2024-2025学年山东省东明县万福中学高一物理第二学期期末质量跟踪监视试题含解析.doc

2024-2025学年山东省东明县万福中学高一物理第二学期期末质量跟踪监视试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、 (本题9分)关于曲线运动, 以下说法正确的是（ ）
A．曲线运动是一种变速运动
B．做曲线运动的物体合外力可能为零
C．做曲线运动的物体所受的合外力一定是变化的
D．曲线运动不可能是一种匀变速运动
2、 (本题9分)一个物体只在相互垂直的恒力F1 、F2作用下，由静止开始运动，经过一段时间后，突然撤去F2而F1 不变，则物体以后的运动情况是
A．物体做直线运动 B．物体做变加速曲线运动
C．物体沿F1的方向做匀加速直线运动 D．物体做匀变速曲线运动
3、 (本题9分)下列说法符合史实的是（ ）
A．牛顿首先发现了行星的运动规律
B．开普勒发现了万有引力定律
C．卡文迪许首先在实验室里测出了万有引力常量数值
D．牛顿首先发现了海王星和冥王星
4、 (本题9分)在光滑的水平面上，有A、B两个小球向右沿同一直线运动，取向右为正方向，两球的动量分别为pA＝5kgm/s，pB＝7kgm/s，如图所示．若两球发生正碰，则碰后两球的动量增量ΔpA、ΔpB可能是

A．ΔpA＝3 kgm/s，ΔpB＝3 kgm/s
B．ΔpA＝－3 kgm/s，ΔpB＝3 kgm/s
C．ΔpA＝3 kgm/s，ΔpB＝－3 kgm/s
D．ΔpA＝－10 kgm/s，ΔpB＝10 kgm/s
5、下面列举的四位大师，他们对世界天文学的发展影响极其深远，那么其中排列符合历史发展顺序的是（）
A．哥白尼 托勒密 牛顿 开普勒 B．托勒密 牛顿 哥白尼 开普勒
C．哥白尼 托勒密 开普勒 牛顿 D．托勒密 哥白尼 开普勒 牛顿
6、 (本题9分)下列物理量中，用来描述做功快慢的是
A．功
B．动能
C．功率
D．时间
7、 (本题9分)天文学家有这样一个大胆推测：地球有一个从未谋面的“兄弟”，其运行轨道就在地球的运行轨道上，也就是说从地球上看，这个“地球兄弟”永远在太阳的背面与地球捉迷藏，所以人类一直未能发现它．由以上信息不可以确定这颗行星的(设地球的公转周期、轨道半径、平均密度、自转周期为已知)（ ）
A．公转周期 B．平均密度 C．轨道半径 D．自转周期
8、如图所示，已知两颗人造卫星a和b绕地球做匀速圆周运动的周期分别是T1、T2，设a、b到地心O的距离分别为r1、r2，线速度大小分别为、，则下列关系式正确的是（ ）

A． B． C． D．
9、已知引力常数G与下列哪些数据，可以计算出地球密度(　　)
A．地球绕太阳运动的周期及地球离太阳的距离
B．月球绕地球运行的周期及月球绕地球转的轨道半径
C．人造地球卫星在地面附近绕行运行周期
D．若不考虑地球自转，已知地球半径和重力加速度
10、关于地球同步卫星，下列说法正确的是
A．它处于平衡状态，且具有一定的高度
B．它的加速度小于9. 8m/s2
C．它的周期是24h，且轨道平面与赤道平面重合
D．它的速度等于7. 9km/s
11、 (本题9分)一轻质弹簧，上端悬挂于天花板，下端系一质量为M的平板，处在平衡状态。一质量为m的均匀环套在弹簧外，与平板的距离为h，如图所示，让环自由下落(不计摩擦力)撞击平板。已知碰后环与板以相同的速度向下运动，使弹簧伸长( )

