2022年山东省潍坊市中考数学真题预测试卷和答案.doc

山东省潍坊市 中考数学真题预测试卷和答案

一、选择题（每题3分，满分36分）。
1．下列算式，对旳是（　　）
A．a3×a2=a6 B．a3÷a=a3 C．a2+a2=a4 D．（a2）2=a4
2．图所示几何体，其俯视图是（　　）

A． B． C． D．
3．可燃冰，学名叫“天然气水合物”，是一种高效清洁、储量巨大新能源．据报道，仅中国可燃冰估计远景资源量就超过了1000亿吨油当量．将1000亿用科学记数法可表达为（　　）
A．1×103 B．1000×108 C．1×1011 D．1×1014
4．小莹和小博士下棋，小莹执圆子，小博士执方子．图，棋盘中心方子位置用（﹣1，0）表达，右下角方子位置用（0，﹣1）表达．小莹将第4枚圆子放入棋盘后，所有棋子构成一种轴对称图形．她放位置是（　　）

A．（﹣2，1） B．（﹣1，1） C．（1，﹣2） D．（﹣1，﹣2）
5．用教材中计算器依次按键如下，显示成果在数轴上相应点位置介于（　　）之间．

A．B和C B．C和D C．E和F D．A和B
6．图，∠BCD=90°，AB∥DE，则∠α和∠β满足（　　）

A．∠α+∠β=180° B．∠β﹣∠α=90° C．∠β=3∠α D．∠α+∠β=90°
7．甲、乙、丙、丁四名射击运动员在选选拔赛中，每人射击了10次，甲、乙两人成绩如表所示．丙丁两人成绩图所示．欲选一名运动员参赛，从平均数和方差两个因素分析，应选（　　）

甲
乙
平均数
9
8
方差
1
1

A．甲 B．乙 C．丙 D．丁
8．一次函数y=ax+b和反比例函数y=，其中ab＜0，a、b为常数，它们在同一坐标系中图象可以是（　　）
A． B． C． D．
9．若代数式故意义，则实数x取值范畴是（　　）
A．x≥1 B．x≥2 C．x＞1 D．x＞2
10．图，四边形ABCD为⊙O内接四边形．延长AB和DC相交于点G，AO⊥CD，垂足为E，连接BD，∠GBC=50°，则∠DBC度数为（　　）

A．50° B．60° C．80° D．90°
11．定义[x]表达不超过实数x最大整数，如[1.8]=1，[﹣1.4]=﹣2，[﹣3]=﹣3．函数y=[x]图象图所示，则方程[x]= x2解为（　　）#N．

A．0或 B．0或2 C．1或 D．或﹣
12．点A、C为半径是3圆周上两点，点B为中点，以线段BA、BC为邻边作菱形ABCD，顶点D恰在该圆直径三等分点上，则该菱形边长为（　　）
A．或2 B．或2 C．或2 D．或2

二、填空题（每题3分，共18分）。
13．计算：（1﹣）÷=　 　．
14．因式分解：x2﹣2x+（x﹣2）=　 　．
15．图，在△ABC中，AB≠AC．D、E分别为边AB、AC上点．AC=3AD，AB=3AE，点F为BC边上一点，添加一种条件：　 　，可以使得△FDB和△ADE相似．（只需写出一种）

16．若有关x一元二次方程kx2﹣2x+1=0有实数根，则k取值范畴是　 　．
17．图，自左至右，第1个图由1个正六边形、6个正方形和6个等边三角形构成；第2个图由2个正六边形、11个正方形和10个等边三角形构成；第3个图由3个正六边形、16个正方形和14个等边三角形构成；…根据此规律，第n个图中正方形和等边三角形个数之和为　 　个．

18．图，将一张矩形纸片ABCD边BC斜着向AD边对折，使点B落在AD边上，记为B′，折痕为CE，再将CD边斜向下对折，使点D落在B′C边上，记为D′，折痕为CG，B′D′=2，BE=BC．则矩形纸片ABCD面积为　 　．

三、 解答题：
19．本校为理解九年级男同窗体育考试准备状况，随机抽取部分男同窗进行了1000米跑步测试．根据成绩分为优秀、良好、合格和不合格四个级别，学校绘制了如下不完整记录图．

（1）根据给出信息，补全两幅记录图；
（2）该校九年级有600名男生，请估计成绩未达到良好有多少名？
（3）某班甲、乙两位成绩优秀同窗被选中参与立即举办学校运动会1000米比赛．初赛分别为A、B、C三组进行，选手由抽签拟定分组．甲、乙两人正好分在同一组概率是多少？

