2025届四川省德阳市物理高一下期末检测试题含解析.doc

2025届四川省德阳市物理高一下期末检测试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、 (本题9分)一粒钢珠从静止状态开始自由落体，然后陷入泥潭中。若把它在空中自由落体的过程称为Ⅰ，进入泥潭直到停止的过程称为Ⅱ，则（ ）
A．过程Ⅰ中钢珠动量的改变量小于重力的冲量
B．过程Ⅱ中钢珠所受阻力的冲量大小等于过程Ⅰ中重力冲量的大小
C．过程Ⅱ中钢珠的动量改变量等于阻力的冲量
D．过程Ⅱ中阻力的冲量大小等于过程Ⅰ与过程Ⅱ重力冲量的大小
2、 (本题9分)关于力和运动的关系，以下说法中正确的是（ ）
A．物体做曲线运动，其加速度一定改变
B．物体做曲线运动，其加速度可能不变
C．物体的运动状态发生变化，该物体的受力情况一定发生变化
D．物体在恒力作用下运动，其速度方向一定改变
3、 (本题9分)小船以恒定的速度渡河，船头始终垂直对岸，假定河中各处水流速度相等，小船渡河的路程、时间与水速的关系，下列说法正确的是（　　）

A．水速大时，路程长，时间长
B．水速大时，路程长，时间不变
C．水速大时，路程长，时间短
D．路程、时间与水速无关
4、 (本题9分)在奥运比赛项目中，高台跳水是我国运动员的强项。质量为m的跳水运动员进入水中后受到水的阻力而做减速运动，设水对他的阻力大小恒为F，那么在他减速下降高度为h的过程中，下列说法正确的是（g为当地的重力加速度）
A．他的动能减少了Fh
B．他的机械能减少了Fh
C．他的机械能减少了（F－mg）h
D．他的重力势能增加了mgh
5、 (本题9分)如图所示，实线为一正点电荷的电场线，虚线为其等势面．A、B是同一等势面上的两点，C为另一等势面上的一点，下列判断正确的是( )

A．A点场强与B点场强相同
B．C点电势高于B点电势
C．将电子从A点沿虚线移到B点，电场力不做功
D．将质子从A点移到C点，其电势能增加
6、 (本题9分)如图所示，在光滑的水平面上有一物体，它的左端连一弹簧，弹簧的另一端固定在墙上，在力F作用下物体处于静止状态，当撤去F后，物体将向右运动，在物体向右运动的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．弹簧的弹性势能逐渐减小
B．弹簧的弹性势能逐渐增大
C．弹簧的弹性势能先增大后减小
D．弹簧的弹性势能先减小后增大
7、 (本题9分)把动力装置分散安装在每节车厢上，使其既具有牵引动力，又可以载客，这样的客车车辆叫做动车。把几节自带动力的车辆（动车）加几节不带动力的车辆（也叫拖车）编成一组，就是动车组，如图所示。假设动车组运行过程中受到的阻力与其所受重力成正比，每节动车与拖车的质量都相等，每节动车的额定功率都相等。若节动车加节拖车编成的动车组的最大速度为；现在我国往返北京和上海的动车组的最大速度为，则此动车组可能（　　）

A．由节动车加节拖车编成的
B．由节动车加节拖车编成的
C．由节动车加节拖车编成的
D．由节动车加节拖车编成的
8、 (本题9分)静止在粗糙水平面上的物块A始终受水平向右的拉力F作用做直线运动，t=4s时停下，其速度— 时间图象如图，已知物块A与水平面间的动摩擦因数处处相同，正确的是（ ）

A．0～4s内拉力F做的功大于物块克服摩擦力做的功
B．0～4s内拉力F做的功等于物块克服摩擦力做的功
C．0～1s内拉力F做正功
D．1～3s内拉力F不做功
9、 (本题9分)如图所示，a为地面上的待发射卫星，b为近地圆轨道卫星，c为地球同步卫星．三颗卫星质量相同．三颗卫星的线速度分别为va，vb，vc，角速度分别为ωa，ωb，ωc，周期分别为Ta，Tb，Tc，向心力分别为Fa，Fb，Fc，则(　 　)

