江西省鄱阳县第一中学2025年物理高一下期末学业质量监测模拟试题含解析.doc

江西省鄱阳县第一中学2025年物理高一下期末学业质量监测模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、如图所示，以9.8m/s的水平速度v0抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角θ为30°的斜面上，可知物体完成这段飞行的时间是（　　）

A． B． C． D．2s
2、 (本题9分)以下说法正确的是(　　)
A．在同一个接触面上的摩擦力和弹力的方向不一定垂直
B．相互压紧并发生相对运动或有相对运动趋势的物体间一定有摩擦力产生
C．有摩擦力产生的面上不一定有弹力
D．接触面粗糙，接触面间有弹力，有相对运动，则一定有摩擦力产生
3、自行车是一种代步工具。图是自行车的一部分，其大齿轮、小齿轮、后轮三个轮子的半径不一样。它们的边缘有三个点a、b、c，下列说法中正确的是

A．a、b的角速度相同
B．b、c的角速度相同
C．b、c的线速度相同
D．a、c的线速度相同
4、甲、乙两物体动能相等，它们的质量之比为m甲：m乙=1：4，则它们动量的大小之比P甲：P乙为（ ）
A．1：1 B．1：2 C．1：4 D．4：1
5、 (本题9分)汽车在水平路面上做匀速运动，发动机输出的功率为P，速度为v，当汽车上坡时（ 　 ）
A．如果输出的功率不变，则应减小速度
B．如果输出的功率不变，则应增大速度
C．如果保持速度不变，则应减小输出功率
D．如果保持速度不变，则还应保持输出功率不变
6、 (本题9分)如图所示，半径为R的圆弧轨道固定在水平地面上，轨道由金属凹槽制成，可视为光滑轨道。在轨道右侧的正上方将金属小球A由静止释放，小球静止时距离地面的高度用hA表示，对于下述说法中正确的是

A．只要小球距地面高度hA≥2R，小球便可以始终沿轨道运动并从最高点飞出
B．若hA=R，由于机械能守恒，小球在轨道上上升的最大高度为R
C．适当调整hA，可使小球从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处
D．若小球能到最高点，则随着hA的增加，小球对轨道最高点的压力也增加
7、如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电压表示数的变化量为ΔU．在这个过程中，下列判断正确的

A．电流表的示数增大
B．电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大
C．电容器的带电量减小，减小量小于CΔU
D．电压表示数变化量ΔU和电流表示数变化量ΔI的比值不变
8、 (本题9分)甲、乙两辆汽车在同一条平直的公路上向东行驶，已知甲车运动得比乙车快，则下列说法正确的是(　　)
A．以甲车为参考系，乙车在向东行驶
B．以甲车为参考系，乙车在向西行驶
C．以乙车为参考系，甲车在向东行驶
D．以乙车为参考系，甲车在向西行驶
9、如图所示，长为L=4m的传送带的速度是5m/s，现将m=1kg的小物体轻放在左轮正上方的皮带上，物体与皮带间的动摩擦因数μ=0.2，g＝10m/s2，电动机带动皮带将物体从左轮运送到右轮的过程中，下列说法中正确的是(　　)

A．传送带对小物体做功为8J
B．小物体获得的动能为12.5J
C．摩擦产生的热量为12J
D．电动机由于传送物体多消耗的能量为25 J
10、 (本题9分)如图所示，在光滑水平面上停放质量为m装有弧形槽的小车。现有一质量也为m的小球以的水平速度沿切线水平的槽口向小车滑去（不计一切摩擦），到达某一高度后，小球又返回小车右端，则下列判断正确的是

A．小球在小车上到达最高点时的速度大小为0
B．小球离车后，对地将向右做平抛运动
C．小球离车后，对地将做自由落体运动
D．此过程中小球对车做的功为
11、 (本题9分)甲、乙两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的x–t图象如图所示（乙的图线为抛物线），下列说法正确的是（ ）

A．t1时刻，两者相距最远
B．0~t2时间内，乙的速度先减小后增大
C．t2时刻，甲物体追上乙
D．乙物体先向负方向运动，t1时刻以后反向向正方向运动
12、如图所示，劲度系数为k的轻质弹簧一端固定，另一端连接一质量为m的小物块，O点为弹簧原长时物块的位置．物块由A点静止释放，沿水平面向右运动，最远到达B点，物块与水平面间动摩擦因数为μ．AO=L1，OB=L2，则从A到B的过程中

A．物块所受弹簧弹力先做正功后做负功
B．物块所受弹簧弹力做的功大于克服摩擦力做的功
C．物块经过O点时的动能为
D．由于摩擦产生的热量为
二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、（6分）在“验证机械能守恒定律”的实验中，当地重力加速度的值为9.80m/s2，所用重物的质量为1.00kg.若按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点的距离如图所示(相邻计数点时间间隔为0.02s)，那么：

