安徽省蚌埠五中、蚌埠十二中联考2016-2017学年高二（上）期中物理试卷（解析版）.doc

2016-2017学年高二（上）期中物理试卷（3）
一、单选题（本大题共10小题，共40分）
1．关于点电荷的说法正确的是（　　）
A．点电荷的带电量一定是1.60×10﹣19C B．实际存在的电荷都是点电荷
C．点电荷是理想化的物理模型 D．大的带电体不能看成是点电荷
2．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为 F，若它们的带电量都增大为原来的3倍，距离增大为原来的2倍，它们之间的相互作用力变为（　　）
A．16F B． F C． F D．
3．关于电场强度有下列说法，正确的是（　　）
A．电场中某点的电场强度在数值上等于单位电荷在该点所受的电场力
B．电场强度的方向总是跟电场力的方向一致
C．在点电荷Q附近的任意一点，如果没有把试探电荷q放进去，则这一点的电场强度为零
D．根据公式E=．可知，电场强度跟电场力成正比，跟放入电场中的电荷的电量成反比
4．如图是某电场的一条电场线，a、b是电场中的两点．这两点相比（　　）
A．b点的场强较大
B．a点的场强较大
C．同一个电荷放在a、b两点所受到的电场力方向一定相同
D．负电荷放在a点所受到的电场力方向一定向右
5．某电场区域的电场线如图所示．把一个电子从A点移到B点时（　　）
A．电子所受的电场力增大，电子克服电场力做功
B．电子所受的电场力减小，电场力对电子做正功
C．电子所受的电场力增大，电势能减少
D．电子所受的电场力增大，电势能增大
6．如图所示，匀强电场场强E=100V/m，A、B两点相距10cm、A、B连线与电场线夹角为60°，若取A点电势为0，则B点电势为（　　）
A．﹣10V B．10V C．﹣5V D．5V
7．如图，质量为m、带电量为q的小球用长为l的细线悬挂，处在水平方向的匀强电场中，小球静止于A点，此时悬线与竖直方向夹角为θ=30°，现用力将小球缓慢拉到最低点B由静止释放．不计空气阻力，则下列说法正确的是（　　）
A．小球将回到A处停下来
B．小球将在A、B之间往复摆动
C．场强的大小为E=
D．小球从B向右摆到最高点的过程中，电势能的减少量为mgl（1﹣）
8．一质量为m的带电小球，在竖直方向的匀强电场中以水平速度抛出，小球的加速度大小为g，空气阻力不计，小球在下落h的过程中，则（　　）
A．小球的动能增加 B．小球的电势能增加
C．小球的重力势能减少 D．小球的机械能减少
9．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，电容器下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于静止状态，现交平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离，下列说法正确的是（　　）
A．带电油滴将竖直向上运动
B．P点的电势将降低
C．电容器的电容增大，极板带电荷量不变
D．电容器的民容增大，极板带电荷量减小
10．电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此（　　）
A．电动势是一种非静电力
B．电动势越大，表明电源储存的电能越多
C．电动势的大小是非静电力做功能力的反映
D．电动势就是闭合电路中电源两端的电压
二、填空题（本大题共5小题，共20.0分）
11．两个相同的金属小球，一个带电Q1=4.0×10﹣11C，另一个带电
Q2=﹣6.0×10﹣11C．
（1）两球相距50cm时，它们之间的静电力是　　N．
（2）把两球接触，分开后使它们仍相距50cm，它们之间的静电力为　　N．
12．将电量为6×10﹣6C的负电荷从电场中A点移到B点，克服电场力做了3×10﹣5J的功，则该电荷在此过程中电势能　　了　　J；再将该电荷从B点移到C点，电场力做了1.2×10﹣5J的功，则A、C间的电势差UAC=　　．
13．在如图所示的匀强电场中，一条绝缘细线的上端固定，下端拴一个大小可以忽略、质量为m、电荷量为q的小球，当小球静止时，细线与竖直方向的夹角为θ，则小球带　　电（填“正”或“负”），匀强电场场强为　　．
14．在电场中某点引入电量为q的正电荷，这个电荷受到的电场力为F，则该点场强为　　，若在这点引入电量为2q的负电荷时，则该点的电场强度为　　．
15．在10s内通过导体某一横截面的电量为16C，则通过该导体的电流大小是　　A．10s内通过这个截面的电子有　　个（电子的电荷量为1.6×10﹣19C）
三、计算题（本大题共4小题，共40.0分）
16．把质量是2.0×10﹣3 kg的带电小球B用细线悬挂起来，如图所示．若将带电荷量为4.0×10﹣8 C的小球A靠近B，平衡时细线与竖直方向成45°角，A、B在同一水平面上，相距0.30m，试求：
（1）A球受到的电场力多大？
（2）B球所带电荷量为多少？

