2025年成都树德中学高一下物理期末综合测试模拟试题含解析.doc

2025年成都树德中学高一下物理期末综合测试模拟试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、 (本题9分)如图所示，“嫦娥一号”探月卫星在由月球飞向地球时，沿曲线从M点向N点飞行的过程中，速度逐渐增大在此过程中探月卫星所受合力方向可能的是　　
A． B．
C． D．
2、 (本题9分)2013年12月6日17时47分，在北京飞控中心工作人员的精密控制下，嫦娥三号开始实施近月制动，进入100公里环月轨道Ⅰ，2013年12月10日晚21:20分左右，嫦娥三号探测器将再次变轨，从100公里的环月圆轨道Ⅰ，降低到近月点（B点）15公里、远月点（A点）100公里的椭圆轨道Ⅱ，为下一步月面软着陆做准备．关于嫦娥三号卫星，下列说法正确的是

A．卫星在轨道Ⅱ运动的周期大于在轨道Ⅰ运动的周期
B．卫星在轨道Ⅱ上A点的加速度大于在轨道Ⅰ上A点的加速度
C．卫星在轨道Ⅱ经过A点时的动能小于在轨道Ⅱ经过B点时的动能
D．卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，在A点应加速
3、下列关于物理学史说法正确的是
A．牛顿最早测出万有引力常量G的数值
B．伽利略认为力是维持物体运动的原因
C．法拉第最早提出电荷周围存在着由它产生的电场
D．库仑最早测得元电荷的数值
4、 (本题9分)在两个边长为的正方形区域内（包括四周的边界）有大小相等、方向相反的匀强磁场，磁感应强度大小为。一个质量为，带电量为的粒子从点沿着的方向射入磁场，恰好从点射出。则该粒子速度大小为（　　）

A． B． C． D．
5、一物体静止在光滑水平面，先对它施加一水平向右的恒力F1，经时间t后撤去该力，并立即再对它施加一水平向左的恒力F2，又经时间t后物体回到出发点，则在此过程中，F1、F2分别对物体做的功的大小W1、W2的关系是（ ）
A．W1=W2 B．W2=2W1 C．W2=3W1 D．W2=5W1
6、A、B两船的质量均为M，它们都静止在平静的湖面上，当A船上质量为M的人以水平速度v从A船跳到B船，再从B船跳回A船。经多次跳跃后，人最终跳到B船上，设水对船的阻力不计，则（ ）
A．A、B两船最终的速度大小之比为3：2
B．A、B（包括人）最终的动量大小之比为1：1
C．A、B（包括人）最终的动量之和为零
D．因为跳跃次数未知，故以上答案均无法确定
7、在水平地面上，质量为m=1kg的物块在水平拉力F作用下由静止开始移动．已知物块与地面间动摩擦因数为，拉力做功与物块位移之间关系如图所示．则

A．拉力F逐渐增大
B．物块加速度大小为1.0m/s2
C．物块加速度大小为2.0m/s2
D．物块在4m处速度大小为4m/s
8、质量为m的汽车在平直的公路上从静止开始以恒定功率P启动，经过时间t汽车的位移大小为s，速度大小为v。此过程中，车所受阻力大小恒为f，则t时刻
A．汽车的牵引力大小为
B．汽车的动能为Pt- fs
C．汽车的加速度大小为
D．牵引力的功率为fv
9、如图所示，竖直平面内有一圆心为O、半径为R的固定半圆槽，质量相等的两个小球A、B分别从图示位置以不同的速度水平抛出，结果均落到半圆槽上的P点(O、P两点连线与水平半径OD的夹角θ=30°)。已知A的初位置在C点正上方且到C点高度为R，B的初位置在C点，空气阻力不计，重力加速度大小为g，则

