河北省秦皇岛市卢龙县中学2025年高二下化学期末教学质量检测模拟试题含解析.doc

河北省秦皇岛市卢龙县中学2025年高二下化学期末教学质量检测模拟试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（每题只有一个选项符合题意）
1、下列各组物质，不能用分液漏斗分离的是
A．苯和水 B．苯和二甲苯 C．溴苯和水 D．汽油和水
2、下列说法不正确的是
A．向鸡蛋清溶液中加入硫酸铜溶液，鸡蛋清凝聚，蛋白质变性
B．氨基酸种类较多，分子中都含有－COOH和－NH2
C．纤维素、淀粉和蔗糖等天然高分子化合物在一定条件下都能发生水解
D．油脂皂化反应实质就是酯在碱性环境下发生水解
3、某有机物的结构简式如图所示，这种有机物可能具有的性质是

①能使酸性KMnO4溶液或溴水褪色
②能与醇发生酯化反应
③能与NaOH溶液或金属钠反应
④能发生水解反应
⑤能发生加聚反应生成高分子化合物
A．①②③④⑤ B．②③④⑤ C．①③④⑤ D．①②③⑤
4、正硼酸(H3BO3)是一种片层状结构的白色晶体，层内的H3BO3分子之间通过氢键相连(层状结构如图所示，图中‘‘虚线”表示氢键)。下列有关说法正确的是

A．H3BO3分子的稳定性与氢键有关
B．含1 molH3BO3的晶体中有3 mol氢键
C．分子中B、O最外层均为8e-稳定结构
D．B原子杂化轨道的类型为sp2，同层分子间的主要作用力是范德华力
5、已知酸性K2Cr2O7溶液可与FeSO4溶液反应生成Fe3＋和Cr3＋。现将硫酸酸化的K2Cr2O7溶液与FeSO4溶液混合，充分反应后再向所得溶液中加入KI溶液，混合溶液中Fe3＋的物质的量随加入的KI的物质的量的变化关系如图所示，下列说法中不正确的是

A．图中AB段的氧化剂为K2Cr2O7
B．开始加入的K2Cr2O7为0.25 mol
C．K2Cr2O7与FeSO4反应的物质的量之比为1∶3
D．图中BC段发生的反应为2Fe3＋＋2I－===2Fe2＋＋I2
6、下列关于有机化合物的说法不正确的是
A．淀粉和纤纤维素互为同分异构体
B．油脂在碱性条件下的水解反应称为皂化反应
C．分子式为C5H10O2的有机物中能与NaHCO3溶液反应的有4种
D．在加热条件下，用新制的氢氧化铜悬浊液可鉴别乙醇和葡萄糖
7、用如图所示装置(X、Y是直流电源的两极)分别进行下列各组实验,则下表中各项所列对应关系均正确的一组是

选项
X极
实验前U形管中液体
通电后现象及结论
A
正极
Na2SO4溶液
U形管两端滴入酚酞后，a管中呈红色
B
正极
AgNO3溶液
b管中电极反应式是4OH--4e-=O2↑+2H2O
C
负极
CuCl2溶液
b管中有气体逸出
D
负极
NaOH溶液
溶液PH降低
A．A B．B C．C D．D
8、关于化学式[TiCl(H2O)5]Cl2•H2O的配合物的下列说法中正确的是
A．配位体是Cl﹣和H2O，配位数是9
B．中心离子是Ti4+，配离子是[TiCl(H2O)5]2+
C．内界和外界中的Cl﹣的数目比是1：2
D．加入足量AgNO3溶液，所有Cl﹣均被完全沉淀
9、具有解热镇痛及抗生素作用的药物“芬必得”主要成分的结构简式为，它属于（　　）
①芳香化合物②脂环化合物③有机高分子化合物④芳香烃⑤芳香羧酸
A．①⑤ B．②③ C．③⑤ D．①④
10、丁腈橡胶具有优良的耐油、耐高温性能，合成丁腈橡胶的原料是(　　)

①CH2=CH—CH=CH2　②CH3—C≡C—CH3
③CH2=CH—CN　④CH3—CH=CH—CN
⑤CH3—CH=CH2　⑥CH3—CH=CH—CH3
A．③⑥
B．②③
C．①③
D．④⑤