A．ωa＝ωc<ωb B．Fa＝Fc<Fb
C．va＝vc<vb D．Ta＝Tc>Tb
10、如图为某一机械手表，其分针与时针上的点看作做匀速圆周运动，且分针长度是时针长度的1.5倍．下列说法正确的是（　　）

A．分针与时针的角速度之比是12：1
B．分针末端与时针末端的线速度之比是18：1
C．分针与时针的周期之比是12：1
D．分针末端与时针末端的加速度之比是216：1
11、当船速大于水速时，下列关于渡船的说法中正确的是
A．船头方向斜向上游，渡河时间最短 B．船头方向垂直河岸，渡河时间最短
C．当水速度变化时，渡河的最短时间不变 D．当水速度变大时，渡河的最短时间变长
12、 (本题9分)如图所示，一足够长的细杆倾斜放置，一质量为的金属环以的初动能从点向上做匀减速直线运动，运动经过点时，动能减少，机械能减少了，则（ ）

A．细杆的倾角为
B．金属环受到的摩擦力为
C．金属环回到点时动能为
D．整个上升过程中，所用的时间为
二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、（6分） (本题9分)第二组同学利用下图所示的实验装置，验证钩码和滑块所组成的系统从由静止释放到通过光电门这一过程机械能守恒。实验开始时，气轨已经调成水平状态。

(1)已知遮光条的宽度为d,实验时将滑块从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间为t，则滑块经过光电门时的速度为__________。
(2)在本次实验中还需要测量的物理量有(文字说明并用相应的字母表示)：钩码的质量m、____________________和____________________。
(3)本实验通过比较__________和__________ (用测量的物理量符号表示)在实验误差允许的范围内是否相等，从而验证系统的机械能是否守恒．
(4)在本次实验中钩码的质量__________远小于滑块的质量。（填“需要”或者“不需要”）
14、（10分） (本题9分)如图所示：为一小球作平抛运动过程中的频闪照片三次影像，背景标尺每小格表示，则由照片求得相邻两次影像之间的时间间隔是______________，平抛运动的水平速度为__________ ．（取）

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（12分） (本题9分)如图所示，在光滑水平桌面上有一光滑小孔O，一根轻绳穿过小孔，一端连接质量为 的小球A，另一端连接质量为M=4kg的重物B，已知g=10m/s2，则：

（1）当A球沿半径r=0.1m的圆周做匀速圆周运动，其角速度ω1为多大时，B物体处于将要离开、而尚未离开地面的临界状态？
（2）当小球A的角速度为ω2=10rad/s时，物体B对地面的压力为多大？
16、（12分）国际空间站是迄今最大的太空合作计划，其离地高度为H，绕地球运动的周期为T1．通过查找资料又知万有引力常量G，地球半径R，同步卫星距地面的高度h，地球的自转周期T2以及地球表面重力加速度g．
某同学根据以上条件，提出一种估算地球质量M的方法：
同步卫星绕地心做圆周运动，由得
（1）请判断上面得出的结果是否正确，请说明理由；如不正确，请给出正确解法和结果．
（2）请根据题给条件再提出两种估算地球质量的方法，并解得结果．
17、（12分） (本题9分)如图，一质量为M=1.5kg的物块静止在光滑桌面边缘，桌面离水平面的高度为h=1.15m．一质量为m=0.5kg的木块以水平速度v0=4m/s与物块相碰并粘在一起，碰撞时间极短，重力加速度为g=10m/s1．不及空气阻力，求：