A．A在空中运动的时间为
B．B被抛出时的速度大小为(+1)
C．A、B被抛出时的速度大小之比为：1
D．A、B落到P点前瞬间所受重力的功率之比为：1
10、 (本题9分)如图所示，图线AB是某电源的路端电压随电流变化的关系图线，OM是固定电阻R两端的电压随电流变化的图像，由图可知

A．固定电阻R的阻值为1 Ω
B．该电源的内阻为2 Ω
C．该电源的短路电流为1 A
D．当该电源只对电阻R供电时，电源的输出功率最大
二、实验题
11、（4分） (本题9分)利用气垫导轨和光电门进行“探究碰撞中的不变量”这一实验，气垫导轨的左侧与一倾斜轨道平滑连接，滑块在水平气垫导轨上运动时可忽略阻力．让滑块A在左侧倾斜轨道的P点由静止释放，然后与静止在光电门C和光电门D之间的滑块B发生碰撞，如图所示．

（1）实验中滑块B备有甲乙两种：其中甲种滑块左端装有弹性圈，乙种滑块左端装有橡皮泥，与滑块A碰撞后会粘在一起．若要求碰撞时动能损失最大，则应选用______种滑块（填“甲”或“乙”），若要求碰撞时动能损失最小，则应选用______种滑块（填“甲”或“乙”）；
（2）某同学选取左端装有橡皮泥的滑块B进行实验，两滑块的质量分别为mA和mB，滑块A从P点释放后，通过光电门C的时间为t1，与滑块B粘在一起后通过光电门D的时间为t2，则在误差允许的范围内，只需验证等式______成立即说明碰撞过程中mA和mB系统动量守恒；
（3）在上一问的某次实验中，滑块通过光电门C和光电门D的时间分别为t1=0.05s和t2=0.15s，那么滑块A和滑块B的质量之比为mA：mB=______．
12、（10分） (本题9分)在“探究平抛运动的运动规律”的实验中，可以描绘出小球平抛运动的轨迹，实验简要步骤如下：

A．让小球多次从　　 　　　 　位置上滚下，记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置．
B．按图安装好器材，注意　　　 　，记下平抛初位置O点和过O点的竖直线．
C．取下白纸，以O为原点，以竖直线为y轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛运动物体的轨迹．
（1） 完成上述步骤，将正确的答案填在横线上．
（2）上述实验步骤的合理顺序是　　　　　　　．
三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、（9分） (本题9分)质量M＝0.6kg的平板小车静止在光滑水面上，如图所示，当t＝0时，两个质量都为m＝0.2kg的小物体A和B，分别从小车的左端和右端以水平速度m/s和m/s同时冲上小车，当它们相对于小车停止滑动时，恰好没有相碰。已知A、B两物体与车面的动摩擦因数都是0.20，取g=10m/s2，求：

（1）A、B两物体在车上都停止滑动时车的速度；
（2）车的长度是多少？
（3）从A、B开始运动计时，经8s小车离原位置的距离.
14、（14分） (本题9分)如图，在光滑的水平地面上，质量为M=3.0kg的长木板A的左端，叠放着一个质量为m=1.0kg的小物块B（可视为质点），处于静止状态，小物块与木板之间的动摩擦因数μ=0.1．在木板A的左端正上方，用长为R=0.8m的不可伸长的轻绳将质量为m=1.0kg的小球C悬于固定点O点．现将小球C拉至与O等高的位置且使轻绳拉直，由静止释放到达O点的正下方时，小球C与B发生弹性正碰，空气阻力不计，取g=10m/s2．求：
（1）C与B碰撞后B的速度是多少？
（2）木板长度L至少为多大时，小物块才不会滑出木板？

15、（13分）如图所示，质量为m的物体，在水平恒力F的作用下，在光滑水平面上经过一段水平位移l后，速度从v1变为v1．请你用牛顿定律和运动学规律证明：此过程中，合力的功等于物体动能的增量．