20．图，某数学爱好小组要测量一栋五层居民楼CD高度．该楼底层为车库，高2.5米；上面五层居住，每层高度相等．测角仪支架离地1.5米，在A处测得五楼顶部点D仰角为60°，在B处测得四楼顶点E仰角为30°，AB=14米．求居民楼高度（对旳到0.1米，参照数据：≈1.73）

21．某蔬菜加工公司前后两批次收购蒜薹（tái）共100吨．第一批蒜薹价格为4000元/吨；因蒜薹大量上市，第二批价格跌至1000元/吨．这两批蒜苔共用去16万元．
（1）求两批次购进蒜薹各多少吨？
（2）公司收购后对蒜薹进行加工，分为粗加工和精加工两种：粗加工每吨利润400元，精加工每吨利润1000元．规定精加工数量不多于粗加工数量三倍．为获得最大利润，精加工数量应为多少吨？最大利润是多少？

22．图，AB为半圆O直径，AC是⊙O一条弦，D为中点，作DE⊥AC，交AB延长线于点F，连接DA．
（1）求证：EF为半圆O切线；
（2）若DA=DF=6，求阴影区域面积．（成果保存根号和π）

23．工人师傅用一块长为10dm，宽为6dm矩形铁皮制作一种无盖长方体容器，需要将四角各裁掉一种正方形．（厚度不计）
（1）在图中画出裁剪示意图，用实线表达裁剪线，虚线表达折痕；并求长方体底面面积为12dm2时，裁掉正方形边长多大？
（2）若规定制作长方体底面长不不小于底面宽五倍，并将容器进行防锈解决，侧面每平方分米费用为0.5元，底面每平方分米费用为2元，裁掉正方形边长多大时，总费用最低，最低为多少？

24．边长为6等边△ABC中，点D、E分别在AC、BC边上，DE∥AB，EC=2
（1）图1，将△DEC沿射线方向平移，得到△D′E′C′，边D′E′和AC交点为M，边C′D′和∠ACC′角平分线交于点N，当CC′多大时，四边形MCND′为菱形？并阐明理由．
（2）图2，将△DEC绕点C旋转∠α（0°＜α＜360°），得到△D′E′C，连接AD′、BE′．边D′E′中点为P．
①在旋转过程中，AD′和BE′有如何数量关系？并阐明理由；
②连接AP，当AP最大时，求AD′值．（成果保存根号）

25．图1，抛物线y=ax2+bx+c通过平行四边形ABCD顶点A（0，3）、B（﹣1，0）、D（2，3），抛物线和x轴另一交点为E．通过点E直线l将平行四边形ABCD分割为面积相等两部分，和抛物线交于另一点F．点P在直线l上方抛物线上一动点，设点P横坐标为t
（1）求抛物线解析式；
（2）当t何值时，△PFE面积最大？并求最大值立方根；
（3）与否存在点P使△PAE为直角三角形？若存在，求出t值；若不存在阐明理由．

答案
一、选择题（每题3分，满分36分）
1．D
2．D．
3．C．
4．B．
5．A．
6．解：过C作CF∥AB，
∵AB∥DE，
∴AB∥CF∥DE，
∴∠1=∠α，∠2=180°﹣∠β，
∵∠BCD=90°，
∴∠1+∠2=∠α+180°﹣∠β=90°，
∴∠β﹣∠α=90°，
故选B．

7．解：丙平均数==9，丙方差= [1+1+1=1]=0.4，
乙平均数==8.2，
由题意可知，丙成绩最佳，　
8.C．
9．B
10．解：图，∵A、B、D、C四点共圆，
∴∠GBC=∠ADC=50°，
∵AE⊥CD，
∴∠AED=90°，
∴∠EAD=90°﹣50°=40°，
延长AE交⊙O于点M，
∵AO⊥CD，
∴，
∴∠DBC=2∠EAD=80°．
故选C．

11．解：当1≤x≤2时， x2=1，解得x1=，x2=﹣；
当﹣1≤x≤0时， x2=0，解得x1=x2=0；
当﹣2≤x＜﹣1时， x2=﹣1，方程没有实数解；
因此方程[x]= x2解为0或．
12．解：过B作直径，连接AC交AO于E，
∵点B为中点，
∴BD⊥AC，
①图①，
∵点D恰在该圆直径三等分点上，
∴BD=×2×3=2，
∴OD=OB﹣BD=1，
∵四边形ABCD是菱形，
∴DE=BD=1，
∴OE=2，
连接OD，
∵CE==，
∴边CD==；
图②，BD=×2×3=4，
同理可得，OD=1，OE=1，DE=2，
连接OD，
∵CE===2，
∴边CD===2，
故选D．