（1）碰撞过程中系统损失的机械能；
（1）此后物块落地点离桌面边缘的水平距离．
参考答案

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、D
【解析】在过程Ⅰ中，钢珠只受重力的作用，根据动量定理可知，其动量的改变量等于重力的冲量，选项A错误；过程Ⅱ中，钢珠所受外力有重力和阻力，所以过程Ⅱ中阻力的冲量大小等于过程Ⅰ中重力的冲量大小与过程Ⅱ中重力冲量大小的和．故B错误；过程Ⅱ中，钢珠所受外力有重力和阻力，所以过程Ⅱ中钢珠的动量改变量等于重力和阻力的冲量的和．故C错误；过程Ⅱ中，钢珠所受外力有重力和阻力，所以过程Ⅱ中阻力的冲量大小等于过程Ⅰ中重力的冲量大小与过程Ⅱ中重力冲量大小的和．故D正确；故选D.
2、B
【解析】
AB.物体做曲线运动的条件是受到的合力和运动方向不在一条直线上，做曲线运动的物体加速度不一定改变，只要合力不变，加速度就不变，如平抛运动，故A错误，B正确；
C.物体的运动状态发生变化，就是速度发生了变化，物体就一定有加速度，物体的合外力就不为零，而受力情况却不一定发生变化，如平抛运动，故C错误
D. 物体在恒力作用下运动，当恒力的方向（加速度方向）与速度方向不在同一条直线上，物体就做曲线运动，速度方向一定改变；当恒力的方向（加速度方向）与速度方向相同时，物体在恒力的作用下速度方向不发生改变，故D错误．
3、B
【解析】
小船的船头始终垂直对岸，根据运动的独立性和等时性可知，河宽不变，小船速度不变，所以小船在河宽方向的时间（河宽与静水船速的比值）恒定不变；小船在河宽方向位移一定，水速越大，小船在水平方向的位移越大，根据平行四边形法则可知，小船的实际位移也越大，路程也越大，ACD错误，B正确。
故选B。
4、B
【解析】
运动员进入水中后，受到重力和水的阻力，克服合力做的功等于动能的减小量，故动能减小（F-mg）h，故A错误；运动员进入水中后，除重力外，克服阻力做功Fh，故机械能减小Fh，故B正确，C错误；运动员进入水中后，重力做功mgh，故重力势能减小mgh，故D错误；
5、C
【解析】
A.AB两点的场强大小相等，但方向不同，故A错误；
B.沿电场线的方向电势降落，所以B点的等势面的电势高于C点的等势面的电势，故B错误；
C.A、B是同一等势面上的两点，它们之间的电势差为0，所以将电子从A点移到B点，电场力不做功。故C正确；
D.沿电场线的方向电势降落，所以A点的等势面的电势高于C点的等势面的电势，将质子从A点移到C点，电场力做正功，其电势能减小。故D错误。
6、D
【解析】
撤去F后物体向右运动的过程中，弹簧的弹力先做正功后做负功，故弹簧的弹性势能先减小后增大。
A．弹簧的弹性势能逐渐减小，故A不符合题意；
B．弹簧的弹性势能逐渐增大，故B不符合题意；
C．弹簧的弹性势能先增大后减小，故C不符合题意；
D．弹簧的弹性势能先减小后增大，故D符合题意。
故选D。
7、AD
【解析】
设每节车的质量为m，所受阻力为kmg，每节动车的功率为P，1节动车加3节拖车编成的动车组的最大速度为，可得：

设最大速度为的动车组由x节动车加y节拖车编成的，则有：

联立解得：

对照各个选项，选项AD正确，BC错误。
8、BC
【解析】
在0～4s内，由动能定理可得，WF-Wf=0-0，则WF=Wf，故A错误，B正确；在0～1s内物体做匀加速运动，拉力做正功，故C正确；在1～3s内物体做匀速直线运动，拉力方向与运动方向相同，拉力做正功，故D错误。
9、AD
【解析】
ACD：同步卫星与地球自转同步，则、；据得：．地球同步卫星和近地卫星同是卫星，据可得，、、．故AD两项正确，C项错误．
B：万有引力，三卫星质量相等，轨道半径，可得．故B项错误．
点睛：区分在地面上的物体和近地圆轨道卫星，两者只有转动半径相等；受力不同，线速度、角速度、周期均不同．
10、ABD
【解析】
AC.分针的周期为T分＝1h，时针的周期为T时＝12h，两者周期之比为
T分：T时＝1：12
由