参考答案

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、A
【解析】
“嫦娥三号”探月卫星从M点运动到N，曲线运动，必有力提供向心力，向心力是指向圆心的，即探月卫星所受合力方向指向轨迹的凹侧，故A正确，BCD错误；
“嫦娥三号”探月卫星做的运动为曲线运动，探月卫星所受合力方向指向轨迹的凹侧．
2、C
【解析】
A：卫星在轨道Ⅱ运动的半长轴小于卫星在轨道Ⅰ运动的半径，据开普勒第三定律，卫星在轨道Ⅱ运动的周期小于在轨道Ⅰ运动的周期．故A项错误．
B：卫星在轨道Ⅱ上A点和轨道Ⅰ上A点时，均只受万有引力，据可得：卫星在轨道Ⅱ上A点的加速度等于在轨道Ⅰ上A点的加速度．故B项错误．
C：据开普勒第二定律可得，卫星在轨道Ⅱ经过A点时的速率小于在轨道Ⅱ经过B点时的速率，则卫星在轨道Ⅱ经过A点时的动能小于在轨道Ⅱ经过B点时的动能．故C项正确．
D：卫星在轨道Ⅰ上做圆周运动，则；卫星在轨道Ⅱ过A点时要做近心运动，则．，则卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，在A点应减速．故D项错误．
3、C
【解析】
A. 卡文迪许最早通过实验测出了万有引力常量G的数值，故A项错误；
B. 伽利略通过理想斜面实验得出了物体不受力时保持运动状态不变的结论，故B项错误；
C. 库仑研究了电荷之间的作用力，法拉第最早提出电荷周围存在着由它产生的电场，故C项正确；
D. 密立根最早测得元电荷的数值，故D项错误。
4、C
【解析】
由题意分析可知粒子从BE中点G飞出左边磁场，作FG的垂直平分线交FA的延长线于点O，点O为圆心，如图所示

根据几何知识，有

与相似，则有

解得

又因为

解得

故C正确，ABD错误。
故选C。
5、C
【解析】
试题分析：根据两段运动位移大小相等可得，计算可得，因为F=ma，所以，因为W=FS，所以W2=3W1，故选C
考点：考查功的计算
点评：本题难度较小，抓住已知条件：位移大小相同，只需确定两个力的大小关系即可求解
6、BC
【解析】
A.两船和人的总动量守恒，由动量守恒定律可得，所以，故A错误。
B. 两船和人的总动量守恒，所以A船的动量和B船（包括人）的动量大小相等，方向相反，即A、B（包括人）最终的动量大小之比为1：1，故B正确。
C. 两船和人的总动量守恒，系统的的初动量为零，所以A、B（包括人）最终的动量之和为零，故C正确。
D.由上述分析可知D错误。
7、CD
【解析】
A．拉力做功，故图像的斜率表示拉力F，从图中可知斜率恒定，即F恒定，A错误；
BC．根据图像可得
，
根据牛顿第二定律可得物块的加速度大小为：
，
B错误C正确；
D．根据动能定理可得：
，
解得
，
D正确．
8、BC
【解析】
A．汽车所受的牵引大小为，故A错误；
B．根据动能定理可得t时刻的动能为Ek=Pt-fs，故B正确；
C．根据牛顿第二定律可得此时的加速度大小为，故C正确；
D．由已知可知，牵引力的功率为P，由于不知在t时刻是否已经做匀速运动，故不一定等于fv，故D错误。
9、BD
【解析】
ABC.由图可知A球下落的高度为：；
A球与B球在水平方向的位移均为：；
B球下落的高度为：；
根据竖直方向做自由落体运动可得时间为：；
所以A球在空中运动的时间为：；
B球在空中运动时间为：；
由水平方向做匀速直线运动，可得B球的初速度为：；
A球的初速度为：；
所以两球的初速度大小之比为，故A，C均错误，B正确.
D.两小落在P点时，A球在竖直方向的分速度为vAy=gtA，B球在竖直方向的分速度为vBy=gtB，根据P=Fvcosθ=mgvy可得两球重力的瞬时功率之比为：；故D正确.
10、AD
【解析】
A．根据伏安特性曲线OM可知，，故A正确。
BC．由图象AB可知电源的电动势E=6V，短路电流为6A，则内阻

