人教版高中化学选修五第三章《烃的含氧衍生物》测试试题(含答案解析).doc

人教版高中化学选修五第三章《烃的含氧衍生物》测试试题（含答案解析）
第三章《烃的含氧衍生物》测试题
一、单选题（每小题只有一个正确答案）
1．下列关于乙酸的说法不正确的是（ ）
A．食醋中含有3%～5%的乙酸 B．黄酒变酸是因为部分乙醇氧化为乙酸
C．与甲酸甲酯互为同分异构体 D．通过乙酸乙酯的碱性水解直接获取
2．CPAE是蜂胶的主要活性成分，也可由咖啡酸合成

下列说法不正确的是（ ）
A．该反应是取代反应
B．可用金属Na检测上述反应是否残留苯乙醇
C．咖啡酸不能使酸性KMnO4溶液褪色
D．1 mol CPAE与足量的NaOH溶液反应，最多消耗3 mol NaOH
3．如图是四种常见有机物的比例模型示意图。下列说法正确的是（ ）

A．甲能使酸性KMnO4溶液褪色
B．乙可与溴水发生取代反应而使溴水褪色
C．丙中的碳碳键是介于碳碳单键和碳碳双键之间的独特键
D．丁在稀硫酸作用下可与乙酸发生取代反应
4．下列现象或事实可用同一原理解释的是（ ）
A．浓硫酸和浓盐酸长期暴露在空气中浓度降低
B．SO2和FeSO4溶液使酸性高锰酸钾的紫色褪去
C．苯酚和水玻璃长期暴露在空气中变质
D．亚硫酸钠溶液和氯化铝溶液在空气中蒸干不能得到对应的溶质
5．下列说法正确的是（ ）
A．酚类和醇类具有相同的官能团,因而具有相同的化学性质
B．含有羟基的化合物属于醇类
C．羟基跟链烃基直接相连的化合物属于醇类
D．分子内含有苯环和羟基的化合物都属于酚类
6．维生素k4是核酸的组成成分，在体内参与RNA和DNA合成。可用来治疗肿瘤病人因化疗或放疗等引起的白细胞减少。下列有关维生素k4说法正确的是（ ）

①维生素k4的分子式为C14H14O4；②维生素k4分子中含有2种官能团
③在酸性条件下水解，有机产物有2种；④分子中一定共平面的碳原子数为11
⑤1mol维生素k4可与7mol氢气加成；
⑥1mol维生素k4与氢氧化钠溶液反应，消耗NaOH的物质的量为4 mol
A．①②③ B．③④⑥ C．②⑤⑥ D．④⑤⑥
7．对于几种常见的有机物：甲烷、苯、乙醇、葡萄糖，下列有关说法错误的是（　　）
A．它们都能发生氧化反应，氧化产物可能相同也可能不同
B．甲烷、乙醇均可代替汽油作车用燃料，清洁环保
C．已知溴乙烷与NaOH的水溶液共热可生成乙醇，该反应属于取代反应
D．相同质量的苯、乙烷分别与氧气完全燃烧，前者耗氧量大
8． 实验室回收废水中苯酚的过程如图所示。下列分析错误的是（ ）

A．操作Ⅰ中苯作萃取剂 B．苯酚钠在苯中的溶解度比在水中的大
C．通过操作Ⅱ苯可循环使用 D．三步操作均需要漏斗
9．亮菌甲素为利胆解痉药适用于急性胆囊炎治疗等，其结构简式如图所示

下列有关叙述正确的是（ ）
A．亮菌甲素分子式为C12H11O5
B．亮菌甲素能与三氯化铁溶液发生显色反应,1mol最多能与5molH2发生加成反应
C．1mol亮菌甲素在一定条件下与NaOH溶液完全反应最多能消耗2mol NaOH
D．每个亮菌甲素分子在一定条件下与足量H2反应后的产物有3个手性碳原子
10．下列说法正确的是（ ）
A．苯酚显酸性,是因为羟基对苯环影响的结果
B．分子式为C2H4和C3H6的物质一定互为同系物
C．聚合物是苯酚和甲醛在一定条件下反应得到的高分子化合物
D．1mol与足量的NaOH溶液加热充分反应，最多能消耗5 mol NaOH
11．下列化合物中，既能发生消去反应，又能发生水解反应的是（ ）
A．氯仿 B．一氯甲烷 C．乙醇 D．氯乙烷
12．无色孔雀石绿（结构简式如图所示）曾被用作水产养殖业的杀虫剂（鱼药）。因为具有潜在致癌性，已被禁止用作鱼药。下列关于无色孔雀石绿的叙述中，正确的是（ ）