17．如图所示，在匀强电场中有a、b、c三点，a、b相距 5cm，b、c相距12cm．将一个带电荷量为4×10﹣8C 的电荷从a点移到b点时，电场力做功为1.2×10﹣7 J．
（1）a、b两点间电势差为多少
（2）匀强电场的场强大小E
（3）b、c两点间电势差为多少．

18．如图所示，在水平向右的匀强电场中，用长为L不可伸长的绝缘细线拴住一质量为m，带电荷量为q的小球，线的上端固定于O点．细线与竖直方向成30°角时静止释放小球，小球开始摆动，当摆到A点时速度为零，此时OA恰好处于水平状态，设整个过程中细线始终处于拉直状态，静电力常量为k，忽略空气阻力．
求：（1）判断小球电性；
（2）BA两点间的电势差UBA；
（3）匀强电场的场强E的大小．

19．如图所示，离子发生器发射出一束质量为m、电荷量为q的离子，从静止经加速电压U1加速后，获得速度v0，并沿垂直于电场方向射入两平行板中央，受偏转电压U2作用后，以速度v离开电场．已知平行板长为L，两板间距离为d，求：
（1）v0的大小．
（2）离子在偏转电场中运动的时间t．
（3）离子在离开偏转电场时的偏移量y．
（4）离子在离开偏转电场时的速度v的大小．

2016-2017学年安徽省蚌埠五中、蚌埠十二中联考高二（上）期中物理试卷
参考答案与试题解析

一、单选题（本大题共10小题，共40分）
1．关于点电荷的说法正确的是（　　）
A．点电荷的带电量一定是1.60×10﹣19C
B．实际存在的电荷都是点电荷
C．点电荷是理想化的物理模型
D．大的带电体不能看成是点电荷
【考点】A1：元电荷、点电荷．
【分析】带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系．
【解答】解：A、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，元电荷是电量的最小值，点电荷的值可以等于元电荷，也可以是元电荷的整数倍，即点电荷的电荷量可多可少，故A错误；
B、在研究带电体间的相互作用时，若带电体的尺寸远小于它们之间的距离时，才可把带电体看成点电荷，并不是所有电荷都可以看成点电荷，故B错误；
C、点电荷是理想化的物理模型，故C正确；
D、大的带电体在间距更大的情况下，可以看成是点电荷，故D错误；
故选：C．

2．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为 F，若它们的带电量都增大为原来的3倍，距离增大为原来的2倍，它们之间的相互作用力变为（　　）
A．16F B． F C． F D．
【考点】A4：库仑定律．
【分析】本题比较简单，直接根据库仑力公式得出两次作用力的表达式，则可求得带电量和距离变化后的相互作用力，从而解出正确结果．
【解答】解：由库仑定律可得：
变化前：F=
变化后：F′==F，故B正确，ACD错误．
故选：B．