(1)打点计时器打下计数点B时，物体的速度VB__________ ； 
(2)从起点O打下计数点B的过程中重力势能减少量是△Ep= ______ ，此过程中物体动能的增加量△Ek=______ (取g=9.8m/s2)； 
(3)通过计算，数值上△Ep______ △Ek(填“>”、“=”或“<”)，这是因为 ______ ； 
(4)实验的结论是 ______ ．
14、（10分） (本题9分)打点计时器所用交流电源的频率为50Hz．在某次研究“匀变速直线运动”实验中得到一条点迹清晰的纸带，如图所示，A、B、C、D为纸带上连续打下的四个点．则打点计时器的打点时间间隔为_____s，物体运动的加速度为____m/s2，打D点时纸带的速度为____m/s．

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（12分） (本题9分)2018年4月18日中国人解放军在海峡进行实弹射击军事演习．这是对中国省内“台独”势力发出的严厉警告．演习中，一质量为60kg待战队员，从悬停在500m高的陆航直升机上由静止下落．当下落100m时，他打开降落伞，随后做减速运动，顺利的竖直下降到地面．其竖直下落过程的动能Ek随下降高度x变化的图像如图所示，重力加速度g=10m/s2，求：

(1)打开降落伞后，特战队员受到的阻力；
(2)特战队员下降过程的总时间．
16、（12分）某运动员在平直雪道上的A、B两地间进行滑雪训练。在某次由A到B的训练中，他利用滑雪杖获得水平推力F=84N从A由静止开始向前滑行，作用时间为t1=1s，之后立即撤除水平推力，滑行t2=2s后再次用滑雪杖获得同样的水平推力，作用距离与第一次使用雪仗时相同，接着再次撤除水平推力后，运动员滑到B时刚好停下。已知该运动员连同装备的总质量为m=60kg，在整个运动过程中受到的滑动摩擦力大小恒为Ff=12N，求在这次训练中.

(1)第一次利用滑雪杖获得的加速度大小及这段时间内的位移大小；
(2)运动员获得的最大速度；
(3)A、B两地间的距离。
17、（12分）从离地高80 m处水平抛出一个物体，3 s末物体的速度大小为50 m/s，取g＝10 m/s2.求：
(1)物体抛出时的初速度大小；
(2)物体在空中运动的时间；
参考答案

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、C
【解析】
试题分析：小球垂直地撞在倾角θ为30°的斜面上，知小球的速度方向与斜面垂直，将该速度进行分解，根据水平方向上的速度求出竖直方向上的分速度，根据竖直方向上做自由落体运动求出物体飞行的时间．
解：小球撞在斜面上的速度与斜面垂直，将该速度分解，如图．

则tan60°=，则．
所以运动的时间t=．故C正确，A、B、D错误．
故选C．
2、D
【解析】
A.摩擦力的方向与弹力的方向互相垂直．故A错误；
BD.相互压紧并发生相对运动或有相对运动趋势的物体间，且接触面粗糙时，才一定有摩擦力产生．故B错误、D正确；
C.有摩擦力产生的面上一定有弹力，而有弹力不一定有摩擦力，故C错误。
故选D。
解决本题的关键知道弹力和摩擦力的产生条件，并且要明确摩擦力分为动摩擦力和静摩擦力；它们在计算大小时所用的方法不同，应注意区分．
3、B
【解析】
A.大齿轮与小齿轮是同缘传动，边缘点线速度相等，故：va=vb，由于半径不同和v=rω可知，a、b的角速度不同；选项A错误；
B.由于b、c两点是同轴转动，可知b、c两点角速度相同，选项B正确；
C. b、c两点角速度相同，据v=rω可知，b、c的线速度不相同，选项C错误；
D.由于a、b两点线速度相同，b、c两点线速度不同，则a、c两点的线速度不相同；选项D错误；
4、B
【解析】
根据甲乙两物体的动能相等，有：

甲的动量为:

乙的动量为:

所以：

A.1：1与计算结果不相符；故A项不合题意.
B.1：2与计算结果相符；故B项符合题意.
C.1：4与计算结果不相符；故C项不合题意.
D.4：1与计算结果不相符；故D项不合题意.
5、A
【解析】
汽车的输出功率不变，根据P=Fv知，汽车上坡时，需减小速度，从而增大牵引力，故A正确，B错误；汽车的速度不变，上坡时需增大牵引力，根据P=Fv知，应增大输出功率，故CD错误。所以A正确，BCD错误。
6、D
【解析】
A.若小球恰好能到圆轨道的最高点时，由，，根据机械能守恒定律得，，解得：hA=R；选项A错误；
B. 若hA=R<R，小球不能上升到最高点，小球A在到达最高点前离开轨道，有一定的速度，由机械能守恒可知，A在轨道上上升的最大高度小于R，选项B错误.
C. 小球从最高点飞出后做平抛运动，下落R高度时，水平位移的最小值为，所以小球落在轨道右端口外侧，选项C错误。
D.在最高点时，由牛顿第二定律：，即，则若小球能到最高点，则随着hA的增加，到达最高点的速度增加，则小球对轨道最高点的压力也增加，选项D正确。
7、BCD
【解析】
AC．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，电流表示数减小，由欧姆定律分析得知，电阻R1两端的电压减小，电阻R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R1两端的电压减小量小于△U，则电容器的带电量减小，减小量小于C△U．故A错误，C正确。
B．由图，，R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大，故B正确。
D．根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R1+r），由数学知识得知，，保持不变，故D正确。
8、BC
【解析】
甲、乙两辆汽车在同一条平直的公路上向东行驶，因甲车运动得比乙车快，则以甲车为参考系，乙车在向西行驶；以乙车为参考系，甲车在向东行驶；故选项BC正确，AD错误；故选BC.
9、AC
【解析】
AB．对物体运用动能定理有