11、若20 g密度为ρ g·cm－3的Ca(NO3)2溶液中含有2 g Ca2＋，则溶液中NO的物质的量浓度为(　　)
A．5ρ mol·L－1 B．2.5ρ mol·L－1
C． mol·L－1 D． mol·L－1
12、对于处于化学平衡状态的反应CO+H2O（g）CO2+H2中，K正反应代表正反应的平衡常数，K逆反应代表逆反应的平衡常数，下列有关说法正确的是（　　）
A．K正反应=K逆反应 B．K正反应＞K逆反应
C．K正反应＜K逆反应 D．K正反应×K逆反应=1
13、将2.4g某有机物M置于密闭容器中燃烧，定性实验表明产物是CO2 、CO和水蒸气。将燃烧产物依次通过浓硫酸、碱石灰和灼热的氧化铜（试剂均足量，且充分反应），测得浓硫酸增重1.44g，碱石灰增重1.76g，氧化铜减轻0.64g。下列说法中正确的是
A．M的实验式为CH2O2
B．若要得到M的分子式，还需要测得M的相对分子质量或物质的量
C．若M的相对分子质量为60，则M一定为乙酸
D．通过质谱仪可分析M中的官能团
14、下列说法中正确的是（ ）
A．氨分子是三角锥形，而甲烷是正四面体形，是因为NH3分子中有一对未成键的孤电子对，它对成键电子的排斥作用较强
B．杂化轨道全部参加形成化学键
C．PCl5分子中P原子和Cl原子最外层都满足8电子结构
D．在分子中含有2个手性C原子
15、在下列指定条件的溶液中，一定能大量共存的离子组是(    )
A．溶液中：、、、
B．无色溶液中：、、、
C．室温下，的溶液中：、、、．
D．滴入KSCN溶液显红色的溶液中：、、、
16、下列有关铁及其化合物的说法中正确的是
A．除去FeCl3溶液中的FeCl2杂质可以向溶液中通入氯气
B．铁与水蒸气在高温下的反应产物为Fe2O3和H2
C．Fe3O4为红棕色晶体
D．Fe(OH)2和Fe(OH)3都能在空气中稳定存在
二、非选择题（本题包括5小题）
17、糖类、油脂、蛋白质是人体重要的能源物质，请根据它们的性质回答以下问题：
（1）油脂在酸性和碱性条件下水解的共同产物是________________（写名称）。
（2）蛋白质的水解产物具有的官能团是____________________（写结构简式）。
已知A是人体能消化的一种天然高分子化合物，B和C分别是A在不同条件下的水解产物，它们有如下转化关系，请根据该信息完成（3）～（5）小题。

（3）下列说法不正确的是______________________
A．1molC完全水解可生成2molB
B．工业上常利用反应⑦给热水瓶胆镀银
C．用A进行酿酒的过程就是A的水解反应过程
D．A的水溶液可以发生丁达尔效应
E. 反应③属于吸热反应
（4）1molB完全氧化时可以放出2804kJ的热量，请写出其氧化的热化学方程式___________________。
（5）请设计实验证明A通过反应①已经全部水解，写出操作方法、现象和结论：____________________________________________________________________。
18、由五种常见元素构成的化合物X，某学习小组进行了如下实验：
①取4.56g X，在180℃加热分解，得到白色固体A和1.792L(折算成标准状况)纯净气体B，B能使湿润的红色石蕊试纸变蓝。
②将A溶于水后，得蓝色溶液；再加入足量的BaCl2溶液，得4.66g白色沉淀C和蓝绿色溶液D。
③在蓝绿色溶液D中加入足量的KI溶液，又得3.82g白色沉淀和黄色溶液。
(1)X中5种元素是H、O、__________________________________(用元素符号表示)
(2)X受热分解的化学方程式是__________________________________。