研究得知，分针与时针的角速度之比是12：1.故选项A符合题意，故选项C不符合题意.
B.由
v＝ωr
得，分针与时针端点的线速度之比为
v分：v时＝ω分r分：ω时r时＝12×1.5：＝18：1
即分针与时针末端的线速度之比为18：1.故选项B符合题意.
D、根据
a＝ω2r
得分针与时针末端的向心加速度之比为216：1.故选项D符合题意.
11、BC
【解析】
当静水速（船头指向）与河岸垂直，在垂直于河岸方向上的速度最大，则渡河时间最短，当水流速度增大，不影响垂直于河岸方向上的分速度，则渡河时间不变．故BC正确，AD错误．故选BC．
点睛：解决本题的关键知道分运动与合运动具有等时性，各分运动具有独立性，互不干扰．
12、ABD
【解析】
A．金属环从P点到Q点，动能减少80J，机械能减少了40J，所以重力势能增加了40J，P点到Q点的距离，则：

解得：细杆的倾角

故A项正确；
B．金属环从P点到Q点，动能减少80J，据动能定理得：

解得：金属环受到的摩擦力

故B项正确；
C．据可知，金属环将不能回到Q点，故C项错误；
D．据，解得：

对金属环上升过程，受力分析，由牛顿第二定律可得：金属环上升过程的加速度大小

金属环上升的时间：

故D项正确。

二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、d/t滑块的质量M释放时挡光片到光电门的距离L mgL不需要
【解析】
（1）由于遮光条通过光电门的时间极短因此可以利用平均速度来代替其瞬时速度，因此滑块经过光电门时的瞬时速度为
（2）根据以上瞬时速度的公式，因此需要知道滑块上的遮光条初始位置到光电门的距离L，计算动能需要知道滑块的质量M，故还需要测量M．
（3）钩码和滑块所组成的系统为研究对象，其重力势能的减小量为，系统动能的增量为．因此只要比较二者是否相等，即可验证系统机械能是否守恒．
（4）因为实验过程中，需要测量系统减小的重力势能大小，不需要滑块受到的合力等于绳子的拉力，故不需要钩码的质量远小于滑块的质量。
14、0.1； 1；
【解析】
在竖直方向上有：△h=gT2，其中△h=2×5=10cm，得：T==0.1s；
水平方向匀速运动，有：s=v0t，其中s=2L=10cm，t=T=0.1s，代入解得：v0=0.1/0.1=1m/s.

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（1）；（2）
【解析】
试题分析：（1）当B对地面恰好无压力时，有：，拉力提供小球A所需向心力，则：，则有：．
（2）对小球A来说，小球受到的重力和支持力平衡．因此绳子的拉力提供向心力，则：，对物体B来说，物体受到三个力的作用：重力、绳子的拉力、地面的支持力，由力的平衡条件可得：故，将代入可得：，由牛顿第三定律可知，B对地面的压力为，方向竖直向下．
考点：牛顿第二定律在圆周运动中的应用
【名师点睛】解决本题的关键知道绳子的拉力提供A做圆周运动的向心力，结合B受力分析列出受力平衡方程进行求解，注意研究对象的灵活选择．
16、 (1)上面的结果是错误的，地球的半径R在计算过程中不能忽略 ；(2)
【解析】
（1）上面的结果是错误的，地球的半径R再计算过程中不能忽略．
正确的解法和结果：由得
（2）方法一：对空间站绕地球做圆周运动，由
得
方法二：在地面重力近似等于万有引力，由得
17、（1）3J （1）2.5m
【解析】
试题分析：（1）对m与M组成的系统，碰撞过程中动量守恒，设碰后共同速度为v，有
mν2=（m+M）ν
解得v=1m/s
碰撞后系统损失的机械能
解得△E=3J
（1）物块离开桌面后做平抛运动，设落地点离桌面边缘的水平距离为x，有
竖直方向作自由落体：
解得t=2．5s
水平方向匀速直线： x=vt=2．5m
考点：动量守恒定律；机械能守恒定律；平抛运动
【名师点睛】本题采用程序法按时间顺序进行分析处理，是动量守恒定律与平抛运动简单的综合，比较容易．