串联作为电压表使用，再将滑动变阻器R1与电流表A串接在电源两端即可，如图：

（3）[4][5]由闭合电路欧姆定律可得

变形得

由数学知可得

由图可知
b=1.47
k==0.76×10-3
故解得
E=1.47V（1.46-1.48都正确）
r=0.76Ω（0.68-0.88都正确）
【点睛】本题要注意电路中采用的是安安法测电动势和内电阻，其本质就是用其中的表头改装电压表；另外在解题时要注意一些细节，如图像中的纵坐标不是从零开始变化的，并且其单位为mA等，都应细心观察。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答
15、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N