A．若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总动量守恒
B．环撞击板后，板的新的平衡位置与h的大小无关
C．在碰后板和环一起下落的过程中，它们减少的重力势能等于克服弹簧弹力所做的功
D．在碰后板和环一起下落的过程中，它们减少的动能等于克服弹簧弹力所做的功
12、 (本题9分)测定运动员体能一种装置如图所示，运动员质量为m1，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮（不计滑轮质量及摩擦）下悬一质量为m2的重物，人用力蹬传送带而人相对地面静止不动，使传送带以速度v匀速向右运动，下列说法正确的是

A．传送带对人不做功
B．人对传送带做正功
C．人对传送带做功的功率为
D．传送带对人做功的功率为（m1+m2）gv
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (本题9分)用如图所示的装置“研究平抛物体的运动”。其主要实验步骤如下：

（a）将弧形斜槽固定在桌面上，让其末端伸出桌面边缘处。
（b）用图钉将白纸钉在薄木板上，用支架将木板竖直固定。
（c）将小球从斜槽上释放，在竖直白纸上记录小球所经过的多个位置，用平滑的曲线连接起来，即为小球平抛运动的轨迹
（1）在“研究平抛物体的运动”实验时，已备有下列器材：白纸、图钉、薄木板、铅笔、弧形斜槽、小球、刻度尺、铁架台，还需要下列器材中的____________。
A．秒表 B．天平 C．重锤线 D．测力计
(2)在该实验中，为减少空气阻力对小球的影响，所以选择小球时，应选择_____
A．实心小铁球 B．空心小铁球
C．实心小木球 D．塑料小球
(3)在该实验中，应采取下列哪些措施减小实验误差________?
A．斜槽轨道末端切线必须水平
B．斜槽轨道必须光滑
C．每次要平衡摩擦力
D．小球每次应从斜槽同一高度静止释放
(4)在该实验中，在取下白纸前，应确定坐标轴原点O，并用重锤线过O作竖直线，标系的y轴。图1为甲、乙两位同学关于坐标原点及x轴、y轴的确定，其中做法正确的__________(选填“甲”或“乙”)

（5）在该实验中，某同学正确地确定了坐标原点及坐标轴后，描绘出小球在同时刻所通过的三个位置A、B、C，相邻的两个位置间的水平距离均为x，测得x=10.00cm，A、B间的竖直距离y1=4.78cm，A、C间的竖直距离y2=19.36cm。如图2所示。（重力加速度g取9.80 m/s2）

根据以上直接测量的物理量导出小球做平抛运动的初速度的公式为v0=________(用题中所给字母表示。代入数据得到小球的初速度值为________m/s。
14、 (本题9分)在利用重锤和打点计时器做“验证机械能守恒定律”的实验中，下列各项描述正确的有（________）.

A．必须要测量重锤的质量
B．必须测量重锤的下落时间
C．需要把打点计时器两限位孔尽量调到同一竖直线上
D．由于误差的原因利用纸带测出O到各个计数点的重力势能的减小量，总是略大于测出必须测出的动能增加量
15、 (本题9分)某实验小组利用如图所示的电路测量一节干电池的电动势和内电阻．现有实验器材为：

A．待测干电池(电动势约为1.5 V)
B．电压表(量程3 V)
C．电压表(量程15 V)
D．电流表(量程0.6 A)
E．电流表(量程3 A)
F．滑动变阻器(阻值范围0～10 Ω)
G．滑动变阻器(阻值范围0～100 Ω)
H．开关、导线若干
(1)实验中，电压表应选用__________，电流表应选用________，滑动变阻器应选用________．(选填器材前的字母)
(2)如图所示，他们根据实验数据绘制出U－I图像，其中U是电压表的读数，I是电流表的读数．由此可以得到，干电池的电动势E＝________ V，内电阻r＝________ Ω.(结果保留两位有效数字)