(3)蓝绿色溶液D与足量KI反应的离子方程式是__________________________________。
19、某同学利用氯酸钾分解制氧气的反应，测定氧气的摩尔质量，实验步骤如下：
①把适量的氯酸钾粉末和少量二氧化锰粉末混合均匀，放入干燥的试管中，准确称量，质量为a g。
②装好实验装置。
③检查装置气密性。
④加热，开始反应，直到产生一定量的气体。
⑤停止加热(如图所示，导管出口高于液面)。
⑥测量收集到的气体的体积。
⑦准确称量试管和残留物的质量为b g。
⑧测量实验室的温度。
⑨把残留物倒入指定的容器中，洗净仪器，放回原处，把实验桌面收拾干净。
⑩处理实验数据，求出氧气的摩尔质量。

回答下列问题：
(1)如何检查装置的气密性？ 。
(2)以下是测量收集到的气体体积必须包括的几个步骤：
①调整量筒内外液面高度使之相同；②使试管和量筒内的气体都冷却至室温；③读取量筒内气体的体积。这三步操作的正确顺序是 (请填写步骤代号)。
(3)测量收集到的气体体积时，如何使量筒内外液面的高度相同？ 。
(4)如果实验中得到的氧气体积是c L(已换算为标准状况)，水蒸气的影响忽略不计，氧气的摩尔质量的计算式为(含a、b、c，不必化简)M(O2)＝ 。
20、葡萄酒中SO2最大使用量为0.25 g·L－1，取300.00 mL葡萄酒，通过适当的方法使所含SO2全部逸出并用H2O2将其全部氧化为H2SO4，然后用0.090 0 mol·L－1NaOH标准溶液进行滴定。
（1）滴定前排气泡时，应选择下图中的________(填序号)。

（2）若用50 mL滴定管进行实验，当滴定管中的液面在刻度“10”处，则管内液体的体积______(填序号)。
①＝10 mL ②＝40 mL ③＜10 mL ④＞40 mL。
（3）上述滴定实验中，可选择_______为指示剂，选择该指示剂时如何判断反应到达滴定终点：______
（4）滴定至终点时，消耗NaOH溶液25.00 mL，该葡萄酒中SO2含量为________g·L－1。滴定终点读数时俯视刻度线，则测量结果比实际值________（填“偏高”、“偏低”或“无影响”）。
21、现有下列四种重要的有机物。
CH2=CH2
① ② ③ ④
（1）常用作液体燃料的是________（填序号，下同）。
（2）常用作配制化妆品保湿成分的是________。
（3）能用于制备酚醛树脂的是________。
（4）其产量常作为衡量石油化工发展水平的标志的是________。
参考答案

一、选择题（每题只有一个选项符合题意）
1、B
【解析】
只有互不相溶的液体之间才能用分液漏斗进行分离。
【详解】
A．苯和水互不相溶，可用分液漏斗分离，选项A不符合；B．苯和二甲苯互溶，不能用分液漏斗分离，选项B符合；C．溴苯和水互不相溶，可用分液漏斗分离，选项C符合；D．汽油和水互不相溶，可用分液漏斗分离，选项D符合。答案选B。
2、C
【解析】
A．硫酸铜属于重金属盐有毒，可使蛋白质变性，故A正确；
B．氨基酸结构中都含有- COOH和- NH2两种官能团，甘氨酸为最简单的氨基酸，故B正确；
C．蔗糖为二糖不是高分子化合物，纤维素、淀粉为天然高分子化合物，在一定条件下都可以水解，故C错误；
D．油脂在碱性条件下的水解为皂化反应，故油脂的皂化反应实质是酯在碱性条件下的水解反应，故D正确；
故答案：C。
3、D
【解析】
①该有机物含有碳碳双键，可与酸性KMnO4溶液或溴水发生反应，使溶液褪色，故选①；
②该有机物含有羧基（-COOH）能与醇（-OH），能发生酯化反应，故选②；
③该有机物含有羧基（-COOH），能跟NaOH溶液或金属钠反应，故选③；
④该有机物不含有能发生水解反应的官能团，不能发生水解反应，故不选④；
