辽宁省抚顺县高级中学、第二高级中学、四方高中2025年物理高二下期末质量跟踪监视试题含解析.doc

辽宁省抚顺县高级中学、第二高级中学、四方高中2025年物理高二下期末质量跟踪监视试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、一质点沿直线Ox方向做变速运动，它离开O点的距离随时间变化的关系为x=（6＋2t3）m。则该质点在t=1s到t=3s内的平均速度大小为
A．30m/s
B．26m/s
C．14m/s
D．无法确定
2、如图所示，闭合金属圆环沿垂直于磁场方向放置在匀强磁场中，将它从匀强磁场中匀速拉出，以下各种说法中正确的是(　　)

A．向左和向右拉出时，环中感应电流方向相反
B．向左和向右拉出时，环中感应电流方向都是沿顺时针方向
C．向左和向右拉出时，环中感应电流方向都是沿逆时针方向
D．将圆环拉出磁场的过程中，当环全部处在磁场中运动时，也有感应电流产生
3、关于传感器工作的一般流程，下列说法中正确的是
A．非电信息→敏感元件→处理电路→电信息
B．电信息→处理电路→敏感元件→非电信息
C．非电信息→敏感元件→电信息→处理电路
D．非电信息→处理电路→敏感元件→电信息
4、拍摄立体电影时用一台摄影机,让它通过两个窗口(相当于人的双眼)交替拍摄,两套图像交替地印在同一条电影胶片上．放映时日用一台放映机,通过左右两个窗口,把两套图像交替地映在银幕上．在每个放映窗口前安装一块偏振片,两个窗口射出的光,通过偏振片后成了偏振光．左右两个窗口前的偏振片的透振方向互相垂直,因而产生的两束偏振光的偏振方向也互相垂直．这两束偏振光投射到银幕上再反射到观众那里,偏振方向不变．观众用偏振眼镜观看时,左眼只看到左窗口映出的画面,右眼只看到右窗口映出的画面,这样就会像直接观看物体那样产生立体感．下列说法正确的是（ ）
A．偏振眼镜的左、右两个镜片偏振方向应保持一致
B．偏振眼镜的左、右两个镜片偏振方向互换后不能正常观影
C．只用一只眼睛透过偏振眼镜也可以产生立体感,但是亮度减弱
D．把放映窗口的两个偏振片偏振方向改为相互平行,把偏振眼镜两个镜片的偏振方向也改为相互平行,并使两者偏振方向一致,也可以正常观影
5、一光滑的轻滑轮用细绳OO′悬挂于O点，站在地面上的人用轻绳跨过滑轮拉住沙漏斗，在沙子缓慢漏出的过程中，人握住轻绳保持位置不动，则在这一过程中（ ）

A．细线OO′与竖直方向夹角逐渐减小
B．细线OO′的张力逐渐增大
C．人对地面的压力将逐渐增大
D．人对地面的摩擦力将逐渐增大
6、如图所示，在光滑的水平面上有一辆平板车，一个人站在车上用锤子连续敲打小车。初始时，人、车、锤都静止。下列说法正确的是

A．连续敲打可使小车持续向右运动
B．人、车和锤组成的系统机械能守恒
C．人、车和锤组成的系统动量守恒
D．人、车和锤组成的系统水平方向动量时刻为零
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、在如图所示的含有理想变压器的电路中，变压器原、副线圈匝数比为20：1，图中电表均为理想交流电表，R为光敏电阻（其阻值随光强增大而减小），Ll和L2是两个完全相同的灯泡．原线圈接入如图乙所示的正弦交流电压u，不计导线的电阻，下列说法正确的是（ ）

A．交流电的频率为50Hz
B．电压表的示数为220V
C．当照射R的光强增大时，电流表的示数变大
D．若Ll的灯丝烧断后，电压表的示数会变大
8、 [物理-选修3-4]简谐横波在均匀介质中沿直线传播，P、Q是传播方向上相距为16m的两个质点。波先传到P点，从波传到Q开始计时，P、Q两质点的振动图像如图所示，下列说法中正确的是___________

A．该波的振动周期为6s
B．质点P开始振动的方向沿y轴正方向
C．该波从P传到Q的时间一定为10s
D．该波的波长可能为9.6m
E. 该波的传播速度一定为2m/s
9、如右图所示，上端封闭的玻璃管插在水银槽中，管内封闭着一段空气柱，管内外水银面的高度差为，若使玻璃管绕其最下端的水平轴偏离竖直方向一定角度，则管内外水银面的高度差h和管内气体长度l将（ ）

