河北省永年县第二中学2025届物理高一下期末联考试题含解析.doc

河北省永年县第二中学2025届物理高一下期末联考试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、 (本题9分)如图所示，小车放在光滑地面上静止，A、B两人站在车的两头，两人同时开始相向行走，发现小车向左运动，小车运动的原因可能是（　　）

A．若A、B两人的质量相等，则A的速率比B大
B．若A、B两人的质量相等，则A的速率比B小
C．若A、B两人的速率相等，则A、B的质量也相等
D．若A、B两人的速率相等，则A、B的质量无法比较，且还与小车的质量有关
2、 (本题9分)如图所示，在风力推动下，风叶带动发电机发电，M、N为同一个叶片上的两点，下列说法中正确的是

A．M点的线速度等于N点的线速度
B．M点的角速度小于N点的角速度
C．M点的向心加速度小于N点的向心加速度
D．M点的周期大于N点的周期
3、 (本题9分)如图所示，两个容器A、B，用截面均匀的水平细玻璃管相连，A、B所装气体的温度分别为17℃和27℃，水银柱在管中央平衡，如果两边气体温度都升高10℃，则水银柱将(　　)

A．向右移动 B．向左移动
C．不动 D．条件不足，不能确定
4、下列描述正确的是（ ）
A．牛顿首先建立了平均速度、瞬时速度以及加速度的概念
B．开普勒通过观测行星运动发现了万有引力定律
C．库仑通过油滴实验测出了元电荷的电荷量
D．法拉第最早引入电场概念，并提出用电场线形象描述电场
5、 (本题9分)如图是共享单车的部分结构，单车的大齿轮小齿轮、后轮的半径都不一样，它们的边缘有三个点a、b和c，如图所示。正常骑行时，下列说法正确的是

A．a点的角速度大于b点的角速度
B．a点的向心加速度与b点的向心加速度大小相等
C．a点的线速度与c点的线速度大小相等
D．a点的向心加速度小于c点的向心加速度
6、 (本题9分)如图甲所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动。监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图乙、丙所示。取g=10m/s2，则

A．第1s内推力做功为1J B．第2s内摩擦力做的功为W=2.0J
C．第1.5s时推力F的功率为3W D．第2s内推力F做功的平均功率=3W
7、 (本题9分)如图所示，质量为m的小球套在光滑竖直杆上，轻质弹簧的一端与小球相连，另一端固定于O点。小球由A点静止释放后，沿固定竖直杆运动到B点。OA的长度小于OB的长度，弹簧处于OA、OB两位置时弹簧的弹性势能相等。下列说法正确的是（　　）

A．小球在B点的动能不为零
B．在小球从A点运动到B点的过程中，弹簧的弹性势能先减小后增大
C．在小球从A点运动到B点的过程中，小球增加的动能等于重力对小球做的功
D．在小球从A点运动到B点的过程中，小球减少的重力势能等于其增加的弹性势能
8、 (本题9分)物体A的加速度为3,物体B的加速度为-5,下列说法正确的是( )
A．物体A的加速度比物体B的加速度大
B．物体B的速度变化比物体A的速度变化快
C．物体A的速度一定在增加
D．物体B的速度可能在减小
9、 (本题9分)等量异号点电荷的连线和中垂线如图所示，现将一个带负电的试探电荷先从图中的a点沿直线移动到b点，再从b点沿直线移动到c点，则试探电荷在此全过程中

A．所受电场力的方向不变
B．所受电场力的大小恒定
C．电势能一直减小
D．电势能先不变后减小
10、物体仅在力F作用下运动，F的方向与物体运动方向一致，其F－t图象如图所示，则物体(　 　)

A．在t1时刻速度最大
B．从t1时刻后便开始返回运动
C．在t1时刻加速度最大
D．在0～t2时间内，速度一直在增大
二、实验题
11、（4分）在研究平抛运动的实验中，为了正确描绘出小球平抛运动的轨迹，在固定弧形斜槽时，应注意使斜槽末端切线保持__________；实验时，每次使小球由斜槽上_________位置静止滚下。
12、（10分）如图所示为探究平行板电容器电容大小决定因素的实验。给电容器充电后与电源断开，即保持电量不变，则： (填“变小”、“变大”或“不变”)