A．分子中所有的碳原子可能在同一平面上
B．无色孔雀石绿属于芳香烃
C．无色孔雀石绿可与溴水中的溴发生加成反应
D．在一定条件下，1 mol无色孔雀石绿可以和9 mol氢气发生加成反应
13．莽草酸是一种合成治疗禽流感药物达菲的原料，鞣酸存在于苹果、生石榴等植物中．下列关于这两种有机化合物的说法正确的是（ ）

A、两种酸都能与溴水反应
B、两种酸遇三氯化铁溶液都显色
C、鞣酸分子与莽草酸分子相比多了两个碳碳双键
D、等物质的量的两种酸与足量碳酸钠反应消耗碳酸钠的量相同
14．分子式为C5H12O的醇与和它相对分子质量相等的一元羧酸进行酯化反应，生成的酯共有（不考虑立体异构）（ ）
A．8种 B．16种 C．32种 D．64种

二、填空题
15．甘油的用途很广，大量用来制造硝化甘油，硝化甘油是甘油与浓硝酸发生酯化反应（在浓硫酸条件下）生成的三硝酸甘油酯．硝化甘油是制备炸药的原料，在医疗上又是心脏病的急救药．试写出以油脂（主要成分是硬脂酸甘油酯）、氨气、空气、水和氢氧化钠为原料制取硝化甘油的化学方程式．
_______________，_______________，_______________，_______________，_______________．
16．按要求填空：
（1）羟基的电子式是
（2）苯酚钠溶液中通入CO2的化学方程式：
（3）苯乙烯与溴的四氯化碳溶液的反应方程式：
17．(10分)近年来，国际原油价格大幅上涨，促使各国政府加大生物能源生产，其中酒精汽油已进入实用化阶段。
(1)乙醇在铜或银作催化剂的条件下，可以被空气中的氧气氧化成X，X可发生银镜反应，请写出X被银氨溶液氧化的反应方程式(标出具体反应条件)：
。
(2)乙醇可以与酸性重铬酸钾溶液反应，被直接氧化成Y，Y含有官能团的名称是________。在浓硫酸存在下加热，乙醇与Y反应可生成一种有香味的物质W，化学方程式为 。
(3)现有两瓶无色液体，分别盛有Y、W，只用一种试剂就可以鉴别，该试剂可以是

(4)现代石油化工采用银作催化剂，乙烯能被氧气氧化生成环氧乙烷()，该反应的原子利用率为100%，反应的化学方程式为 。
18．写出下列反应的化学方程式：
（1）C6H5CHO和H2加成（足量） ____________________________________________。
（2）CH3CH2CHO和新制Cu(OH)2的反应 _______________________________________。
（3）C6H5—CHO和银氨溶液反应____________________________________________。

三、实验题
19．乙酸乙酯是重要的有机合成中间体，广泛应用于化学工业。实验室利用右图的装置制备乙酸乙酯。

（1）与教材采用的实验装置不同，此装置中采用了球形干燥管，其作用是： 。
（2）为了证明浓硫酸在该反应中起到了催化剂和吸水剂的作用，某同学利用上图所示装置进行了以下4个实验。实验开始先用酒精灯微热3min，再加热使之微微沸腾3min。实验结束后充分振荡小试管Ⅱ再测有机层的厚度，实验记录如下：
实验编号
试管Ⅰ中试剂
试管Ⅱ中
试剂
有机层的
厚度/cm
A
2 mL乙醇、1 mL乙酸、
1mL18mol·L－1 浓硫酸
饱和Na2CO3
溶液
3.0
B
2 mL乙醇、1 mL乙酸
0.1
C
2 mL乙醇、1 mL乙酸、
3 mL 2mol·L－1 H2SO4
0.6
D
2 mL乙醇、1 mL乙酸、盐酸
0.6
① 实验D的目的是与实验C相对照，证明H+对酯化反应具有催化作用。实验D中应加入盐酸的体积和浓度分别是______mL和_____mol·L－1 。
② 分析实验 （填实验编号）的数据，可以推测出浓H2SO4的吸水性提高了乙酸乙酯的产率。
（3）若现有乙酸90g，乙醇138g发生酯化反应得到80g乙酸乙酯，试计算该反应的产率为______________。
20．实验室用燃烧法测定某固体有机物A的分子组成，测定装置如图(铁架台、铁夹、酒精灯等未画出)：H:1 O:16 C:12