3．关于电场强度有下列说法，正确的是（　　）
A．电场中某点的电场强度在数值上等于单位电荷在该点所受的电场力
B．电场强度的方向总是跟电场力的方向一致
C．在点电荷Q附近的任意一点，如果没有把试探电荷q放进去，则这一点的电场强度为零
D．根据公式E=．可知，电场强度跟电场力成正比，跟放入电场中的电荷的电量成反比
【考点】A6：电场强度．
【分析】电场中的场强取决于电场本身，与有无检验电荷无关；引入检验电荷是为了方便研究电场而引入的．
【解答】解：A、根据电场强度的定义E=，可知，电场强度在数值上等于单位电荷在该点所受的电场力，故A正确．
B、电场强度的方向总是跟正电荷所受的电场力的方向相同，与电荷所受的电场力的方向相反，故B错误．
C、电场中的场强取决于电场本身，与有无检验电荷无关；如果没有把试探电荷q放进去，则这一点的电场强度不变，故C错误．
D、场强取决于电场本身，与检验电荷无关，故D错误．
故选：A．

4．如图是某电场的一条电场线，a、b是电场中的两点．这两点相比（　　）

A．b点的场强较大
B．a点的场强较大
C．同一个电荷放在a、b两点所受到的电场力方向一定相同
D．负电荷放在a点所受到的电场力方向一定向右
【考点】A7：电场线；A6：电场强度．
【分析】该电场线为一点电荷形成的一条电场线，因不知是正点电荷还是负点电荷，所以无法判断a、b两点的场强大小以及电场力大小．正电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相反．
【解答】解：A、因不知是正点电荷还是负点电荷产生的电场线，所以无法判断a、b两点的场强大小以及电场力大小．故A、B错误．
C、正电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相反．所以同一个电荷放在a、b两点所受到的电场力方向一定相同，故C正确
D、负电荷在a点受到的电场力方向与该点的电场强度方向相反，而该点的电场强度方向即为该点的切线方向，所以负电荷在a点受到的电场力方向向左，故D错误
故选C．

5．某电场区域的电场线如图所示．把一个电子从A点移到B点时（　　）

A．电子所受的电场力增大，电子克服电场力做功
B．电子所受的电场力减小，电场力对电子做正功
C．电子所受的电场力增大，电势能减少
D．电子所受的电场力增大，电势能增大
【考点】A7：电场线；AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．
【分析】电场力F=qE，大小与场强E成正比，E由电场线的疏密判断；电子带负电，所受的电场力与场强方向相反，判断出电场力做功正负，即可分析电势能的变化．
【解答】解：AB、由图看出，B处电场力密，场强E较大，电场力F=qE，则电子在B受到的电场力较大．而电场力方向与电场线方向相反，所以从A运动到B，电场力对电子做正功，故AB错误．
CD、电子从A点移到B点时，电场力增大，而电场力做正功，其电势能减小，故C正确，D错误．
故选：C

6．如图所示，匀强电场场强E=100V/m，A、B两点相距10cm、A、B连线与电场线夹角为60°，若取A点电势为0，则B点电势为（　　）

A．﹣10V B．10V C．﹣5V D．5V
【考点】AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．
【分析】已知匀强电场的场强为E，A、B两点间的距离为L及AB连线与电场方向的夹角为θ，根据公式U=Ed，求出两点沿电场方向的距离d，再求解电势差U．根据顺着电场线方向电势降低，判断A、B两点的电势高低．
【解答】解：由图示可知，根据顺着电场线方向电势降低，可知B的电势低于A的电势，则UBA＜0．
AB方向与电场线方向间的夹角 θ=60°，
BA两点沿电场方向的距离 d=Lcosθ，
BA两点间的电势差 UBA=﹣Ed=ELcosθ=﹣100V/m×0.1m×cos60°=﹣5V，
因取A点电势为0，则B点电势为φB=UBA+φA=﹣5+0=﹣5V；
故选：C．

7．如图，质量为m、带电量为q的小球用长为l的细线悬挂，处在水平方向的匀强电场中，小球静止于A点，此时悬线与竖直方向夹角为θ=30°，现用力将小球缓慢拉到最低点B由静止释放．不计空气阻力，则下列说法正确的是（　　）