(1)甲图将B板上移，静电计指针偏角_______，电容器的电容________；
(2)乙图将B板左移，静电计指针偏角_______，电容器的电容________；
(3)丙图将电介质插入两板之间，静电计指针偏角_______，电容器的电容________。
三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、（9分） (本题9分)在光滑的水平面上，质量为m1的小球甲以速率向右运动．在小球甲的前方A点处有一质量为m1的小球乙处于静止状态，如图所示．甲与乙发生正碰后均向右运动．乙被墙壁C弹回后与甲在B点相遇，．已知小球间的碰撞及小球与墙壁之间的碰撞均无机械能损失，求甲、乙两球的质量之比m1：m1．

14、（14分） (本题9分)如图所示，粗糙水平轨道AB与半径为R的光滑半圆竖直轨道BC相连接。质量为m的小物块在水平恒力F作用下，从A点由静止开始向右运动，当小物块运动到B点时撒去力F，小物块沿半圆形轨道运动恰好能通过轨道最高点C，小物块脱离半圆形轨道后刚好落到原出发点A。已知物块与水平轨道AB间的动摩擦因数=0.75，重力加速度为g，忽略空气阻力。求：
（1）小物块经过半圆形轨道B点时对轨道的压力大小；
（2）A、B间的水平距离；
（3）小物块所受水平恒力F的大小。

15、（13分）如图所示在光滑水平桌面上有一光滑小孔O，一根轻绳穿过小孔，一端连接质量m=2kg的小球A，另一端连接质量M=12kg的重物B，小球A沿半径r=0.15m的圆做匀速圆周运动。取g=10m/s2。求：

(1)当小球A做匀速圆周运动的角速度ω=10rd/s时，重物B所受地面的支持力大小F；
(2)当重物B所受地面的支持力为零时，小球A做匀速圆周运动的线速度大小v.
参考答案

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、A
【解析】
A、B两人与车组成的系统动量守恒，开始时系统动量为零；两人相向运动时，车向左运动，车的动量向左，由于系统总动量为零，由动量守恒定律可知，A、B两人的动量之和向右，A的动量大于B的动量；
AB、如果A、B两人的质量相等，则A的速率大于B的速率，A正确，B错误；
CD、如果A、B速率相等，则A的质量大于B的质量，CD错误；
2、C
【解析】
ABD．由于M、N两点的转动的角速度相等，则周期相等， M点转动的半径小，根据v=rω知，M点的线速度小于N点的线速度，故ABD错误．
C．M、N的角速度相等，M点的转动半径小，根据a=rω2知，M点的向心加速度小于N点的加速度，故C正确．
3、A
【解析】
假定两个容器的体积不变，即不变，A、B中所装气体温度分别为和，当温度升高时，容器A的压强由增至，，容器B的压强由增至，，由查理定律得：，，
因为，所以，即水银柱应向右移动，故选项A正确．
点睛：本题涉及两部分气体状态变化问题，除了隔离研究两部分之外，关键是把握它们之间的联系，比如体积关系、温度关系及压强关系．
4、D
【解析】
A．伽利略首先建立了平均速度、瞬时速度以及加速度的概念，选项Ａ错误；
B．开普勒通过观测行星运动发现行星运动三定律，牛顿发现了万有引力定律，选项Ｂ错误；
C．密立根通过油滴实验测出了元电荷的电荷量，选项Ｃ错误；
D．法拉第最早引入电场概念，并提出用电场线形象描述电场，选项Ｄ正确。
5、D
【解析】
AB.ab两点在传送带上，是同缘传动的边缘点，所以两点的线速度相等，根据v=ωr，角速度与半径成反比，a点的角速度小于b点的角速度；根据a=v2/r可知a点的向心加速度小于b点的向心加速度，故AB错误；
C.bc两点属于同轴转动，故角速度相等，根据v=ωr，线速度与半径成正比，c点的线速度大于b点的线速度，a点的线速度小于c点的线速度，故C错误；
D. a点的角速度小于c点的角速度，a点的线速度小于c点的线速度，根据a=ωv可知，a点的向心加速度小于c点的向心加速度，选项D正确；
6、CD
【解析】
A.由v-t图可知第1s内物体速度为零没有运动，所以推力做的功为零。A错误；
B.由v-t图和F-t图可知第3s内物体匀速则f=F=2N，第2s内位移为1m，由Wf=-fL=-2×1J=-2.0J．则B错误；
C.1.5s时的瞬时速度为1m/s，推力为3N，则由P=Fv=3×1W=3W．选项C正确；
D.第2s内的推力为3N，第2s内物体做匀加速直线运动平均速度为1m/s，由．选项D正确。
7、AC
【解析】
A．在小球运动过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，故小球和弹簧组成的系统机械能守恒。因A、B两点弹簧的弹性势能相等，小球减小的重力势能转化为小球的动能，所以在B点的动能不为零，故A正确；
B．弹簧在A点为压缩状态，B点为伸长状态，在小球从A点运动到B点的过程中，弹簧的形变量先增大后减小再增大，则弹簧的弹性势能先增大后减小再增大，故B错误；
C．在小球从A点运动到B点的过程中，弹簧的弹力对小球做功为零，根据动能定理知小球增加的动能等于重力对小球做的功，故C正确；
D.在小球从A点运动到B点的过程中，增加的弹性势能为零，则小球减少的重力势能大于增加的弹性势能，故D错误。
故选AC。
8、BD
【解析】
A．物体A、B的加速度，正负号代表方向，绝对值大小代表加速度大小，故A项错误．
B．由加速度的定义可知，加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，故B项正确．
C．若A速度方向与其加速度方向相反，则物体A的速度减小，故C项错误．
D．若B速度方向与其加速度方向相反，则物体B的速度减小，故D项正确．
9、AD
【解析】
试题分析：在等量的异种电荷的中垂线上，电场方向始终垂直中垂线且指向负电荷，检验电荷所受电场力的方向保持不变，所以A错误；
且电荷从a运动到b，因电场力与位移方向垂直，电场力不做功；从b到c运动的过程中电场力做正功因此电势能减小，所以C错；
又因为电场线分布的疏密不同，所受电场力是变化的，所以B错误；
电荷从b运动到c，因为电场力做正功，所以电荷电势能减小，所以D正确．
故选D．
10、CD
【解析】
C.根据牛顿第二定律得，力越大时，加速度越大，由图象可知t1时刻力F最大，所以加速度最大，则C正确；
AB.由图象知，t1时刻力F开始减小，但方向未发生变化，所以物体继续向前加速运动，所以在t1时刻速度不是最大，AB错误；
D.由图象可知在0-t2时间内F的方向没发生变化，又F的方向与物体运动方向一致，所以物体一直做加速运动，所以D正确；