取17.1 g A放入装置中，通入过量O2燃烧，生成CO2和H2O，请回答下列有关问题：
（1）通入过量O2的目的是 ；
（2）C装置的作用是 ；
D装置的作用是 ；
（3）通过该实验，能否确定A中是否含有氧原子？________；
（4）若A的摩尔质量为342 g/mol，C装置增重9.99 g，D装置增重26.4 g，则A的分子式为________；
（5）写出A燃烧的化学方程式 ；
（6）A可发生水解反应，1 mol A可水解生成2 mol同分异构体，则A在催化剂作用下水解的化学方程 式为 。

四、推断题
21．以甲苯为原料可以合成某种食用香料(有机物G)和某种治疗肺结核药物的有效成分(有机物PAS－Na)的路线如下：

根据所给信息回答下列问题：
（1）肉桂酸不能够发生的反应类型有 ；
A.加成
B.消去
C.氧化
D.还原
E.取代
F.聚合
（2）由B生成C的反应中新生成的官能团名称为 ；
（3）当试剂d过量时，可以选用的试剂d是 (填字母序号)；
A．NaOH B．Na2CO3C．NaHCO3
（4）A物质的名称为： ；试机a的结构简式为 ；
（5）质谱图显示试剂b的相对分子质量为58，分子中不含甲基，且为链状结构，写出肉桂酸与试剂b生成G的化学方程式： ；
（6）写出C与NaOH反应的化学方程式： ；
（7）E物质的同分异构体，符合下列条件的一共有 种。
①含有硝基官能团；
②所有官能团都与苯环直接相连。
写出其中核磁共振氢谱上三组吸收峰的同分异构体的结构简式 。
22．迷迭香酸是从蜂花属植物中获取的一种酸性物质，它是一种具有广泛应用的化工原料，用于合成医药药品、香料等，其结构简式如右图所示：

下列是由苯酚与某有机物A为主要原料合成迷迭香酸的过程，已知B的分子式为C2H4O，能发生银镜反应。
（1） C的结构简式为 。
（2）上述①～⑤反应中没有出现的反应类型有 (填代号)。
A加成反应 B氧化反应 C消去反应 D聚合反应 E酯化反应
（3）写出B发生银镜反应的化学方程式 。
（4）反应③的化学方程式为： 。
（5）已知有机物H只比G少2个氧原子，H分子中苯环上只有2个侧链且处于对位，其分子中含有－OH、－COOH的同分异构体有 种，请任写出其中一种同分异构体的结构简式 。
（6）若用Pt作电极，将G、O2、NaOH溶液组成一个燃料电池，则其电池负极电极反应为 。（有机物用分子式表示）

五、计算题
23． 某饱和一元醇30克,跟足量的钠反应后,生成5.6升的氢气(标准状况下),求这种一元醇的分子式和相对分子质量,并写出其一元醇类可能的各种同分异构体的结构简式.
24．纳豆是一种减肥食品，从其中分离出一种由C、H、O三种元素组成的有机物A，为确定其结构进行如下各实验：
①6.0g物质A在一定条件下完全分解，生成3.36L（标准状况）一氧化碳和1.8g H2O．
②中和0.24g物质A，消耗0.20mol/L的氢氧化钠溶液20.00mL．
③0.01mol物质A完全转化为酯，需乙醇0.92g；0.01mol物质A能与足量钠反应放出0.336L标准状况下的氢气．试确定：
(1) A的相对分子质量及化学式；
(2) A的结构简式．

