山西省忻州一中、临汾一中、精英中学、鄂尔多斯一中2025年物理高二第一学期期末综合测试模拟试题含解析.doc

山西省忻州一中、临汾一中、精英中学、鄂尔多斯一中2025年物理高二第一学期期末综合测试模拟试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，使一个水平铜盘绕过其圆心的竖直轴OO’转动，且假设摩擦等阻力不计，转动是匀速的.现把一个蹄形磁铁移近铜盘，则（　　）

A.铜盘转动将变慢
B.铜盘转动将变快
C.铜盘仍以原来的转速转动
D.铜盘的转动速度如何变化要由磁铁的上、下两端的极性来决定
2、在光电效应实验中，用单色光照射某种金属表面，有光电子逸出，则光电子的最大初动能取决于入射光的 （ ）
A.频率 B.强度
C.照射时间 D.光子数目
3、如图所示，a、b是x轴上两个点电荷，电荷量分别为q1和q2，沿x轴a、b之间各点对应的电势高低如图中曲线所示，a、p间距离大于p、b间距离．从图中可以判断以下说法正确的是( )

A.a和b均为负电荷且q1一定大于q2
B.电势最低的p点的电场强度一定不为零
C.将一负的检验电荷从c处移到p处，电荷电势能增加
D.a、p间的电场方向都指向a点
4、如图所示，相同长度的同一材料导线做成不同形状的的单匝线圈，有正方形、等边三角形、圆形，将它们放在同一直线边界匀强磁场中，线圈平面与磁场垂直．现以相同的速度v将线圈从磁场中匀速拉出，当线圈的一半在磁场中时，线圈与磁场边界交点间电压最小的是
A. B.
C. D.
5、如图所示是一交变电流的图象，则该交流电电流的有效值为（ ）

A. B.
C. D.
6、某区域的电场线分布如图所示，M、N、P是电场中的三个点，则下列说法正确的是

A.P、N两点场强不等，但方向相同
B.试探电荷在M受到的电场力小于N点受到的电场力
C.试探电荷在P点的电势能一定小于在N点的电势能
D.带正电的粒子仅在电场力作用下，一定沿电场线PN运动
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、法拉第首先提出用电场线形象生动地描绘电场，如图所示为点电荷a、b所形成电场的电场线分布图，以下几种说法中正确的是（）

A.a、b为异种电荷，a电荷量大于b的电荷量
B.a、b为异种电荷，a的电荷量小于b的电荷量
C.a、b为异种电荷，a附近的电场强度大于b附近的电场强度
D.a、b为异种电荷，a附近的电场强度小于b附近的电场强度
8、如图所示，A、B为两个完全相同的灯泡，为自感线圈(自感系数较大；直流电阻不计)，为电源，为开关．下列说法正确的是

A.闭合开关的瞬间，A、B同时亮，但A很快又熄灭
B.闭合开关稳定后，A、B一样亮
C.闭合开关稳定后，断开开关，A、B立即同时熄灭
D.闭合开关稳定后，断开开关，A闪亮后又熄灭
9、如图甲所示，在真空中足够大的绝缘水平地面上，一质量为m=0.1kg、带电荷量为的小物块处于静止状态，小物块与地面间的摩擦因数.从t=0时刻开始，空间上加如图乙所示的电场.下列说法正确的是（）

A.4秒内小物块一直向同一方向运动
B.2s末小物块速度大小为2m/s
C.4秒内小物块的位移大小为6m
D.4秒内电场力对小物块所做的功为0.8J
10、在电场中把的正电荷从点移到点，电场力做功，再把这个电荷从点移到点，电场力做功。则下列说法正确的是
A.、、三点中电势最高的是点
B.若把的电荷从点移到点，电场力做功为
C.之间的电势差为
D.之间的电势差为
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻。
①分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图（a）和图（b）所示，长度为_____cm，直径为_____mm。