二、实验题
11、水平 同一
【解析】
[1]小球做平抛运动，初速度需要水平，所以使斜槽末端切线保持水平；
[2]实验时，每次使小球由斜槽上同一位置静止滚下，保证小球的初速度相同，便于多次重复实验。
12、变大 变小 变大 变小 变小 变大
【解析】
(1)[1][2]甲图将B板上移，即两极板正对面积减小，根据电容的决定式得知，电容C变小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U变大，即静电计指针偏角变大；
(2)[3][4] 乙图将B板左移，即板间距离d增大，根据电容的决定式得知，电容C变小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U变大，即静电计指针偏角变大；
(3)[5][6] 丙图将电介质插入两板之间，根据电容的决定式得知，电容C增大，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U变小，即静电计指针偏角变小。

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、
【解析】
试题分析:两球发生弹性碰撞，设碰后甲、乙两球的速度分别为v1和v1，规定向右为正方向

由题意
联立可得：
考点: 机械能守恒、动量守恒．
【名师点睛】略．
14、（1）6mg；（2）2R；（3）2mg
【解析】
（1）设小球经过半圆形轨道B点时，轨道给球的作用力为FN
在B点：FN-mg=m
由B到C过程，由动能定理得：
-2mgR=
在C点，由牛顿第二定律和向心力公式可得：
mg=m
联立解得：FN=6mg
根据牛顿第三定律，小物块经过半圆形轨道B点时对轨道的压力大小：FN′=FN=6mg，方向竖直向下。
（2）离开C点，小球做平抛运动，则：
竖直方向：2R=gt2
水平方向：SAB=vCt
解得A、B间的水平距离：SAB=2R
（3）由A到B运动过程，由动能定理得：
（F-mg）SAB=-0
代入数据解得：小物块所受水平恒力F=2mg
15、 (1)F=90N (2)v=3m/s
【解析】
（1）以小球A为研究对象，其做圆周运动所需的向心力由绳子的拉力T1提供，有：
T1=mr
以重物B为研究对象，由其受力情况可知：T1′+F=Mg，
其中 T1=T1′
解得:F=90N
（2）此时绳子的拉力大小T2等于重物B所受的重力大小，即:T2=Mg
以小球A为研究对象，有T2=m
解得:v=3m/s