A．小球将回到A处停下来
B．小球将在A、B之间往复摆动

C．场强的大小为E=
D．小球从B向右摆到最高点的过程中，电势能的减少量为mgl（1﹣）
【考点】AE：电势能；AK：带电粒子在匀强电场中的运动．
【分析】小球受到重力、电场力和细线的拉力，将以A点为平衡位置做往复运动．根据静止时小球受力平衡，求解场强的大小．根据能量守恒定律求解电势能的减少量．
【解答】解：
A、B、由题知，小球原来静止，电场力与重力的合力方向沿OA方向．小球从最低点B由静止释放后，电场力和重力的合力做正功，小球的速度增大，到达A点后，由于惯性，继续向上摆动，之后合力对小球做负功，速度减小，速度减至零后，再向下摆动，到B点速度为零，周而复始，所以小球将以A点为平衡位置做往复运动．故AB错误；
C、小球原来处于静止，由平衡条件得：qE=mgtanθ，则得E==，故C正确；
D、小球从B向右摆到最高点的过程中，设x细线的最大偏角为α．
根据能量守恒定律得：mgl（1﹣cosα）=qElsinα
将qE=mgtanθ，代入解得：tan=tanθ，α=2θ=60°
所以电势能的减少量为△Ep=qElsinα=mgl（1﹣cosα）=mgl（1﹣cos60°）=，故D错误．
故选：C．

8．一质量为m的带电小球，在竖直方向的匀强电场中以水平速度抛出，小球的加速度大小为g，空气阻力不计，小球在下落h的过程中，则（　　）
A．小球的动能增加 B．小球的电势能增加
C．小球的重力势能减少 D．小球的机械能减少
【考点】AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系；AE：电势能．
【分析】根据动能定理研究动能的变化和重力做功与重力势能的关系，电势能的变化．电场力做负功，机械能减小，根据能量守恒可知机械能减小量等于小球电势的增加量．高度下降，重力势能减小．
【解答】解：A、根据动能定理：小球动能的变化量等于合力做功，△Ek=F合•h=mah=mgh．故A错误．
B、小球的重力做正功mgh，重力势能减小mgh，根据能量守恒定律得：小球电势能增加mgh﹣=，故B正确
C、由上可知：重力势能减小mgh，故C错误．
D、由上可知：重力势能减小mgh，动能增加，则机械能减小．故D错误．
故选B

9．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，电容器下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于静止状态，现交平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离，下列说法正确的是（　　）

A．带电油滴将竖直向上运动
B．P点的电势将降低
C．电容器的电容增大，极板带电荷量不变
D．电容器的民容增大，极板带电荷量减小
【考点】AS：电容器的动态分析．
【分析】将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据E=分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况．由U=Ed分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化和油滴电势能的变化．
【解答】解：A、将上极板竖直向下移动时，d减小，电容器的电压U不变，由E=分析得知，板间场强增大，则油滴所受电场力增大，油滴将沿竖直向上运动．故A正确．
B、P点到下极板的距离不变，而E增大，由U=Ed知，P点与下极板间电势差增大，P点的电势大于零，则P点的电势升高，故B错误；
C、d减小，由C=知，电容C增大，U不变，由C=分析可知电容器所带电量增加，故CD错误；
故选：A

10．电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此（　　）
A．电动势是一种非静电力
B．电动势越大，表明电源储存的电能越多
C．电动势的大小是非静电力做功能力的反映
D．电动势就是闭合电路中电源两端的电压
【考点】B9：电源的电动势和内阻．
【分析】电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量．
【解答】解：A、电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，不是一种非静电力，故A错误．
BC、电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量，是非静电力做功能力的反映，电动势越大，表明电源将其它形式的能转化为电能的本领越大，故B错误，C正确．
D、电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，在闭合电路中电源两极间的电压是路端电压，小于电源电动势，故D错误．
故选：C．

二、填空题（本大题共5小题，共20.0分）
11．两个相同的金属小球，一个带电Q1=4.0×10﹣11C，另一个带电Q2=﹣6.0×10﹣11C．
（1）两球相距50cm时，它们之间的静电力是　8.64×10﹣11　N．
（2）把两球接触，分开后使它们仍相距50cm，它们之间的静电力为　3.6×10﹣12　N．
【考点】A4：库仑定律．
【分析】（1）根据库仑定律公式F=k列式求解即可；
（2）把两球接触，由于两个金属球相同，故电量是先中和后均分，根据库仑定律再次求解静电力即可．