⑤该有机物含有碳碳双键，可以发生加聚反应，故选⑤。
综上所述，本题正确答案为D。
本题属于官能团与性质判断题，要注意归纳常见有机官能团的性质：如碳碳双键能使溴水和酸性高锰酸钾溶液褪色；羟基能和金属钠反应产生无色无味的气体；羧基能和NaHCO3反应产生气泡；醛基能发生银镜反应等。
4、B
【解析】A．稳定性是化学性质，取决于化学键的强弱，氢键是属于分子间作用，与分子的稳定性无关，故A错误；B．一个H3BO3分子对应着6个氢键，一个氢键对应着2个H3BO3分子，因此含有1 molH3BO3分子的晶体中有3mol氢键，故B正确；C．硼原子最外层只有3个电子，与氧原子形成3对共用电子对，因此B原子不是8e-稳定结构，故C错误；D．层内的H3BO3分子之间主要通过氢键相连，故D错误；故选B。
点睛：注意把握氢键的形成以及对物质的性质的影响，把握氢键与化学键、分子间作用力的区别。氢键是分子间作用力的一种，F、O、N的电负性较强，对应的氢化物分子之间能形成氢键，氢键的存在，多数物质的物理性质有显著的影响，如熔点、沸点，溶解度，粘度，密度等，存在氢键的物质，水溶性显著增强，分子间作用力增强，熔沸点升高或降低。关于氢键需要注意以下三点：①有氢键的分子间也有范德华力，但有范德华力的分子间不一定有氢键。②一个氢原子只能形成一个氢键，这就是氢键的饱和性。③分子内氢键基本上不影响物质的性质。
5、C
【解析】
氧化性强弱顺序为K2Cr2O7＞Fe3+，由图像可知，在反应后的溶液中滴加碘化钾溶液，开始时Fe3+浓度不变，则说明Fe3+没有参加反应，则AB应为K2Cr2O7和碘化钾的反应，BC段为铁离子和碘化钾的反应，结合得失电子守恒分析解答。
【详解】
A．开始时Fe3+浓度不变，则说明Fe3+没有参加反应，则AB应为K2Cr2O7和碘化钾的反应，K2Cr2O7为氧化剂，故A正确；
B．由氧化剂和还原剂得失电子数目相等可知，反应的关系式为K2Cr2O7～6Fe3+～6I-，共消耗的n(I-)=1.5mol，则开始加入的K2Cr2O7的物质的量为mol=0.25mol，故B正确；
C．由方程式2Fe3++2I-→2Fe2++I2可知，BC段消耗KI0.9mol，则n(Fe3+)=n(Fe2+)=0.9mol，K2Cr2O7可与FeSO4反应的物质的量为0.25mol∶0.9mol=5∶18，故C错误；
D．BC段Fe3+浓度逐渐减小，为铁离子和碘化钾的反应，反应的离子方程式为2Fe3++2I-=2Fe2++I2，故D正确；
答案选C。
6、A
【解析】A. 淀粉和纤纤维素的聚合度不同，使得它们的分子式不同，所以它们不为同分异构体，故A不正确；B. 油脂在碱性条件下的水解反应生成肥皂的主要成分高级脂肪酸盐，所以称为皂化反应，故B正确；C. 羧酸能与NaHCO3溶液反应。分子式为C5H10O2的有机物中属于羧酸的分子结构为C4H9-COOH，丁基C4H9-有4种，所以羧酸C4H9-COOH有4种，故C正确；D. 葡萄糖含有醛基，所以在加热条件下，用新制的氢氧化铜悬浊液可鉴别乙醇和葡萄糖，故D正确。故选A。
7、C
【解析】
A.电解Na2SO4溶液时,阳极上是氢氧根离子发生失电子的氧化反应,即a管中氢氧根放电,酸性增强,酸遇酚酞不变色,即a管中呈无色,A错误;B.电解硝酸银溶液时,阴极上是银离子发生得电子的还原反应,即b管中电极反应是析出金属银的反应,故B错误;C. 电解CuCl2溶液时，阳极上是氯离子发生失电子的氧化反应,即b管中氯离子放电,产生氯气，C正确；D.电解NaOH溶液时，阴极上是氢离子放电，阳极上是氢氧根离子放电，实际上电解的是水，导致NaOH溶液的浓度增大，碱性增强，PH升高，D错误。答案选C.
