最小生成树入门题-应该切掉.doc

POJ 1251 Jungle Roads

小感：
第一次做图论题目，而且一次就AC了，挺兴奋的，呵呵。当然，还有很多不是非常明白的地方，对算法很细节的执行还没有非常明白~还有就是，Prim算法的过程好像是选出一个点后，找该点与剩下的点的权值的最小值，而不是所有在U中的点与V-U中的点的最小值。开始时觉得应该是所有U中的与V-U中最小的值的~还得再看看~
这里用了Prim求最小生成树，图是用邻接矩阵表示的，算法复杂度为O(n2)，其实看书上的例子，是用邻接表实现的，而且用到了最小堆求权值最小的边，最后的复杂度为O(elog2e)，e为边数。总的过程是从V-U中选出到U中权值最小的点，并加到U，之后更新lowcost，被更新的lowcost只是在V-U中的。
还有就是关于scanf，开始时用，可是在输入的时候有问题，不知道怎么回事~看别人也都说scanf会RE等的，于是用了cin，结果0MS就可以过了~还有，也看到有人说用了26时，RE了，所以我就改成27了，也不知道26到底会不会错~

#include
#define MAX 27
#define MAXCOST 101
using namespace std;

int vertices[MAX],lowcost[MAX],minv,totalcost;
int edges[MAX][MAX];
bool visited[MAX];

int prim(int vertex_num,int v)
{
totalcost=0;
visited[v]=true;
for(int i=0;i如果碰到边界顶点时，可以回到另外的点

for(int j=0;jtex_num;j++)
if(visited[j]==false&&edges[v][j]>num)
{
if(num==0) break;
for(int i=0;ies[i]=i;
for(int i=0;i>vertex>>degree;
for(int j=0;j cin>>vertex>>cost;
edges[i][vertex-'A']=cost;
edges[vertex-'A'][i]=cost;
}
}
cout<然后给出n * n大小的无向图的邻接矩阵表示，值表示边权。要求输出最小生成树的权值和。

这次用朴素的Prim写。

Prim详见

#include
#include

#define MAX 101
#define MAXCOST 0x7fffffff

int graph[MAX][MAX];

int Prim(int graph[][MAX], int n)
{
int lowcost[MAX];
int mst[MAX];
int i, j, min, minid, sum = 0
for (i = 2; i <= n; i++)
{
lowcost[i] = graph[1][i];
mst[i] = 1;
}
mst[1] = 0;
for (i = 2; i <= n; i++)
{
min = MAXCOST;
minid = 0;
for (j = 2; j <= n; j++)
{
if (lowcost[j] < min && lowcost[j] != 0)
{
min = lowcost[j];
minid = j;
}
}
sum += min;
lowcost[minid] = 0;
for (j = 2; j <= n; j++)
{
if (graph[minid][j] < lowcost[j])
{
lowcost[j] = graph[minid][j];
mst[j] = minid;
}
}
}
return sum;
}

int main()
{
int i, j, k, m, n;
int cost;
while (scanf("%d", &n) != EOF)
{
for i = 1; i <= n; i++)
{
for (j = 1; j <= n; j++)
{
graph[i][j] = MAXCOST;
}
}
for (i = 1; i <= n; i++)
{
for (j = 1; j <= n; j++)
{
scanf("%d", &graph[i][j]);
}
}
cost = Prim(graph, n);
printf("%d\n", cost);
}

return 0;
}

poj 1789 Truck History 最小生成树

题意：n的卡车，每辆车拥有唯一的7位车牌号。两两之间车牌号的有几位不相同就表示有多大的差别，即两代之间的距离有多远，求联通所有带的最短距离和。

题解：理解题意后不难发现就是一个简单的最小生成树。

和原来低效的prim写法不同的是用mdis [i]来更新到每个点的最小边，这样可以省去一层循环。

#include
#include
#include
#define MAX 99999

int n,dis[2010][2010],in[2010],dif,ans,mdis[2010];
char a[2010][7];

void prim()
{
int i,j,k,min,v;
ans = 0;
memset(in,0,sizeof(in));
in[1] =1 ;
for (i=1;i<=n;i++)
mdis[i] = dis[1][i];
for (i=1;imdis[j]dis[v][k])
mdis[k] = dis[v][k];
}

}
int main()
{
int i,j,k;

while (scanf("%d", &n),n)
{
getchar();
for (i=1;i<=n;i++)
{
gets(a[i]);

for (j=1;jk=0;k<7;k++)
if (a[i][k]!=a[j][k])
dif++;
dis[i][j] = dis[j][i] = dif;
}
dis[i][i] = MAX;
}
prim();
printf("The highest possible quality is 1/%d.\n", ans);
}
}
poj 2485 Highways

一看就知是最小生成树，开始的时候用Kruskal出问题，改用Prim过了POJ，现在回过头来用Kruskal算法做，也好，又过了。发出来，或许也会有像我这样曾经被这个问题搞郁闷的朋友。问题抽象一个下就是求Kruskal算法中最后加入的那条边的长度，同样是Prim算法中加入的边的最长的那条。

prim解法：

#include
using namespace std;

int highway[501][501];
int lowcost[501], n;

int prim()
{
for(int i = 1; i <= n; i++)
lowcost[i] = highway[1][i];
int ans = 0, nextVex, minEdge;
for(int i = 1; i < n; i++){
minEdge = 999999999;
nextVex = 1;
for(int j = 1; j <= n; j++){
if((lowcost[j] < minEdge) && (lowcost[j] > 0)){
minEdge = lowcost[j];
nextVex = j;
}
}
if(minEdge > ans)
ans = minEdge;
lowcost[nextVex] = 0;
for(int j = 1; j <= n; j++){
if(lowcost[j] > highway[nextVex][j]){
lowcost[j] = highway[nextVex][j];
}
}
}
return ans;
}
int main()
{
int tcase;
scanf("%d", &tcase);
while(tcase--)
{
scanf("%d", &n);
for(int i = 1; i <= n; i++)
for(int j = 1; j <= n; j++)
scanf("%d", &highway[i][j]);
printf("%d\n", prim());
}
return 0;
}