A．h增大
B．h减小
C．增大
D．减小
10、关于分子动理论和热力学定律，下列说法中正确的是
A．花粉颗粒在水中做布朗运动，反映了花粉分子在不停地做无规则运动
B．物体的温度越高，分子平均动能越大
C．若一定量的理想气体形胀对外做功50J，内能增加80J，则气体一定从外界吸收130J的热量
D．第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第一定律
E.分子间的斥力和引力大小都随分子间距离的增大而减小
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）（1）在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，有下列器材供选择：带有定滑轮的长木板、小车，细线，钩码，电火花打点计时器、纸带若干、110V交流电源、缺少的一种器材是：____________
(1)利用打点计时器探究小车的速度随时间变化的规律．如图给出了该次实验中,0、1、1、3、4、5、6都为计数点, 相邻两个记数点之间还有四个点未画．测得:s1=1.40cm,s1=1.90cm,s3=1.40cm,s4=1.90cm,s5=3.40cm,s6=3.90cm．

已知打点计时器电源频率为50 Hz，则纸带上打相邻两记数点的时间间隔为______s．在计数点3所代表的时刻,纸带运动的瞬时速度为v3=___m/s,物体的加速度a=___m/s1．(保留三位有效数字)
(3) “测定匀变速直线运动的加速度”部分实验步骤如下：
A．测量完毕，关闭电源，取出纸带
B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车
C．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连
D．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔
上述实验步骤的正确顺序是：_________________ (用字母填写)
12．（12分）利用电流表和电压表测量一节干电池的电动势和内阻。实验室电流表内阻约为0. 2~0. 6，电压表内阻约为1. 5~5k，被测干电池内阻约为1，要求尽量减小实验误差。
(1)应该选择的实验电路是图中的__________（填“甲”或“乙”）。
(2)现有电流表（0~0. 6A）、开关和导线若干，以及以下器材：
A．电压表（0~15V） B．电压表（0~3V）
C．滑动变阻器（0~10） D．滑动变阻器（0~300）
实验中电压表应选用__________；滑动变阻器应选用__________。（填相应器材前的字母）
(3)某位同学记录的6组数据如表所示，其中5组数据的对应点已经标在图丙的坐标纸上，请标出余下一组数据的对应点，并画出U-I图线。
（______）
序号
1
2
3
4
5
6
电压U/V
145
140
1. 30
1. 25
1. 20
1. 10
电流I/A
0. 060
0. 120
0. 240
0. 260
0. 360
0. 480

(4)根据(3)中所画图线可得出干电池的电动势E=__________V，内阻r=__________。
(5)实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，电流表的示数I及干电池的输出功率P都会发生变化。选项图中正确反映P-I关系的是__________。
A． B．C． D．
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图所示，甲图为某波源的振动图象，乙图是该波源产生的横波在某时刻的波形图，波形图的O点表示波源．问：

(1)这列波的波速多大？
(2)若波向右传播，当乙图中质点Q第一次到达平衡位置且向上运动时，从乙图图示时刻开始质点P已经经过了多少路程？
14．（16分）质量为m的小球，从沙坑上方自由下落，经过时间t1到达沙坑表面，又经过时间t2停在沙坑里．求：
⑴沙对小球的平均阻力F；
⑵小球在沙坑里下落过程所受的总冲量I．
15．（12分）如图所示，电阻可忽略的光滑平行金属导轨长s＝1.15 m，两导轨间距L＝0.75 m，导轨倾角为30°，导轨上端ab接一阻值为R＝1.5 Ω 的电阻，磁感应强度为B＝0.8 T的匀强磁场垂直轨道平面向上．阻值r＝0.5 Ω、质量m＝0.2 kg的金属棒与轨道垂直且接触良好，从轨道上端ab处由静止开始下滑至底端，在此过程中金属棒产生的焦耳热Qr＝0.1 J．(取g＝10 m/s2)求：

(1)金属棒在此过程中克服安培力做的功W安；
(2)金属棒下滑速度v＝2 m/s时的加速度a；
(3)金属棒下滑的最大速度Vm。
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、B
【解析】
根据离开O点的距离随时间变化的关系可知t=1s时，距离
x=（6＋2）m=8m
t=3s时，距离