二、填空题（每题3分，满分18分）
13．解：（1﹣）÷
=
=
=x+1，
14．（x+1）（x﹣2）．
15．解：DF∥AC，或∠BFD=∠A．
理由：∵∠A=∠A， ==，
∴△ADE∽△ACB，
∴①当DF∥AC时，△BDF∽△BAC，
∴△BDF∽△EAD．
②当∠BFD=∠A时，∵∠B=∠AED，
∴△FBD∽△AED．
故答案为DF∥AC，或∠BFD=∠A．

16．解：∵有关x一元二次方程kx2﹣2x+1=0有实数根，
∴△=b2﹣4ac≥0，
即：4﹣4k≥0，
解得：k≤1，
∵有关x一元二次方程kx2﹣2x+1=0中k≠0，
故k≤1且k≠0．

17．解：∵第1个图由1个正六边形、6个正方形和6个等边三角形构成，
∴正方形和等边三角形和=6+6=12=9+3；
∵第2个图由11个正方形和10个等边三角形构成，
∴正方形和等边三角形和=11+10=21=9×2+3；
∵第3个图由16个正方形和14个等边三角形构成，
∴正方形和等边三角形和=16+14=30=9×3+3，
…，
∴第n个图中正方形和等边三角形个数之和=9n+3．
18．解：设BE=a，则BC=3a，
由题意可得，
CB=CB′，CD=CD′，BE=B′E=a，
∵B′D′=2，
∴CD′=3a﹣2，
∴CD=3a﹣2，
∴AE=3a﹣2﹣a=2a﹣2，
∴DB′===2，
∴AB′=3a﹣2，
∵AB′2+AE2=B′E2，
∴，
解得，a=或a=，
当a=时，BC=2，
∵B′D′=2，CB=CB′，
∴a=时不符合题意，舍去；
当a=时，BC=5，AB=CD=3a﹣2=3，
∴矩形纸片ABCD面积为：5×3=15，　
四、 解答题
19．解：（1）抽取学生数：16÷40%=40（人）；
抽取学生中合格人数：40﹣12﹣16﹣2=10，
合格所占比例：10÷40=25%，
优秀人数：12÷40=30%，
图所示：
；

（2）成绩未达到良好男生所占比例为：25%+5%=30%，
因此600名九年级男生中有600×30%=180（名）；

（3）图：
，
可得一共有9种也许，甲、乙两人正好分在同一组有3种，
因此甲、乙两人正好分在同一组概率P==．

20．解：设每层楼高为x米，
由题意得：MC′=MC﹣CC′=2.5﹣1.5=1米，
∴DC′=5x+1，EC′=4x+1，
在Rt△DC′A′中，∠DA′C′=60°，
∴C′A′==（5x+1），
在Rt△EC′B′中，∠EB′C′=30°，
∴C′B′==（4x+1），
∵A′B′=C′B′﹣C′A′=AB，
∴（4x+1）﹣（5x+1）=14，
解得：x≈3.17，
则居民楼高为5×3.17+2.5≈18.4米．

21．解：（1）设第一批购进蒜薹x吨，第二批购进蒜薹y吨．
由题意，
解得，
答：第一批购进蒜薹20吨，第二批购进蒜薹80吨．

（2）设精加工m吨，总利润为w元，则粗加工吨．
由m≤3，解得m≤75，
利润w=1000m+400=600m+40000，
∵600＞0，
∴w随m增大而增大，
∴m=75时，w有最大值为85000元．
22．（1）证明：连接OD，
∵D为中点，
∴∠CAD=∠BAD，
∵OA=OD，
∴∠BAD=∠ADO，
∴∠CAD=∠ADO，
∵DE⊥AC，
∴∠E=90°，
∴∠CAD+∠EDA=90°，即∠ADO+∠EDA=90°，
∴OD⊥EF，
∴EF为半圆O切线；

（2）解：连接OC和CD，
∵DA=DF，
∴∠BAD=∠F，
∴∠BAD=∠F=∠CAD，
又∵∠BAD+∠CAD+∠F=90°，
∴∠F=30°，∠BAC=60°，
∵OC=OA，
∴△AOC为等边三角形，
∴∠AOC=60°，∠COB=120°，
∵OD⊥EF，∠F=30°，
∴∠DOF=60°，
在Rt△ODF中，DF=6，
∴OD=DF•tan30°=6，
在Rt△AED中，DA=6，∠CAD=30°，
∴DE=DA•sin30，EA=DA•cos30°=9，
∵∠COD=180°﹣∠AOC﹣∠DOF=60°，
∴CD∥AB，
故S△ACD=S△COD，
∴S阴影=S△AED﹣S扇形COD=×9×3﹣π×62=﹣6π．