②按图（c）链接电路后，实验操作如下：
（a）将滑动变阻器R1的阻值置于最_____处（填“大”或“小”）；将S2拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；
（b）将电阻箱R2阻值调至最______（填“大”或“小”）；将S2拨向接点2；保持R1不变，调节R2，使电流表示数仍为I0，此时R2阻值为1280Ω；
③由此可知，圆柱体的电阻为_____Ω。
12．（12分）某学习小组拟研究一个标有“3.6V，1.8W”的小电珠的伏安特性曲线，可供选用的器材如下：
①电流表A，量程0～0.6A，内阻约为0.2Ω；
②电压表V，量程0～15V，内阻约为15kΩ；
③滑动变阻器R，阻值范围0～10Ω；
④学生电源E，电动势为4V，内阻不计；
⑤开关S及导线若干
(1)该学习小组中的甲同学设计了如图甲所示的电路进行测量，请按照图甲所示的电路图帮甲同学将图乙中的实物图连接起来___________

(2)甲同学在实验中发现，由于电压表的量程较大而造成读数误差很大，因而影响了测量结果．于是又从实验室找来一量程为Ig＝100μA、内阻Rg＝1000 Ω的灵敏电流计，想把该灵敏电流计改装成量程为5V的电压表，则需串联一个阻值为________Ω的电阻
(3)甲同学用改装后的电压表进行实验，得到电流表读数I1和灵敏电流计读数I2如表所示：
I1(A)
0
0.19
0.30
0.37
0.43
0.46
0.48
0.49
I2(μA)
0
10
20
30
40
50
60
70
请在图丙中的坐标纸上画出I1－I2图线______

(4)若将该小电珠接在如图丁所示的电路中，则该小电珠消耗的电功率约为________W．已知电源的电动势为E′＝3.0 V，内阻r＝1.5Ω，定值电阻R0＝4.5 Ω.(结果保留两位有效数字)
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

14．（16分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
15．（12分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、A
【解析】当一个蹄形磁铁移近铜盘时，铜盘转动，切割磁感线，产生感应电流，由楞次定律可知，安培力阻碍其相对运动，所以铜盘的转动将变慢.本题也可以从能量守恒的角度去分析，因为铜盘转动切割磁感线，产生感应电流，铜盘的机械能不断转化成电能，铜盘转动会逐渐变慢，选项A正确.BCD错误
故选A
2、A
【解析】根据爱因斯坦光电效应方程： ，光电子的最大初动能只与入射光的频率在关，与其它无关．而光照强度，照射时间及光子数目与逸出的光电子数量的关，故A正确，BCD错误
3、C
【解析】AB．由于从a到b，电势φ先减小后增大，所以a、b均为正电荷，根据φ—x图像的可知图像切线斜率表示电场强度，所以P点的电场强度为0，由库仑定律及电场的叠加可知q1>q2，故A错误，B错误；
C．根据可知将一负检验电荷从c处移到p处过程中电势降低，电势能增加，故C正确；
D．因为从a到P电势都在降低，故a、p间的电场方向都指向p点，故D错误
4、A
【解析】线圈与磁场边界交点间电压是外电压，等于感应电动势的一半，根据有效切割长度分析感应电动势，确定哪种情况的感应电动势最小，即可作出判断
【详解】设导线的总长度为S．A图中：设正方形边长为L，则4L=S，有效切割长度 L=S/4；B图中：设正三角形的边长为a，则 3a=S，a=S/3，有效切割长度 L=asin60°=S；C图中：设圆的直径为d，则 πd=S，有效切割长度; D图中：设正方形边长为l，有效切割长度为；由数学知识可知，A图中有效切割长度最小，产生的感应电动势最小，则线圈与磁场边界交点间电压最小．故A正确．故选A
【点睛】解决本题的关键是运用数学知识确定有效的切割长度，分析感应电动势的关系，要注意线圈与磁场边界交点间电压是外电压，不是内电压
5、D
【解析】设电流的有效值为I．取一个周期时间，由电流的热效应得