所以平均速度：

A.30m/s与计算结果不符，故A不符合题意。
B.26m/s与计算结果相符，故B符合题意。
C.14m/s与计算结果不符，故C不符合题意。
D.根据以上分析，故D不符合题意。
2、B
【解析】
不管沿什么将线圈拉出磁场，穿过线圈的磁通量都减小，根据楞次定律判断可知，线圈中感应电流的方向都是沿顺时针方向，AC错误B正确；当环全部处在磁场中运动时，线圈没有磁通量的变化，因此不会产生感应电流，D错误．
3、A
【解析】
传感器一定是通过非电学量转换成电学量来传递信号的，工作处理的一般流程是：先由非电学量，比如：光信号、压力信号等，通过敏感元件后，由电路处理，变为电信号，从而得以工作，A正确BCD错误。
4、B
【解析】
A.由于影片播放时，投射到银幕上的两束偏振光的振动方向不同，故偏振眼镜的左、右两个镜片透振方向不同，否则，只能看到一种偏振光，故A错误；
B.由于左眼只能看到左窗口映出的画面（比如左窗偏振光水平，左眼镜片偏振方向水平）；右眼只能看到右窗口映出的画面（比如右窗偏振光竖直，右眼镜片偏振方向竖直）．如果左、右镜片互换，两偏振光均不能通过偏振片，无法正常观影，故B正确；
C.人眼接受到的两个偏振方向不同偏振光，两个像经过大脑综合以后，就能区分物体的前后、远近，从而产生立体感，所以只用一只眼睛透过偏振眼镜不能产生立体感，故C错误；
D.根据上分析可知，若两个偏振片偏振方向改为相互平行，同时把偏振眼镜两个镜片的偏振方向也改为相互平行，只能接受到一种偏振光，可以看到影片，但没有立体效果，所以不能正常观影，故D错误。
故选B．
5、C
【解析】
因滑轮两边绳子的拉力相等，且方向不变，则细线OO′与竖直方向夹角不变，选项A错误；因沙子逐渐流出时，滑轮两边绳子拉力逐渐减小，则细线OO′的张力逐渐减小，选项B错误；对人： (θ为绳子与竖直方向的夹角)，因T减小，则人对地面的压力将逐渐增大，选项C正确；人对地面的摩擦力f=Tsinθ,则摩擦力将逐渐减小，选项D错误；故选C.
本题重点是系统平衡连接砂桶两边的绳子拉力大小始终等于砂桶的重力大小．绳子拉力大小逐渐减小，夹角不变，合力减小．
6、D
【解析】
A. 把人、锤子和平板车看成一个系统，系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒，用锤子连续敲打车的左端，根据水平方向动量守恒可知，系统的总动量为零，锤子向左运动，平板车向右运动。锤子向右运动，平板车向左运动，所以车左右往复运动，不会持续地向右运动，A错误。
B. 由于人消耗体能，体内储存的化学能转化为系统的机械能，因此系统机械能不守恒，B错误。
CD. 在锤子的连续敲打下，系统竖直方向的合力不等于零，该方向系统的动量不守恒，所以系统的动量不守恒；但系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒，初态水平动量为零，所以水平方向动量时刻为零，C错误D正确。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、AC
【解析】
由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，输入、输出功率之比和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况；
【详解】
A、原线圈接入如图乙所示的交流电，由图可知：，所以频率为：，故A正确；
B、原线圈接入电压的最大值是，所以原线圈接入电压的有效值是，理想变压器原、副线圈匝数比为，所以副线圈电压是，所以电压表的示数为，故B错误；
C、R阻值随光强增大而减小，根据知，副线圈电流增加，副线圈输出功率增加，根据能量守恒定律，所以原线圈输入功率也增加，原线圈电流增加，所以A的示数变大，故C正确；
D、当的灯丝烧断后，变压器的输入电压不变，根据变压器两端电压之比等于匝数之比可知输出电压也不变，故电压表读数不变，故D错误。
8、ABD
【解析】
A、由振动图像可知，该波的振动周期为T=6s，故A正确；
B、从波传到Q开始计时，振动图像可知，质点Q开始振动方向沿沿y轴正方向，所以质点P开始振动的方向沿y轴正方向，故B正确；
C、由振动图象可知：该波从P传到Q的时间Δt=nT+4s=6n+4s，n=1，2，3，……故C错误；
D、这列波的波速，该波的波长，当n=1时，，所以该波的波长可能为9.6m，故D正确；
E、由D分析可知，该波的传播速度，不一定是2m/s，故E错误。
9、BD
【解析】
试题分析：大气压强等于液体压强和空气压强之和，当玻璃管绕其最下端的水平轴偏离竖直方向一定角度，上面如果是真空则h不变，h指的是竖直高度，由于上端由空气压强，所以h只能减小，同时l也减小，故选BD
考点：考查大气压强
点评：难度较小，主要是要理解大气压强能托起76mmHg是指竖直高度为76mm
10、BCE
【解析】
A．布朗运动是指花粉微粒受到水中分子的碰撞，而产生的无规则运动．它反映了水分子做无规则运动．当温度越高时，布朗运动越激烈，温度越低时，布朗运动越不明显；花粉颗粒越小，跟它撞击的水分子数目越少，布朗运动越明显；故A错误．
B．温度是分子平均动能的标志，物体的温度越高，分子热运动就越剧烈，分子平均动能越大，故B正确；
C．若一定量气体膨胀对外做功50J，即W=﹣50J．内能增加80J，即△U=80J．根据热力学第一定律：
△U=Q+W
可得Q=130J，即从外界吸收130J的热量．故C正确．
D．第二类永动机虽然不违反热力学第一定律，但它违背了热力学第二定律，所以制造不出来，故D错误；
E．分子间的斥力和引力大小都随分子间距离的增大而减小，故E正确。
故选BCE．