(3)该实验小组还制作了一个水果电池．他们先将一电压表(量程3 V、内阻2000 Ω)与水果电池的两极相连，电压表的读数为0.70 V；再将一数字电压表(内阻约为100 MΩ)与水果电池的两极相连，读数为0.91 V．由以上数据，可估算出该水果电池的内电阻r＝________ Ω.
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，五块完全相同的长木板依次紧挨着放在水平地面上，每块木板的长度为0.5m，质量为0.6kg．在第一块长木板的最左端放置一质量为0.98kg的小物块已知小物块与长木板间的动摩擦因数为0.2，长木板与地面间的动摩擦因数为0.1，设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等．一颗质量为0.02kg的子弹以的150m/s水平速度击中小物块并立即与小物块一起在长木板表面滑行，重力加速度g取10m/s2(结果保留2位有效数字)

(1)分析小物块滑至哪块长木板时，长木板才开始在地面上滑动．
(2)求整个运动过程中最后一块长木板运动的距离．
17、（10分） (本题9分)如图所示，电源电动势E＝10V，内阻r＝0.5Ω，“8V,16 W”的灯泡L恰好能正常发光，电动机M绕线的电阻R0＝1Ω，求：

(1)路端电压和内电压．
(2)电路中电流和电源的总功率．
(3)电动机的输出功率．
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】
试题分析：既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，所以A正确．物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，故合力不能为零，所以B错误．平抛运动是曲线运动，其合力是重力，重力是不变的，所以C错误．平抛运动是加速度不变的匀变速曲线运动，所以D错误．
故选A．
考点：物体做曲线运动的条件；曲线运动．
点评：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．
2、D
【解析】
一个物体在相互垂直的恒力F1和F2作用下，由静止开始沿两力的合力方向上做匀加速直线运动；经过一段时间后，突然将撤去F2，则物体出现了合力方向即为F1方向，大小为F1；F1方向与此时的速度不共线，所以做曲线运动，由于合力的大小与方向不变，所以做匀变速曲线运动，故D正确，A、B、C错误；
故选D．
3、C
【解析】
A项：开普勒发现了行星的运动规律，故A错误；
B项：牛顿发现了万有引力定律，故B错误；
C项：卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量，使万有引力定律有了真正的使用价值，故C正确；
D项：亚当斯和勒威耶发现了海王星，克莱德汤博发现了冥五星，故D错误．
4、B
【解析】
A. 两球碰撞过程,系统的动量守恒,两球动量变化量应大小相等,方向相反,若△PA=3kg⋅m/s,△PB=3kg⋅m/s，违反了动量守恒定律，不可能，故A错误．
B. 根据碰撞过程动量守恒定律,如果△pA=−3kg⋅m/s、△pB=3kg⋅m/s,所以碰后两球的动量分别为p′A=2kg⋅m/s、p′B=10kg⋅m/s，根据碰撞过程总动能不可能增加，是可能发生的，故B正确．
C. 根据碰撞过程动量守恒定律,如果△pA=3kg⋅m/s、△pB=−3kg⋅m/s,所以碰后两球的动量分别为p′A=8kg⋅m/s、p′B=4kg⋅m/s，由题，碰撞后，两球的动量方向都与原来方向相同，A的动量不可能沿原方向增大，与实际运动不符，故C错误．
D. 如果△pA=−10kg⋅m/s、△pB=10kg⋅m/s,所以碰后两球的动量分别为p′A=−5kg⋅m/s、p′B=17kg⋅m/s，可以看出，碰撞后A的动能不变，而B的动能增大，违反了能量守恒定律，不可能．故D错误．
故选C．
当A球追上B球时发生碰撞，遵守动量守恒．由动量守恒定律和碰撞过程总动能不增加，进行选择．
5、D
【解析】
希腊科学家托勒密提出了地心说：认为地球是静止不动的，太阳、月亮和星星从人类头顶飞过，地球是宇宙的中心；波兰天文学家哥白尼，发表著作《天体运行论》提出日心说，预示了地心宇宙论的终结；德国天文学家开普勒对他的导师−−第谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了开普勒三大行星运动定律；开普勒发现了行星的运行规律之后，牛顿根据开普勒定律和牛顿运动定律，总结出了万有引力定律；
A.与分析不符，不符合题意；
B.与分析不符，不符合题意；
C.与分析不符，不符合题意；
D.与分析相符，符合题意。
6、C
【解析】
功率是描述物体做功快慢的物理量；
A. 功，与结论不相符，选项A错误；
B. 动能，与结论不相符，选项B错误；
C. 功率，与结论相符，选项C正确；
D. 时间，与结论不相符，选项D错误。
7、BD
【解析】
A万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：