故BC错误。
D．当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，即该电源只对电阻R供电时，电源的输出功率最大，故D正确。

二、实验题
11、乙　　　　　（2） 甲 （mA+mB）t1 = mA/ t1或（mA+mB）/ t2 1：2
【解析】
(1) 若要求碰撞时动能损失最大，则应选用左端装有橡皮泥的乙种滑块．
若要求碰撞时动能损失最小，则应选用左端装有弹性圈的甲种滑块．
(2)设遮光条宽度为d，滑块A从P点释放后，通过光电门C的时间为t1，则滑块A通过光电门C的速度；与滑块B粘在一起后通过光电门D的时间为t2，则滑块A与滑块B粘在一起后通过光电门D的速度；若碰撞过程中mA和mB系统动量守恒，则，即，整理得：或．
(3) 某次实验中，滑块通过光电门C和光电门D的时间分别为t1=0.05s和t2=0.15s，则，解得：．
12、【答题空1】同一
【答题空2】水平
【答题空3】BAC
【解析】
试题分析：该实验成功的关键是，确保小球每次抛出的初速度相同，而且初速度是水平的，因此实验过程中要特别注意这两点．实验步骤的排列要符合逻辑顺序，不能颠三倒四，要便于操作；
（1）该是实验中要保证每次小球做平抛运动的轨迹相同，这就要求小球平抛的初速度相同，而且初速度是水平的，因此在具体实验操作中要调整斜槽末端水平，同时让小多次从同一位置无初速度的释放．
（2）实验操作中要先安装仪器，然后进行实验操作，故实验顺序为BAC．

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、（1）0.6m/s（2）6.8m（3）3.84m
【解析】
解：（1）设物体A、B相对于车停止滑动时，车速为v，根据动量守恒定律有：

代入数据解得：v=0.6m/s，方向向右．
（2）设物体A、B在车上相对于车滑动的距离分别为L1、L2，车长为L，由功能关系有:

又L≥L1+L2
代入数据解得L≥6.8m，即L至少为6.8m
（3）当B向左减速到零时，A向右减速，且两者加速度大小都为m/s2
对小车受力分析可知，小车受到两个大小相等、方向相反的滑动摩擦力作用，故小车没有动
则B向左减速到零的时间为s
此时A的速度为m/s
当B减速到零时与小车相对静止，此时A继续向右减速，则B与小车向右加速，设经过ts达到共同速度v
对B和小车，由牛顿第二定律有：，解得：m/s2
则有：，代入数据解得：t=1.2s
此时小车的速度为m/s，位移为m
当三个物体都达到共同速度后，一起向右做匀速直线运动，则剩下的时间发生的位移为m
则小车在8s内走过的总位移为m
14、（1）4m/s（2）2m
【解析】
（1）从开始下落到与B碰撞前瞬间，据机械能守恒定律得
小球与B碰撞过程中动量和机械能均守恒，取向右为正方向，则有
mv0=mv1+mv2

解得：v1=0，v2=v0=4m/s
（2）B在木板A上滑动过程，系统动量守恒，有mv2=（m+M）v
B在木板A上滑动的过程中，由能量守恒定律得

代入数据解得 L=2m
本题主要考查了机械能守恒定律、动量守恒定律及功能关系的直接应用，要正确分析物体运动的过程，难度适中．
15、W =mv11 -mv11
【解析】
依据牛顿第二定律和匀变速直线运动规律有
F=ma
和v11- v11=1al
合力的功 W= Fl
W=mal
W =ml
W =m v11 -m v11
证得：合力的功等于物体动能的增量