可得物体速度增大到5m/s时的对地位移x=12.5m＞4m，可见质点一直在加速。运动到右轮正上方时，速度还没达到5m/s，再根据动能定理可得物体获得的动能
Ek=μmgx=8J
故A正确，B错误；
C．由

得物体到达最右端速度
v=4m/s
得物块相对传送带的位移

根据
Q=Ek=μmg∆x
得
Q=12J
故C正确；
D．电动机由于传送物体多消耗的能量等于物体动能增加量和摩擦产生的内能之和等于20 J，故D错误。
10、CD
【解析】
当小球与小车的水平速度相等时，小球弧形槽上升到最大高度，设该高度为h，则：mv0=2mv，解得：，故A错误；设小球离开小车时，小球的速度为v1，小车的速度为v2，整个过程中动量守恒，得：mv0=mv1+mv2，由动能守恒得：，联立解得：v1=0，v2=v0，即小球与小车分离后二者交换速度；所以小球与小车分离后做自由落体运动，故B错误，C正确；对小车运用动能定理得，小球对小车做功：，故D正确。所以CD正确，AB错误。
11、ABD
【解析】
A.纵坐标之差表示甲乙之间的距离，根据图象可知tl时刻，两者相距最远，故A正确；
BD.在位移-时间图象中，斜率表示物体的速度，由图象可知乙的斜率先负后正，即乙物体先向负方向运动，t1时刻以后反向向正方向运动，斜率大小先减小后增大，乙的速度先减小后增大，故BD正确；
C.图象的交点表示甲、乙两物体相遇，t2时刻之前甲在乙的前面，则t2时刻，乙物体追上甲，故C错误．
12、AD
【解析】
从A到B的过程中，物块所受弹簧弹力先向右后向左，则弹力先做正功后做负功，选项A正确；根据动能定理可知，物块所受弹簧弹力做的功等于克服摩擦力做的功，选项B错误；根据动能定理，物块经过O点时的动能为，选项C错误；由于摩擦产生的热量为，选项D正确.

二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、 > 存在摩擦阻力 在误差范围内物体下落机械能守恒
【解析】(1) B点的瞬时速度等于AC段的平均速度，则
；
(2) 从起点O到打下计数点B的过程中重力势能减少量是△Ep=mgh=1×9.8×0.0501J≈0.49J
动能的增加量
(3) 可见重力势能的减小量大于动能的增加量，原因是实验中存在摩擦阻力；
(4) 实验的结论是在误差允许的范围内，机械能守恒。
点晴：通过相等时间间隔内位移的变化判断纸带的哪一端与重物相连．根据下降的高度求出重力势能的减小量；根据某段时间内平均速度等于中间时间的瞬时速度求出B点的瞬时速度，从而求出动能的变化量。
14、0.02 5 0.55
【解析】
[1]．打点计时器的打点时间间隔为
；
[2]．AB=0.60cm；BC=0.80cm；CD=1.00cm；则∆x=0.20cm ，物体运动的加速度为

[3]．打B点时纸带的速度为

则打D点时纸带的速度为
vD=vB+2aT=0.35+2×5×0.02=0.55m/s．
点睛：对于基本的实验问题要加强基本仪器的了解和使用，同时要加强利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、 (1)F=720N (2)
【解析】
(1)由于图像是倾斜直线，可知特战队员受到的阻力为恒力．从打开降落伞后到到达地面的过程，由动能定理可得：
由图象可知，特战队员在下降100m处的，减少下降的高度x2=400m
可得打开降落伞后，特战队员受到的阻力F=720N
(2)由
可得特战队员在下降100m处的速度v=40m/s
由于特战队员打开降落伞前后均做匀变速运动，可得整个过程的平均速度：

可得特战队员下降过程的总时间：
16、 (1)加速度大小位移大小 (2) 运动员的最大速度 (3) A、B两地间的距离
【解析】
（1）根据牛顿定律： ①
及运动学规律： ②
解得第一次利用滑雪杖获得的速度大小及这段时间内的位移大小分别为
③
④
（2）第一次利用滑雪杖获得的速度为
⑤
第一次撤除推力后的时间内，运动员的加速度
⑥
末速度 ⑦
第二次用力过程中 ⑧
解得 ⑨
此即运动员的最大速度。
（3）第一次撤除推力后的时间内，运动员的位移 ⑩
第二次撤除推力后运动员的位移 ⑪
故A、B两地间的距离 ⑫
解得 ⑬
17、 (1)40m/s；(2)4s
【解析】
解：(1)物体在3s末的竖直分速度：
根据平行四边形定则知物体抛出的初速度：
(2)根据得物体在空中运动的时间：