行星的周期，由于轨道半径相等，则行星公转周期与地球公转周期相等，A可以确定，不符合题意；
B．这颗行星的密度与地球的密度相比无法确定，B无法确定，符合题意；
C．根据题意，此行星运行轨道就在地球的运行轨道上，故这颗行星的轨道半径等于地球的轨道半径，C可以确定，不符合题意；
D．这颗行星的自转周期与地球周期相比无法确定，故D无法确定，符合题意。
故选BD。
8、AB
【解析】
AC．据开普勒第三定律可得：

解得：

故A项正确，C项错误．
BD．人造卫星绕地球运转时，有：

解得：

所以：

故B项正确，D项错误．
9、CD
【解析】
已知地球绕太阳运动的周期及地球离太阳的距离，根据万有引力提供向心力，列出等式：，则，所以只能求出太阳的质量；故A错误．已知月球绕地球运行的周期及月球绕地球转的轨道半径，根据万有引力提供向心力，列出等式：，地球质量，可以求出地球质量，但不知道地球半径，求不出地球密度；故B错误．已知人造地球卫星在地面附近绕行运行周期，根据万有引力提供向心力，列出等式：，地球质量，根据密度定义得：，故C正确．已知地球半径和重力加速度，根据万有引力等于重力列出等式，，根据密度定义得：，故D正确．
10、BC
【解析】
A.同步卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，离地面的高度h为一定值，没有处于平衡状态，故A错误.
B.同步卫星和近地卫星都符合，近地卫星，由于同步卫星轨道半径大于近地卫星的半径，故同步卫星的加速度小于9.8m/s2，故B正确.
C.同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，同步卫星的周期为24h，轨道平面与赤道平面重合，故C正确.
D.根据万有引力提供向心力，，解得运行速度，近地卫星的运行速度为7.9km/s，则同步卫星的运行速度小于7.9km/s，故D错误.
11、AB
【解析】
A. 圆环与平板碰撞过程，若碰撞时间极短，内力远大于外力，系统总动量守恒，由于碰后速度相同，为完全非弹性碰撞，机械能不守恒，减小的机械能转化为内能，故A正确；
B. 碰撞后平衡时，有：

即碰撞后新平衡位置与下落高度h无关，故B正确；
CD. 碰撞后环与板共同下降的过程中，碰撞后环与板共同下降的过程中，它们动能和重力势能的减少量之和等于弹簧弹性势能的增加量，弹簧弹性势能的增加量等于克服弹簧弹力所做的功，故CD错误；
12、ABC
【解析】
传送带对人的摩擦力方向水平向左，和拉力平衡，则人对传送带的摩擦力方向水平向右，传送带的位移向右，则人对传送带做正功，故B正确．由于人的位移为零，则传送带对人不做功，故A正确．人对传送带做功的功率P=fv=m2gv，故C正确．由于人静止不动，则传送带对人做功的功率为零，故D错误．故选ABC．
点睛：解决本题的关键掌握判断力是否做功的方法，通过在力的方向上有无位移判断是否做功，知道人受摩擦力和拉力平衡．