【解答】解：（1）根据库仑定律，静电力为：
F=k=N=8.64×10﹣11N
（2）把两球接触，电量是先中和后均分，为：Q=C=﹣1×10﹣11C
故静电力为：F′=k=N=3.6×10﹣12N
故答案为：8.64×10﹣11，3.6×10﹣12．

12．将电量为6×10﹣6C的负电荷从电场中A点移到B点，克服电场力做了3×10﹣5J的功，则该电荷在此过程中电势能　增加　了　3×10﹣5　J；再将该电荷从B点移到C点，电场力做了1.2×10﹣5J的功，则A、C间的电势差UAC=　3V　．
【考点】AE：电势能；AB：电势差．
【分析】电荷在电场力作用下做功，导致电势能变化．所以由做功与电量可求出两点的电势差，同时根据电场力做功的正负可确定电势能增加与减少．
【解答】解：负电荷在电场力作用下发生位移，导致电场力做负功，则电荷的电势能增加．做多少功，电势能就增加多少．
因此，电荷在此过程中电势能增加，且增加了3×10﹣5J．
电荷从B点移到C点，电场力做了1.2×10﹣5J的功，则由：W=qU 得UBC===﹣2v
而负电荷从电场中A点移到B点，两点的电势差UAB===5V
所以A、C间的电势差UAC=UAB+UBC=5V﹣2V=3V
故答案为：增加；3×10﹣5；3V

13．在如图所示的匀强电场中，一条绝缘细线的上端固定，下端拴一个大小可以忽略、质量为m、电荷量为q的小球，当小球静止时，细线与竖直方向的夹角为θ，则小球带　正　电（填“正”或“负”），匀强电场场强为　　．

【考点】AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．
【分析】对小球受力分析，根据共点力平衡确定电场力的方向，从而得出电场力的大小，得出匀强电场的场强大小．
【解答】解：小球处于平衡，知道电场力的方向水平向右，所以小球带正电．
根据平衡有：mgtanθ=qE，
解得场强E=．
故答案为：正，．

14．在电场中某点引入电量为q的正电荷，这个电荷受到的电场力为F，则该点场强为　　，若在这点引入电量为2q的负电荷时，则该点的电场强度为　　．
【考点】A6：电场强度．
【分析】已知试探电荷所受的电场力F和电荷量q，根据电场强度的定义式E=求电场强度的大小．电场强度反映电场本身的性质，与放入电场中的试探电荷无关，电场中同一点电场强度是唯一确定的．
【解答】解：电荷量为q的正电荷在电场中受到的电场力为F，则该点的电场强度为 E=
电场强度由电场本身决定的，与试探电荷无关，所以在这点引入电荷量为2q的负电荷时，电场强度不变，仍为E=．
故答案为：，．

15．在10s内通过导体某一横截面的电量为16C，则通过该导体的电流大小是　1.6　A．10s内通过这个截面的电子有　1020　个（电子的电荷量为1.6×10﹣19C）

【考点】B1：电流、电压概念．
【分析】由电流的定义可求得电流值，再由欧姆定律可求得导体两端的电压；由元电荷可求得电子数．
【解答】解：电流大小为：I===1.6A；
流过的电子数为：n===1020A；
故答案为：1.6；1020

三、计算题（本大题共4小题，共40.0分）
16．把质量是2.0×10﹣3 kg的带电小球B用细线悬挂起来，如图所示．若将带电荷量为4.0×10﹣8 C的小球A靠近B，平衡时细线与竖直方向成45°角，A、B在同一水平面上，相距0.30m，试求：
（1）A球受到的电场力多大？
（2）B球所带电荷量为多少？