8、C
【解析】
配合物也叫络合物，为一类具有特征化学结构的化合物，由中心原子或离子(统称中心原子)和围绕它的称为配位体(简称配体)的分子或离子，完全或部分由配位键结合形成，配合物中中心原子提供空轨道，[TiCl(H2O)5]Cl2•H2O，配体Cl、H2O，提供孤电子对；中心离子是 Ti3+，配合物中配位离子Cl-不与Ag+反应，外界离子Cl-离子与Ag+反应，据此分析解答。
【详解】
A项，配位体是内界的1个Cl-和5个H2O，则配位数是6，故A项错误；
B项，配离子是[TiCl(H2O，根据电荷守恒可知中心离子是Ti3+，故B项错误；
C项，根据已知配合物的化学式，[TiCl(H2O)5]2+中（内界）的Cl-数目为1，剩余部分含有的Cl-数目为2，则内界和外界中的Cl-的数目比是1：2，故C项正确；
D项，加入足量AgNO3溶液，只有外界的Cl-被完全沉淀，内界的Cl-不会被沉淀，故D项错误。
综上所述，本题正确答案为C。
本题考查配合物的成键，侧重分析与应用能力的考查，注意只有外界中的Cl-与 AgNO3 溶液反应，把握中心离子、配位体、配位离子的判断为解答的关键。
9、A
【解析】
分子中含有苯环，属于芳香化合物，官能团为羧基，属于羧酸。
【详解】
①该分子中含苯环，属于芳香化合物，故正确；
②该分子中含有苯环，不属于脂环化合物，故错误；
③该分子相对分子质量在10000以下，不属于有机高分子化合物，故错误；
④该分子含有O元素，不属于芳香烃，故错误；
⑤该分子含有苯环和羧基，属于芳香羧酸，故正确；
正确的是①⑤，故选A。
本题考查有机物的分类，侧重分析能力的考查，明确依据官能团分类的方法是解本题关键。
10、C
【解析】
根据题中丁腈橡胶可知，本题考查丁腈橡胶的合成原料，运用丁腈橡胶的合成原理分析。
【详解】
丁腈橡胶的链节是
，去掉两端的短线后为，将链节主链单键变双键，双键变单键，断开错误的双键，即可得两种单体：CH2=CH—CH=CH2与CH2=CH—CN。
答案选C。
11、A
【解析】本题考查物质的量浓度的计算。
解析：20克密度为ρg/cm 3的硝酸钙溶液的体积为20g/ρg/cm 3 =(20/ρ)×10 -3 L，2克Ca 2+的物质的量为2g/40(g/mol) =0.05mol，则Ca 2+的物质的量浓度为0.05mol/[((20/ρ) ×10 -3 L) =2.5ρmol/L，由硝酸钙的化学式Ca（NO3）2可知NO3-离子的浓度为2.5ρmol/L×2=5ρmol/L。
故选A。
点睛：明确钙离子的物质的量的计算是解答的关键，钙离子的质量与钙原子的质量可近似相等。
12、D
【解析】分析：平衡常数K=生成物平衡浓度幂次方乘积/反应物平衡浓度幂次方乘积，依据化学方程式书写反应的平衡常数，正逆反应的平衡常数互为倒数。
详解：对于处于化学平衡状态的反应CO+H2O（g）CO2+H2中，K正反应代表正反应的平衡常数=c(CO2)·c(H2)/c(CO)·c(H2O)，K逆反应代表逆反应的平衡常数=c(CO)·c(H2O)/c(CO2)·c(H2)，K正反应×K逆反应=1。
答案选D。
13、B
【解析】
浓硫酸增重的1.44g为水，水的物质的量为：1.44g÷18g/mol＝0.06mol。碱石灰增重的1.76g为CO2的质量，其物质的量为：1.76g÷44g/mol＝0.04mol。CuO与CO反应生成Cu与CO2，氧化铜减少的质量等于反应的CuO中O原子质量，1个CO与1个O原子结合生成CO2，O原子物质的量为0.64g÷16g/mol＝0.04mol，故CO为0.04mol。综上可知，2.4g有机物M中含有C原子为0.04mol+0.04mol＝0.08mol，含有H原子为：0.08mol×2＝0.16mol，则含有C、H元素的总质量为：12g/mol×0.08mol+1g/mol×0.16mol＝1.12g＜2.4g，说明M中含有O元素，含有O的物质的量为（2.4g﹣1.12g）÷16g/mol＝0.08mol。
【详解】
A. 经过计算可知，M分子中C、H、O的物质的量之比＝0.08：0.16：0.08＝1：2：1，则M的实验式为CH2O，A错误；