解得
I=3A
故ABC错误，D正确；
故选D。
6、B
【解析】A．P、N两点场强不等，而且在一条曲线上，切线方向不同，场强方向不同，A错误；
B．N点电场线密，场强大，试探电荷在这受到的电场力大，B正确；
C．不知道试探电荷的正负，没办法判断电势能，C错误；
D．带正电粒子仅在电场力作用下，由于电场线曲线，所以不沿电场线PN运动，D错误；
故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、BD
【解析】AB．根据电场线由正电荷出发，终止于负电荷可知为异种电荷；根据点电荷的场强公式：知，场源的电荷量越大距离场源相同距离的位置场强越大，电场线越密，所以a的电荷量小于b的电荷量，故A错误，B正确；
CD．根据电场线的疏密程度表示场强的大小，可以判断a点电场线稀疏，a点的场强小于b点的场强，故C错误，D正确；
故选BD。
8、AD
【解析】闭合S，A、B同时亮，随着L中电流增大，线圈L直流电阻可忽略不计，分流作用增大，A逐渐被短路，总电阻减小，再由欧姆定律分析B灯亮度的变化．断开S，B灯立即熄灭，线圈中电流，根据楞次定律判断A灯亮度如何变化
A、B闭合S时，电源的电压同时加到两灯上，A、B同时亮，随着L中电流增大，由于线圈L直流电阻可忽略不计，分流作用增大，A逐渐被短路直到熄灭，外电路总电阻减小，总电流增大，B变亮．故A正确，B错误
C、D断开S，B立即熄灭，线圈中电流减小，产生自感电动势，感应电流流过A灯，A闪亮一下后熄灭．故C错误，D正确
故选AD
考点：自感现象和自感系数
点评：对于通电与断电的自感现象，它们是特殊的电磁感应现象，可楞次定律分析发生的现象
9、AD
【解析】ABC．0～2s，由牛顿第二定律得物块加速度：

物块向右做加速运动，2s末小物块速度

前2s内的位移

2～4s，由牛顿第二定律得加速度

物块向右做减速运动，4s末减速到零，2～4s的位移

4秒内小物块的位移

故A正确，BC错误；
D．4秒内电场力对小物块所做的功

代入数据解得

故D正确
10、BC
【解析】ACD．根据题意：

解得：

零电势的选取是任意的，题中未指定零电势，所以假设，则，，所以C点电势最高，故AD错误，C正确；
B．据电势差与电势关系可得：

则将另一电荷由A移到C电场力做功：

故B正确。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.5.01 ②.5.315 ③.大 ④.大 ⑤.1280
【解析】①[1]根据游标卡尺读数规则，主尺读数为5cm，游标尺读数为0.1×1mm，长度为5.01cm；
[2]根据螺旋测微器的读数规则，主尺读数为5mm，可动刻度为31.5×0.01mm，所以直径为5.315mm。
②（a）[3]了保护电路，因此闭合电键前，滑动变阻器一定调到阻值最大；
（b）[4]将S2拨向接点2时，为了保护电路安全，一定将电阻箱调到最大；
③[5]此题采用等效替代法测量电阻，圆柱体的电阻等于电阻箱R2的阻值为1280Ω。
【点晴】首先应明确实验原理，本实验中测量电阻所采取的方法是替代法。
12、 ①.连接图见解析 ②.49000 ③.图像见解析 ④.0.35
【解析】(1)[1]如图所示

(2)[2]设需要串联的电阻阻值为Rx，则有:
Ig(Rg＋Rx)＝5 V
代入数据可得Rx＝49 000 Ω.
(3)[3]根据表格数据可以的下图

(4)[4]将定值电阻R0看做该电源的内阻的一部分，则内阻r′＝6 Ω，由此可得路端电压:
U＝E′－Ir′
在I1－I2图线所在坐标纸上作出该I－U图象如上一问图所示，可知其交点坐标表示的电流约为0.32 A，电压约为1.1 V，所以该小电珠消耗的功率约为:
P＝UI=0.32×1.1 W≈0.35 W.

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
14、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N
15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答