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参考答案
1．D
【解析】
试题分析：A、食醋中的乙酸的含量为3%～5%，正确；B、在微生物的作用下，乙醇能被氧化为乙酸，所以黄酒变酸是因为部分乙醇氧化为乙酸，正确；C、乙酸和乙酸乙酯的分子式相同，结构不同，互为同分异构体，正确；D、乙酸乙酯在碱性条件下水解生成乙酸盐，不能直接生成乙酸，错误。
考点：本题考查有机物的结构与性质。
2．B
【解析】
试题分析：A.该反应是酯化反应，属于取代反应，正确；B. 金属Na不仅能与苯乙醇中的羟基反应生成氢气，也能与咖啡酸中的羧基、羟基和CPAE中的羟基反应生成氢气，错误；C.咖啡酸中有碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，错误；1 mol CPAE中有两个羟基、1个酯基，则最多消耗3 mol NaOH，正确；选BC。
考点：考查有机化学反应及化学性质。
3．C
【解析】
试题分析：根据有机物的比例模型可知，甲乙丙丁分别是甲烷、乙烯、苯、乙醇。A不正确，甲烷不能使酸性酸性高锰酸钾溶液褪色；乙烯含有碳碳双键能和溴水发生加成反应，B不正确；D不正确，乙醇与乙酸在浓硫酸的作用下发生酯化反应，答案选C。
考点：考查有机物的结构与性质
点评：该题是基础性试题的考查，试题侧重对学生基础知识的巩固与训练，有利于培养学生的应试能力。该题的关键是通过比例模型得出有机物的结构，然后根据有机物的性质逐一判断即可，难度不大。
4．B
【解析】
试题分析：A、浓硫酸具有吸水性，吸收空气中的水蒸气，浓度变小，浓盐酸具有挥发性，浓度降低，原理不同，故错误；B、SO2、FeSO4具有还原性，使酸性高锰酸钾溶液褪色，原理都是氧化还原反应，故正确；C、苯酚容易被氧气氧化而变质，水玻璃跟空气中CO2发生反应：SiO32－＋CO2＋H2O=H2SiO3↓＋CO32－，原理不同，故错误；D、亚硫酸钠在空气中蒸干，被空气中氧化成硫酸钠，氯化铝溶液：AlCl3＋6H2OAl(OH)3＋3HCl，此反应属于吸热反应，且HCl以挥发，因此加热促进水解，最后得到的是Al2O3，原理不同，故错误。
考点：考查化学理论应用、元素及其化合物的性质等知识。
5．C
【解析】
试题分析：A．酚类和醇类具有相同的官能团，但酚羟基受苯环的影响，其活泼性增强，具有弱酸性，而醇羟基不如酚羟基活泼，化学性质不同，错误；B．羟基与链烃基或者苯环侧链的C相连形成的化合物为醇类，苯环与羟基直接相连形成的化合物为酚类，所以含有羟基的化合物不一定为醇类，错误；C．羟基跟链烃基直接相连的化合物属于醇类，正确。D．苯环与羟基直接相连形成的化合物为酚类，分子内含有苯环不一定属于酚类，错误。
考点：考查烃的衍生物的官能团。
6．B
【解析】
试题分析：①有机物中C原子能形成4个共价键、H原子形成1个共价键、O原子形成2个共价键，由图可知维生素k4的分子式为C15H14O4，故错误；②维生素k4分子中只含有酯基，所以分子中只含有一种官能团，故错误；③在酸性条件下水解，有机产物有2种，水解产物为乙酸和，故正确；④分子中两个苯环和一个甲基上的碳原子共面，所以共平面的碳原子数为11，故正确；⑤分子中只有苯环能与氢气加成，两个苯环能与5mol氢气加成，故错误；⑥1mol维生素k4与含有2mol酯基，水解时消耗2mol氢氧化钠，水解有生成2mol酚羟基，又能消耗2mol氢氧化钠，所以1mol维生素k4与氢氧化钠溶液反应，消耗NaOH的物质的量为4mol，故正确，所以答案为B。
考点：本题考查有机物的结构与性质。
7．D