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、C A AD 乙 1.0m/s
【解析】
（1）[1] 在做“研究平抛物体的运动”实验时，除了木板、小球、斜槽、铅笔、图钉之外，下列器材中还需要重锤线，确保小球抛出是在竖直面内运动，故应选C。
（2）[2] 为了减小空气阻力对小球的影响，要选择体积较小质量较大的小球，故选实心小铁球，故A正确，BCD错误；故选A。
（3）[3] 实验中所用斜槽末端的切线必须调到水平，以保证做平抛运动，故A正确；每次实验小球必须从斜槽的同一位置由静止释放，所用斜槽不必光滑，也不需要平衡摩擦力，只要到达底端的速度相同即可，故BC错误；每次实验中小球必须由静止释放，初始位置必须相同，故D正确。故应选AD。
（4）[4]坐标系的原点应该放在小球的球心，所以乙同学做法正确
（5）[5][6] 竖直方向，根据匀变速直线运动的推论：
△y=（y2-y1）-y1-=gT2 ①
水平方向：
x=v0T ②
由①②式解得：

代入数据可得：v0=1.0m/s；
14、CD
【解析】
A项：因为我们是比较mgh，的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平测质量，故A错误；
B项：打点计时器记录了重锤下落时间，不需要测量时间，故B正确；
C项：为减小摩擦阻力，需要调整打点计时器的限位孔，使它在同一竖直线上，故C正确；D项：重锤下落的过程中不可避免的受到阻力作用，因此重力势能的减小量大于动能的增加量，故D正确。
15、BDF1.40.91600
【解析】
试题分析：①电源电动势约为1.5v，所以电压表选择3v的量程，15v量程过大，读数不到刻度盘三分之一，误差大。所以电压表选择B。由于电源电动势较小，电流不会太大，而且根据也可判断电流小于0.6A，所以电流表选择D量程0.6A。滑动变阻器阻值不能太大，因为电源内阻不会很大，外电阻过大，电压表变化不明显，所以滑动变阻器选择阻值小的F。②实物图连线注意电源开关和滑动变阻器电流表串联，电压表测量路端电压，电流表内接。注意正负接线柱，连线见答案。③闭合回路路端电压，图像与纵轴的交点即电源电动势，图像斜率即内阻。所以，。④根据闭合回路路端电压，带入数据可得，，联立可得。
考点：测量电源电动势和内阻实验设计探究

三．计算题(22分)
16、 (1) 物块滑上第五块木板(2)
【解析】
(1)设子弹、小物块、长木板的质量分别为,子弹的初速度为子弹击中小物块后二者的共同速度为由动量守恒定律
①
子弹击中小物块后物块的质量为，且.设当物块滑至第块木板时，木板才开始运动
②
其中分别表示物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数.
由式解得
即物块滑上第五块木板时，木板才开始在地面上滑动.
(2) 令物块滑上第五块木板上时，满足:

之后物块继续减速，第五块木板加速直至共速后一起减速，
图象如图:

17、 (1) 8V, 2V (2)4A,40W (3)12W
【解析】
由题，“8V，16W”的灯泡L恰好能正常发光，灯泡的电压为U=8V，电源的内电压为U′=E-U=2V，根据欧姆定律求出电路中总电流I，电源的总功率为P=EI．根据功率功率求出灯泡的电流，通过电动机的电流等于总电流与灯泡电流之差．电动机的输出功率等于电功率与发热功率之差．
【详解】
(1) 灯泡正常发光，电压为8V，
外电路的灯泡和电动机并联，电压相等，
电路中路端电压为U=8V，
电源的内电压为U′=E-U=2V
(2)电路中的总电流
则电源的总功率为P=EI=10×4W=40W
(3)灯泡额定电流为：
流过电动机的电流为：IM=I-IL=4-2A=2A
电动机的总功率为：PM=UMIM=8×2=16W
电动机的热功率为：P热=IM2R0=22×1=4W
则电动机的输出功率为：P出=PM-P热=16-4=12W
对于电动机工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，本题不能用欧姆定律求出通过电动机的电流．