【考点】A4：库仑定律．
【分析】（1）对小球B受力分析，受到重力、静电引力和细线的拉力，根据三力平衡求出静电引力；
（2）根据库仑定律求解出小球A的带电量．
【解答】解：（1）对B球受力分析如图所示，由几何关系知：
F=mgtan45°=mg=2.0×10﹣2 N，
由牛顿第三定律知：
FBA=FAB=2.0×10﹣2 N．
（2）又F=k
故qB== C=5.0×10﹣6 C．
答：（1）A球受到的电场力2.0×10﹣2 N；
（2）B球所带电荷量为5.0×10﹣6 C．

17．如图所示，在匀强电场中有a、b、c三点，a、b相距 5cm，b、c相距12cm．将一个带电荷量为4×10﹣8C 的电荷从a点移到b点时，电场力做功为1.2×10﹣7 J．
（1）a、b两点间电势差为多少
（2）匀强电场的场强大小E
（3）b、c两点间电势差为多少．

【考点】AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系；A6：电场强度；AB：电势差．
【分析】（1）根据电场力做功与电势差的关系求出a、b两点间的电势差．
（2）根据匀强电场的场强公式E=求出场强的大小．
（3）根据U=Ed求出b、c两点间的电势差．
【解答】解：（1）根据Wab=qUab得：．
（2）匀强电场的场强大小：E=．
（3）b、c两点间的电势差：Ubc=Edbccos60°=．
答：（1）a、b两点间电势差为3V．
（2）匀强电场的场强大小E为60V/m．
（3）b、c两点间电势差为3.6V．

18．如图所示，在水平向右的匀强电场中，用长为L不可伸长的绝缘细线拴住一质量为m，带电荷量为q的小球，线的上端固定于O点．细线与竖直方向成30°角时静止释放小球，小球开始摆动，当摆到A点时速度为零，此时OA恰好处于水平状态，设整个过程中细线始终处于拉直状态，静电力常量为k，忽略空气阻力．
求：（1）判断小球电性；
（2）BA两点间的电势差UBA；
（3）匀强电场的场强E的大小．

【考点】AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．
【分析】（1）根据电场力对小球做功的正负判断电场力的方向，从而判断小球的电性；
（2）对于小球1从B到A过程，运用动能定理和电场力做功公式W=qU，求解BA两点间的电势差U；
（3）由几何知识确定出BA间沿电场线的距离d，再根据E=求解场强E的大小；
【解答】解：（1）若小球不带电，则从A点释放，将运动到与A点等高的地方，而实际上小球没能运动到与A点等高的地方，所以电场力对小球做了负功，电场力水平向右，而电场强度方向水平向右，则小球带正电；
（2）小球1从B到A过程，由动能定理得：
qUBA﹣mgLcos30°=0﹣0
解得：UBA=①
（2）BA间沿电场线的距离为：d=L+Lsin30°②
在匀强电场，有：E=③
所以联立①②③三式得：E=．
答：（1）小球带正电；
（2）BA两点间的电势差UBA为；
（3）匀强电场的场强E的大小为．

19．如图所示，离子发生器发射出一束质量为m、电荷量为q的离子，从静止经加速电压U1加速后，获得速度v0，并沿垂直于电场方向射入两平行板中央，受偏转电压U2作用后，以速度v离开电场．已知平行板长为L，两板间距离为d，求：
（1）v0的大小．
（2）离子在偏转电场中运动的时间t．
（3）离子在离开偏转电场时的偏移量y．
（4）离子在离开偏转电场时的速度v的大小．

【考点】AK：带电粒子在匀强电场中的运动．
【分析】由动能定理可以求出速度．
粒子在偏转电场中做类平抛运动，由类平抛运动规律可以求出粒子在偏转电场中的运动时间、偏移量．
【解答】解：（1）在加速电场中，由动能定理得：
qU1=mv02﹣0，解得：v0=；
（2）离子在偏转电场中做类平抛运动，
离子的运动时间：t==L；
（3）粒子的偏移量：y=at2=t2，解得：y=；
（4）由动能定理得：q（U1+y）=mv2﹣0，
解得：v=；
答：（1）v0的大小为；
（2）离子在偏转电场中运动的时间t为L．
（3）离子在离开偏转电场时的偏移量y为．
（4）离子在离开偏转电场时的速度v的大小为．

2017年5月22日