【解析】有机物的燃烧均为氧化反应，完全燃烧时其产物相同，而乙醇的催化氧化产物为乙醛，A项正确；溴乙烷与NaOH的水溶液共热生成乙醇为溴乙烷中的溴原子被羟基取代，属于取代反应，C项正确；烃的耗氧：每12 g碳消耗1 mol O2，而每4 g氢消耗1 mol O2，等质量的有机物，含氢量越高，耗氧量越大，故D项错误。
8．B
【解析】试题分析：A．苯酚容易溶于有机溶剂苯，而难溶于水，水与苯互不相溶，因此可用苯作萃取剂将含有苯酚的废水中的苯萃取出来，操作I中苯作萃取剂，A正确；B．苯酚钠容易溶于水，而难溶于苯，因此在苯中的溶解度比在水中的小，B错误；C．向萃取分液后的含有苯酚的溶液中加入NaOH溶液，发生反应：NaOH+C6H5OH→C6H5ONa+H2O，C6H5ONa易溶于水，而与苯互不相溶，然后分液，得到的苯可再应用于含有苯酚的废水的处理，故通过操作II苯可循环使用，C正确；D．再向含有苯酚钠的水层加入盐酸，发生 ：C6H5ONa+HCl→C6H5OH+NaCl，苯酚难溶于水，密度比水大，在下层，通过分液与水分离开，通过上述分析可知在三步操作中都要进行分液操作，因此要使用分液漏斗，D正确。答案选B。
考点：考查废水中的物质回收利用的知识
9．B
【解析】
试题分析：A．亮菌甲素的分子式为C12H10O5，故A错误；B．亮菌甲素中含有酚羟基，所以能与三氯化铁溶液发生显色反应，故B正确；C．1mol亮菌甲素在一定条件下与NaOH溶液完全反应最多能消耗3mol NaOH，故C错误；D．每个亮菌甲素分子在一定条件下与足量H2反应后的产物有6个手性碳原子，故D错误；故选B．
考点：考查有机物的官能团及其性质，根据官能团确定其性质
10．C
【解析】
试题分析：A、苯酚显酸性,是因为苯环对羟基影响的结果，错误；B、分子式为C2H4和C3H6的物质不一定互为同系物，C2H4是乙烯，C3H6可能是环丙烷，不符合同系物的概念，错误；C、该聚合物为是酚醛树脂，它是苯酚和甲醛缩聚的产物，正确；D、1mol与足量的NaOH溶液加热充分反应，酚羟基消耗2mol，酯基消耗1mol,酯水解后的产物中仍有酚羟基，还得消耗1mol,所以最多能消耗4molNaOH，错误，答案选C。
考点：考查原子或原子团之间的相互影响，同系物的概念，苯酚与甲醛的缩聚物的认识，官能团与氢氧化钠溶液的反应
11．D
【解析】
试题分析：消去反应要求至少含有两个碳原子，A.氯仿（CHCl3）和B.氯甲烷都只含有一个碳原子，故A和B不符合要求；要发生水解反应需要含有卤原子，C.乙醇（CH3CH2OH）不含有卤原子，C不能发生水解反应，C不符合；D.氯乙烷（CH3CH2Cl）氯原子所在碳原子相邻碳原子上有氢原子，故而能发生消去反应，又因为含有氯原子，也能发生水解反应，D正确，此题选D。
考点：考查消去反应和水解反应发生的条件相关知识。
12．D
【解析】分子中含有5个饱和碳原子，因此所有都碳原子不可能共面，A不正确。烃只能含有碳、氢元素，化合物中还含有氮元素，不属于烃，B不正确。由于分子中没有碳碳双键。不能和溴水发生加成反应，C不正确。含有3个苯环，所以需要9mol氢气加成，D正确。答案选D。
13．A
【解析】前者含有碳碳双键，和溴水发生加成反应，后者含有酚羟基，和溴水发生取代反应，A正确；B不正确，前者不存在酚羟基，不能发生显色反应；苯环中不存在碳碳双键，C不正确；D不正确，如果都是1mol，则前者需要0.5mol碳酸钠，后者需要3.5mol，答案选A。
14．B
【解析】
试题分析：分子式为C5H12O的醇有8种，和它相对分子质量相等的一元羧酸是丁酸，丁酸有2种，则二者进行酯化反应，生成的酯有8×2＝16种，答案选B。
考点：考查同分异构体判断
15．