B. 已经计算出M的实验式，再测得M的相对分子质量或物质的量，可推出M的分子式，B正确；
C. 若M的相对分子质量为60，设M的分子式为(CH2O)x，则30x＝60，解得x＝2，M的分子式为C2H4O2，M可能为乙酸或甲酸甲酯等，C错误；
D. 用质谱仪可以得到M的相对分子质量，要得到M的官能团可以使用红外光谱仪，可以确定有机物分子中含有的有机原子基团，从而可确定M分子中含有的官能团类型，D错误；
故合理选项为B。
根据题中告知的数据，可以先推测出有机物中C、H、O的物质的量，再根据该有机物的物质的量或者相对分子质量推断出其化学式（分子式）。
14、A
【解析】
A项、氨分子中氮原子的价层电子对数为4，孤对电子数为1，杂化轨道为sp3杂化，孤对电子对成键电子的排斥作用较强，N-H之间的键角小于109°28′，所以氨气分子空间构型是三角锥形；甲烷分子中碳原子的价层电子对数为4，孤对电子数为0，杂化轨道为sp3杂化，碳原子连接4个相同的原子，C-H之间的键角相等为109°28′，故CH4为正四面体构型，故A正确；
B项、杂化轨道可以部分参加形成化学键，例如氨分子中氮原子杂化轨道为sp3杂化，形成了4个sp3杂化轨道，但是只有3个参与形成化学键，故B错误；
C项、在化合物中，原子最外层电子数等于原子的价层电子数+|化合价|，PCl5中P原子的最外层电子为：5+5=10，Cl原子的最外层电子为：7+|-1|=8，不都满足8电子稳定结构，故C错误；
D项、分子中，带*号碳原子所连的四个取代基分别是羟基、甲基、氢原子和羧基，该碳原子具有手性，分子中含有1个手性C原子，故D错误。
答案选A。
15、C
【解析】A. K2S与Cu2+之间反应生成难溶物硫化铜，在溶液中不能大量共存，故A错误；B. Fe2+、ClO−之间发生氧化还原反应，Fe2+为有色离子，在溶液中不能大量共存，故B错误；C. 室温下，KWc(H+)=0.1mol⋅L−1的溶液为碱性溶液，溶液中存在大量氢氧根离子，Na+、K+、SiO32−、NO3−之间不反应，都不与氢氧根离子反应，在溶液中能够大量共存，故C正确；D. 滴入KSCN溶液显红色的溶液中含有铁离子，铁离子与C6H5OH发生反应，在溶液中不能大量共存，故D错误；本题选D。
16、A
【解析】
A、氯气与氯化亚铁反应生成氯化铁，故除去FeCl3溶液中的FeCl2杂质可以向溶液中通入氯气，正确；
B、铁与水蒸气在高温下的反应产物为Fe3O4和H2，错误；
C、Fe3O4为黑色晶体，错误；
D、Fe(OH)2在空气中与氧气和水反应生成Fe(OH)3，不能稳定存在，错误。

二、非选择题（本题包括5小题）
17、甘油（或丙三醇） -NH2、-COOH BC C6H12O6(s) +6O2(g) =6CO2(g)+6H2O(l) △H=-2804kJ/mol 取少量淀粉水解后的溶液，向其中加入碘水，若溶液不变蓝证明淀粉已经全部水解
【解析】
（1）油脂在酸性条件下水解成高级脂肪酸和甘油，在碱性条件下水解成高级脂肪酸盐和甘油，油脂在酸性和碱性条件下水解的共同产物是甘油（或丙三醇）；
（2）蛋白质水解的产物是氨基酸，氨基酸中的官能团为—NH2和—COOH，蛋白质的水解产物具有的官能团是—NH2和—COOH；
（3）根据图，B是光合作用的产物，A是人体能消化的一种天然高分子化合物，B和C分别是A在不同条件下的水解产物，可以推断出A为淀粉，B为葡萄糖，C为麦芽糖；
A项，1mol麦芽糖完全水解可生成2mol葡萄糖，故A正确；
B项，工业上常利用葡萄糖的银镜反应给热水瓶镀银，即利用反应⑤的原理给热水瓶胆镀银，故B错误；
C项，A的水解反应过程生成了葡萄糖，葡萄糖在酒化酶的作用下反应生成乙醇和CO2，不是淀粉水解成乙醇，故C错误；
D项，A为淀粉，淀粉溶液属于胶体，所以可以发生丁达尔效应，故D正确；
E项，反应③将光能转化为化学能，属于吸热反应，故E正确；
答案选BC；
（4）葡萄糖燃烧后生成了水和二氧化碳，其反应的热化学方程式为：C6H12O6(s) +6O2(g) =6CO2(g)+6H2O(l) △H=-2804kJ/mol；
（5）要证明淀粉已经全部水解，即证明水解液中不含淀粉，故检验的方法为：取少量淀粉水解后的溶液，向其中加入碘水，若溶液不变蓝证明淀粉已经全部水解。