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、（1）刻度尺 （1）0.1 0.115 0.500 （3）DCBA
【解析】
（1）实验中缺少的器材是刻度尺测量长度；
（1）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小．
由逐差法可知匀变速直线运动．
（3）按照实验的操作顺序，先组装仪器，然后进行实验，最后整理器材，则实验步骤的正确顺序是DCBA.
12、甲 B C 1. 50（1. 49～151均可） 0. 83（0. 81～0. 85均可） C
【解析】
(1)[1]．干电池内阻较小，远小于电压表内阻，选用甲电路时电源内阻的测量值相对误差小。
(2) [2] [3]．一节干电池的电动势为1. 5V左右，故电压表应选用量程较小的B，干电池的内阻很小，为调节方便，滑动变阻器应选用总阻值较小的C。
(3) [4]．U-I图线如图所示。

(4) [5] [6]．由U=E-Ir知U-I图线在U轴上的截距表示E、斜率的绝对值表示r，由图线可得E=1. 50V，r≈0. 83。
(5) [7]．电压表测量路端电压，其示数随滑动变阻器的阻值增大而增大，而当内阻和外阻相等时，输出功率最大，此时输出电压为电动势的一半。外电路断开时，路端电压等于电源的电动势，此时输出功率为零，故符合条件的图像应为C。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、 (1) 1 m/s. (2) 0.5 m
【解析】
（1）由振动图象可知周期T＝0.2 s，由波动图象可知波长λ＝0.2 m
则由波速公式可得
v＝＝m/s＝1 m/s．
（2）P点振动了t＝＝s＝0.4 s=2T
可得P点经过的路程为2×4A＝2×4×0.05m＝0.4m．
14、 (1) (2)
【解析】
试题分析：设刚开始下落的位置为A，刚好接触沙的位置为B，在沙中到达的最低点为C.⑴在下落的全过程对小球用动量定理：重力作用时间为t1+t2，而阻力作用时间仅为t2，以竖直向下为正方向，有：
mg(t1+t2)-Ft2=0, 解得：方向竖直向上
⑵仍然在下落的全过程对小球用动量定理：在t1时间内只有重力的冲量，在t2时间内只有总冲量（已包括重力冲量在内），以竖直向下为正方向，有：
mgt1-I=0,∴I=mgt1方向竖直向上
考点：冲量定理
点评：本题考查了利用冲量定理计算物体所受力的方法．
15、（1）0.4J（2） （3）
【解析】
R与r串联，根据焦耳定律分析它们产生的热量关系，从而求得总的焦耳热，即为金属棒克服安培力的功W安；分析金属棒的受力分析，导体棒受到重力，支持力，安培力，做出受力图，求出合力，可以求得加速度；由动能定理求最大速度。
【详解】
解：(1)下滑过程中安培力的功即为在金属棒和电阻上产生的焦耳热
由于
则有
故金属棒克服安培力的功
(2)金属棒下滑速度v=2m/s时，所受的安培力为：

由牛顿第二定律得：
代入解得：
(3) 金属棒下滑时做加速度减小的加速运动，无论最终是否达到匀速，当棒到达斜面底端时速度一定为最大，设金属棒下滑的最大速度为vm，则由动能定理得：
解得：