【解析】
16．
【解析】
17．(10分)(1)CH3CHO+2Ag(NH3)2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O
(2) 羧基 CH3COOH+HOCH2CH3CH3COOCH2CH3+H2O
(3)石蕊（或其它合理答案）(4)2CH2=CH2+O22
【解析】
试题分析：（1）乙醇在铜或银作催化剂的条件下，可以被空气中的氧气氧化成乙醛，乙醛与银氨溶液发生氧化反应，生成乙酸铵、银、氨气、水，化学方程式为CH3CHO＋2Ag(NH3)2OHCH3COONH4＋2Ag↓＋3NH3＋H2O；
（2）乙醇可以与酸性重铬酸钾溶液反应，被直接氧化成乙酸，所以Y是乙酸，含有羧基官能团；乙醇与乙酸发生酯化反应，化学方程式为CH3COOH＋HOCH2CH3CH3COOCH2CH3＋H2O
（3）根据（2）可知Y是乙酸，W是乙酸乙酯，乙酸显酸性，可使紫色石蕊试液变红，所以鉴别乙酸、乙酸乙酯的试剂是石蕊试液；
（4）根据题目所给信息，乙烯与氧气反应，原子利用率100%，说明乙烯与氧气反应只生成环氧乙烷，化学方程式为2CH2===CH2＋O22
考点：考查乙醇的化学性质，物质的判断，化学方程式的书写
18．C6H5CHO+4H2  C6H11CH2OH  CH3CH2CHO + 2Cu(OH)2CH3CH2COOH＋Cu2O＋2H2OC6H5—CHO+2[Ag(NH3)2]OHC6H5—COONH4+2Ag+3NH3+H2O
【解析】
（1）. C6H5CHO中的苯环和醛基都能和H2加成，当H2足量时，反应的化学方程式为： C6H5CHO+4H2 C6H11CH2OH，故答案为：C6H5CHO+4H2 C6H11CH2OH；
（2）. CH3CH2CHO和新制Cu(OH)2反应生成丙酸、氧化亚铜和水，反应的化学方程式为：CH3CH2CHO + 2Cu(OH)2CH3CH2COOH＋Cu2O＋2H2O，故答案为：CH3CH2CHO + 2Cu(OH)2CH3CH2COOH＋Cu2O＋2H2O；
（3）. C6H5—CHO和银氨溶液反应生成苯甲酸铵、银、氨气和水，反应的化学方程式为：C6H5—CHO+2[Ag(NH3)2]OHC6H5—COONH4+2Ag+3NH3+H2O，故答案为：C6H5—CHO+2[Ag(NH3)2]OHC6H5—COONH4+2Ag+3NH3+H2O。
19．(共8分)（1）冷凝和防止倒吸（2分）　
（2）①3 4 （各1分） ②A C（2分,错选不得分，漏选得1分） （3） 60.6%
【解析】（1）应用乙酸和乙醇都是和水互溶的，所以可其防止倒吸的作用，同时也起冷凝作用。
（2）①既然是对照实验，则氢离子的浓度应是相同的，所以盐酸的浓度是4mol/L，体积是3ml。
②根据A和C中生成的乙酸乙酯的量可以判断，浓H2SO4的吸水性提高了乙酸乙酯的产率。
（3）根据反应式CH3COOH＋CH3CH2OHCH3COOCH2CH3＋H2O可知，90g乙酸应该消耗乙醇69g，所以理论上应该生成乙酸乙酯是132g，乙醇产率是80＝132×100％＝60.6％。
20．（1）使有机物A充分燃烧 （2）吸收A燃烧后生成的H2O 吸收A燃烧后生成的CO2 （3）能
（4）C12H22O11 （5）C12H22O11(蔗糖)＋12O212CO2＋11H2O （6）C12H22O11(蔗糖)＋H2OC6H12O6(葡萄糖)＋C6H12O6(果糖)
【解析】试题解析：：（1）通入过量O2可以使有机物A充分燃烧，防止生成CO。（2）浓硫酸具有吸水性，所以C装置的作用是吸收A燃烧后生成的H2O；碱石灰可以吸收CO2，所以D装置的主要作用是吸收A燃烧后生成的CO2。（3）根据原子守恒可知和质量守恒定律可以判断出有机物中是否含有氧原子。（4）根据题意A的物质的量是17.1g÷342 g/mol＝0.05mol。水蒸气的物质的量是9.99g÷18g/mol＝0.55mol，CO2的物质的量是26.4g÷44gmol=0.6mol。所以有机物中含有的碳、氢原子数目分别是0.6÷0.05＝12、0.55×2÷0.05＝22。所以含有的氧原子数目是，即A的分子式是C12H22O11。（5）A燃烧的生成物是水和CO2，所以燃烧的化学方程式是C12H22O11＋12O212CO2＋11H2O。（6）1 mol A可水解生成2 mol同分异构体，则根据A的分子式可知，A是蔗糖，水解生成葡萄糖和果糖，化学方程式是C12H22O11(蔗糖)＋H2OC6H12O6(葡萄糖)＋C6H12O6(果糖)。
考点：有机物分子式的判断、化学方程式的书写
21．(15分)
（1）B （2）羧基 （3）C
（4）对硝基甲苯或4-硝基甲苯 (CH3CO)2O
（5）
（6）
（7）13
【解析】
试题分析：（1）肉桂酸中含有苯环、碳碳双键和羧基，碳碳双键能发生加成反应、氧化反应、聚合反应，羧基能发生氧化反应、还原反应、取代反应，所以该分子不能发生消去反应，选B。
（2）甲苯发生硝化反应生成A，根据PAS—Na的结构简式可知A的结构简式为。A在催化剂的作用下，与溴发生取代反应生成B，B的结构简式为，根据D转化为E的反应条件可知D中含有硝基，E中含有氨基，由于氨基和酚羟基易被氧化，所以B转化为C是甲基的氧化反应，C的结构简式为即由B生成C的反应中新生成的官能团名称为羧基。
（3）根据PAS—Na的结构简式可知，E中含有氨基、羧基和酚羟基，加入过量的试剂d，可以将羧基转化为其钠盐，而不能和酚羟基反应，一定是NaHCO3，选C。
（4）根据上述分析可知，A物质的名称为对硝基甲苯或4-硝基甲苯；根据已知信息①并结合肉桂酸的结构简式可知F是苯甲醛，a是(CH3CO)2O。
（5）质谱图显示试剂b的相对分子质量为58，分子中不含甲基，且为链状结构，则b为CH2=CHCH2OH，肉桂酸与试剂b生成G的化学方程式为