18、Cu、S、N Cu(NH3)4SO4CuSO4+4NH3↑ 2Cu2++ 4I-= 2CuI↓+I2
【解析】
X在180℃加热分解，得到白色固体A和1.792L(折算成标准状况)纯净气体B，B能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，说明B为NH3，NH3的物质的量为1.792L÷22.4L/mol=0.08mol；将A溶于水后得蓝色溶液，则A中含有Cu2+，再加入足量的BaCl2溶液，得4.66g白色沉淀C，4.66g白色沉淀C为BaSO4沉淀，故A为CuSO4，BaSO4的物质的量为4.66g÷233g/mol=0.02mol，得到蓝绿色溶液D，在蓝绿色溶液D中加入足量的KI溶液又得3.82g白色沉淀，白色沉淀为CuI，CuI的物质的量为3.82g÷191g/mol=0.02mol，所以n(Cu2+)：n(NH3)：n(SO42-)=0.02mol：0.08mol：0.02mol=1：4：1，所以X的化学式为Cu(NH3)4SO4，据此答题。
【详解】
（1）由分析可知，X中含有的5种元素分别是H、O、Cu、N、S，故答案为Cu、S、N。
（2）由分析可知，X的化学式为Cu(NH3)4SO4，X受热分解生成CuSO4和NH3，反应的化学方程式为：Cu(NH3)4SO4CuSO4+4NH3↑，故答案为Cu(NH3)4SO4CuSO4+4NH3↑。
（3）蓝绿色溶液D与足量KI反应生成CuI，反应的离子方程式为：2Cu2++ 4I-=2CuI↓+I2，故答案为2Cu2++4I-=2CuI↓+I2。
19、 (1)将导管的出口浸入水槽的水中，手握住试管，有气泡从导管口逸出，放开手后，有少量水进入导管，并形成稳定的液柱，表明装置不漏气
(2)②①③
(3)慢慢将量筒上下移
(4)
【解析】解答定量实验题的一般方法为先看实验目的，再分析实验的反应原理和计算原理。
该实验的反应原理为2KClO3MnO2
=
Δ
2KCl＋3O2↑
计算原理为M(O2)＝，m(O2)＝a g－b g，n(O2)＝＝，所以，该实验的关键在于准确测定氧气的体积。而气体的体积取决于两个因素：一是温度，二是压强。这就要求读数时，气体温度要与室温一致，量筒内外压强一致。在弄清原理后，再考虑实验的每一步操作。
20、③ ④ 酚酞 当加入最后一滴标准溶液后，溶液恰好变红色，且在半分钟内无变化，说明到达滴定终点 0.24 偏低
【解析】
（1）氢氧化钠是强碱，应用碱式滴定管量取；
（2）滴定管0刻度在上，且下端有一段没有刻度线；
（3）强碱滴定酸用酚酞；
（4）由SO2～H2SO4～2NaOH关系计算。滴定管0刻度在上，俯视读数偏小，标准液体积偏小。
【详解】
（1）氢氧化钠是强碱，应用碱式滴定管量取，排液时应将橡皮管向上弯曲排出气泡，答案选③；
（2）滴定管0刻度在上，且下端有一段没有刻度线，故管内液体的体积大于40 mL，答案选④；
（3）强碱滴定酸用酚酞，滴定至终点时溶液的pH在酚酞的变色范围内，故可选用酚酞作指示剂。选择酚酞时反应到达滴定终点现象为：当加入最后一滴标准溶液后，溶液恰好变红色，且在半分钟内无变化；
(4)SO2与NaOH存在如下关系：
SO2　　～　　H2SO4　　～　　2NaOH
64 g 2 mol
m(SO2) 0.090 0 mol·L－1×0.025 L
解得：m(SO2)＝＝0.072 g，故葡萄酒中SO2的含量为==0.24 g·L－1。滴定管0刻度在上，俯视读数偏小，标准液体积偏小，故测量结果比实际值偏低。
21、② ④ ③ ①
【解析】
根据②的球棍模型可知其为乙酸，③的比例模型可知其为苯。（1）以上四种物质中乙醇是清洁燃料，常温下为液体，则常用作液体燃料的是②；
（2）甘油属于天然成分，是最为普通的保湿剂，能够使角质维持水和状态，具有保持水分的功能，适用于各类肤质，安全性好，不易引起过敏，故常用作配制化妆品保湿成分的是④；
（3）苯酚与甲醛发生缩聚反应生成酚醛树脂，故上述４种物质中能用于制备酚醛树脂的是③；
（4）其产量常作为衡量石油化工发展水平的标志的是乙烯，故选①。