23．解：
（1）图所示：

设裁掉正方形边长为xdm，
由题意可得（10﹣2x）（6﹣2x）=12，
即x2﹣8x+12=0，解得x=2或x=6（舍去），
答：裁掉正方形边长为2dm，底面积为12dm2；
（2）∵长不不小于宽五倍，
∴10﹣2x≤5（6﹣2x），解得0＜x≤2.5，
设总费用为w元，由题意可知
w=0.5×2x（16﹣4x）+2（10﹣2x）（6﹣2x）=4x2﹣48x+120=4（x﹣6）2﹣24，
∵对称轴为x=6，开口向上，
∴当0＜x≤2.5时，w随x增大而减小，
∴当x=2.5时，w有最小值，最小值为25元，
答：当裁掉边长为2.5dm正方形时，总费用最低，最低费用为25元．

24．解：（1）当CC'=时，四边形MCND'是菱形．
理由：由平移性质得，CD∥C'D'，DE∥D'E'，
∵△ABC是等边三角形，
∴∠B=∠ACB=60°，
∴∠ACC'=180°﹣∠ACB=120°，
∵CN是∠ACC'角平分线，
∴∠D'E'C'=∠ACC'=60°=∠B，
∴∠D'E'C'=∠NCC'，
∴D'E'∥CN，
∴四边形MCND'是平行四边形，
∵∠ME'C'=∠MCE'=60°，∠NCC'=∠NC'C=60°，
∴△MCE'和△NCC'是等边三角形，
∴MC=CE'，NC=CC'，
∵E'C'=2，
∵四边形MCND'是菱形，
∴CN=CM，
∴CC'=E'C'=；
（2）①AD'=BE'，
理由：当α≠180°时，由旋转性质得，∠ACD'=∠BCE'，
由（1）知，AC=BC，CD'=CE'，
∴△ACD'≌△BCE'，
∴AD'=BE'，
当α=180°时，AD'=AC+CD'，BE'=BC+CE'，
即：AD'=BE'，
综上可知：AD'=BE'．
②图连接CP，
在△ACP中，由三角形三边关系得，AP＜AC+CP，
∴当点A，C，P三点共线时，AP最大，
图1，在△D'CE'中，由P为D'E中点，得AP⊥D'E'，PD'=，
∴CP=3，
∴AP=6+3=9，
在Rt△APD'中，由勾股定理得，AD'==2．

25．解：
（1）由题意可得，解得，
∴抛物线解析式为y=﹣x2+2x+3；
2）∵A（0，3），D（2，3），
∴BC=AD=2，
∵B（﹣1，0），
∴C（1，0），
∴线段AC中点为（，），
∵直线l将平行四边形ABCD分割为面积相等两部分，
∴直线l过平行四边形对称中心，
∵A、D有关对称轴对称，
∴抛物线对称轴为x=1，
∴E（3，0），
设直线l解析式为y=kx+m，把E点和对称中心坐标代入可得，解得，
∴直线l解析式为y=﹣x+，
联立直线l和抛物线解析式可得，解得或，
∴F（﹣，），
图1，作PH⊥x轴，交l于点M，作FN⊥PH，

∵P点横坐标为t，
∴P（t，﹣t2+2t+3），M（t，﹣t+），
∴PM=﹣t22t+3﹣（﹣t+）=﹣t2+t+，
∴S△PEF=S△PFM+S△PEM=PM•FN+PM•EH=PM•（FN+EH）=（﹣t2+t+）（3+）=﹣（t﹣）+×，
∴当t=时，△PEF面积最大，其最大值为×，
∴最大值立方根为=；
（3）由图可知∠PEA≠90°，
∴只能有∠PAE=90°或∠APE=90°，
①当∠PAE=90°时，图2，作PG⊥y轴，

∵OA=OE，
∴∠OAE=∠OEA=45°，
∴∠PAG=∠APG=45°，
∴PG=AG，
∴t=﹣t2+2t+3﹣3，即﹣t2+t=0，解得t=1或t=0（舍去），
②当∠APE=90°时，图3，作PK⊥x轴，AQ⊥PK，

则PK=﹣t2+2t+3，AQ=t，KE=3﹣t，PQ=﹣t2+2t+3﹣3=﹣t2+2t，
∵∠APQ+∠KPE=∠APQ+∠PAQ=90°，
∴∠PAQ=∠KPE，且∠PKE=∠PQA，
∴△PKE∽△AQP，
∴=，即=，即t2﹣t﹣1=0，解得t=或t=＜﹣（舍去），
综上可知存在满足条件点P，t值为1或．

12月24日