（6）C为与NaOH反应的化学方程式为：
。
（7）E为，E物质的同分异构体，①含有硝基(—NO2)官能团；②所有官能团都与苯环直接相连。若苯环上有硝基、酚羟基和甲基，根据“定一动二”的原则，有10种同分异构体，若苯环上有硝基、醚键，它们有邻、间、对三种同分异构体，一共有13种同分异构体，其中核磁共振氢谱上三组吸收峰，说明含有三种不同环境的氢原子，一定在苯环的对位，则其同分异构体的结构简式为。
考点：考查有机化学反应类型及官能团的判断，有机化学方程式的书写及有机物结构简式的判断等知识。
【答案】（1）CH2=CH-CN（2）BD
（3）CH3CHO＋2Ag(NH3)2OHCH3COONH4 ＋2Ag↓＋3NH3＋H2O
（4）
（5）6；（6）C9H10O5+54OH--36e-=9CO32-+32H2O

【解析】
试题分析：B的分子式为C2H4O，能发生银镜反应，则B为CH3CHO。A与水发生加成反应生成乙醛，则A为CH≡CH，A与HCN发生加成反应生成C为CH2=CH-CN，C与溴发生加成反应生成BrCH2CHBrCN，BrCH2CHBrCN与发生信息中反应生成D与F，结合E发生反应③的产物可知，D为，D发生信息中的水解反应生成E，故E为，反应②为E发生消去反应。由迷迭香酸的结构，结合E发生反应③的产物可知，G为，故F为。
（1）由上述分析可知，C的结构简式为：CH2=CH-CN；
（2）反应①、②是加成反应，反应③消去反应，反应④水解反应，反应⑤酯化反应，故答案为：BD；
（3）B发生银镜反应的化学方程式CH3CHO＋2Ag(NH3)2OHCH3COONH4 ＋2Ag↓＋3NH3＋H2O；
（4）反应③的化学方程式为

（5）已知有机物H只比G少2个氧原子，H分子中苯环上只有2个侧链且处于对位，其分子中含有-OH、-COOH，侧链为-OH、-CH2CH2COOH，或-OH、-CH（CH3）COOH，或-COOH、-CH2CH2OH，或-COOH、-CH（CH3）OH，或-CH2OH、-CH2COOH，或-CH3、CH（OH）COOH，故符合条件的同分异构体共有6种；
（6）若用Pt作电极，将G、O2、NaOH溶液组成一个燃料电池，负极上G失去电子发生氧化反应，碱性条件下生成碳酸根与水，则其电池负极电极反应为：C9H10O5+54OH--36e-=9CO32-+32H2O。
【考点定位】本题主要是考查有机物的推断与合成、有机反应类型、有机物结构与性质、限制条件同分异构体书写、电极反应式书写等知识点
【名师点晴】有机合成题需要学生对给予的信息进行利用，能较好的考查学生的自学能力、逻辑推理能力，是热点题型，注意根据有机物的结构结合题目中给予的反应信息推断，（5）中同分异构体数目判断为易错点、难点。该类试题常考的知识点有：有机物分子式、结构简式、官能团、同分异构体、化学方程式、官能团化学性质的比较判断，对物质制备流程的设计、反应条件的判断、反应类型的判断，是物质结构决定性质的具体体现。这类题目通过反应条件的不同、反应前后物质结构简式的变化可判断发生的反应类型，物质分子中含有的官能团类型。书写或判断同分异构体的种数是该题中的难点。针对不同的物质类别，抓住书写同分异构体的一般规律，首先判断该物质中是否含有官能团、官能团的种类、取代基的个数及种类，结合链烃的同分异构体的判断即可。注意书写过程中的不重不漏。物质制备流程的设计，需要根据物质之间结构的异同，利用所学化学知识或者是题目已知信息，选择合适的条件和试剂加以合成。
23．分子式 C3H8O 60,结构简式为：CH3CH2CH2OH CH3CH（OH）CH3
【解析】
24．(1) A的相对分子质量为120 ；（2分）
A的化学式：C3H4O5（2分）
(2) A的结构简式：(2分)
【解析】
【分析】
0.92g乙醇的物质的量为0.92/46=0.02 mol，标准状况下0.336 L氢气物质的量为0.336/22.4=0.015 mol，由③可知0.01 mol A中有0.02 mol羧基，0.01 mol羟基，即该有机物中有2个羧基、1个羟基，为二元酸；故由②可知0.24 g A的物质的量为氢氧化钠物质的量的一半，即0.002 mol，所以M(A)＝0.24/0.002mol ＝120 g·mol－1 ；再由“残基法”，120减去2个羧基和1个羟基，即120－2×45－17＝13；故剩余部分为CH，则其结构简式为HOOCCHOHCOOH，分子式为C3H4O5；据以上分析解答。
【详解】
0.92g乙醇的物质的量为0.92/46=0.02 mol，标准状况下0.336 L氢气物质的量为0.336/22.4=0.015 mol，由③可知0.01 mol A中有0.02 mol羧基，0.01 mol羟基，即该有机物中有2个羧基、1个羟基，为二元酸；故由②可知0.24 g A的物质的量为氢氧化钠物质的量的一半，即0.002 mol，所以M(A)＝0.24/0.002mol ＝120 g·mol－1 ；再由“残基法”，120减去2个羧基和1个羟基，即120－2×45－17＝13；故剩余部分为CH，则其结构简式为HOOCCHOHCOOH，分子式为C3H4O5；
(1)结合以上分析可知， A的相对分子质量及化学式分别为120； C3H4O5；    
综上所述，本题正确答案：120； C3H4O5； 
(2) 结合以上分析可知，A的结构简式为；
综上所述，本题正确答案是：。