广州市2013高考数学(文科)考前训练题有答案.doc

广州市2013届高三考前训练
数学（文科）
说明：
⒈ 本训练题由广州市中学数学教学研究会高三中心组与广州市高考数学研究组共同编写，共24题．
⒉ 本训练题仅供本市高三学生考前冲刺训练用，希望在5月31日之前完成．
3．本训练题与市高三质量抽测、一模、二模等数学试题在内容上相互配套，互为补充．四套试题覆盖了高中数学的主要知识和方法．因此，希望同学们在5月31日至6月6日之间，安排一段时间，对这四套试题进行一次全面的回顾总结，同时，将高中数学课本中的基本知识（如概念、定理、公式等）再复习一遍．xK b1.Co m
希望同学们保持良好的心态，在高考中稳定发挥，考取理想的成绩！

1.已知函数，的最大值是1，其图像经过点
．
（1）求的解析式；
（2）已知，且，，求的值．

2. 设函数.
（1）若是函数的一个零点，求的值；
（2）若是函数的一个极值点，求的值.

3. 在中，内角所对的边长分别是, 已知，.
（1）求的值；
（2）若为的中点，求的长.

4. 一缉私艇发现在方位角（从正北方向顺时针转到目标方向线的水平角）45°方向，距离15 海里的海面上有一走私船正以25 海里/小时的速度沿方位角为105°的方向逃窜．若缉私艇的速度为35 海里/小时，缉私艇沿方位角为45°+α的方向追去，若要在最短时间内追上该走私船．
（1）求角α的正弦值；
（2）求缉私艇追上走私船所需的时间．w W w .x K b 1 .c o M
5. 某学校餐厅新推出A，B，C，D四款套餐，某一天四款套餐销售情况的条形图如下.为
了了解同学对新推出的四款套餐的评价，对每位同学都进行了问卷调查，然后用分层抽样的方法从调查问卷中抽取20份进行统计，统计结果如下面表格所示：

满意
一般
不满意
A套餐
50%
25%
25%
B套餐
80%
0
20%
C套餐
50%
50%
0
D套餐
40%
20%
40%

（1）若同学甲选择的是A款套餐，求甲的调查问卷被选中
的概率；
（2）若想从调查问卷被选中且填写不满意的同学中再选出2人
进行面谈，求这两人中至少有一人选择的是D款套餐的概率.

6.汽车是碳排放量比较大的行业之一．欧盟规定，从2012年开始，将对排放量超过
的型新车进行惩罚．某检测单位对甲、乙两类型品牌车各抽取辆进行
排放量检测，记录如下(单位：).
甲
80
110
120
140
150
乙
100
120

160
经测算发现，乙品牌车排放量的平均值为．
（1）从被检测的5辆甲类品牌车中任取2辆，则至少有一辆不符合排放量的概率是多少？
（2）若，试比较甲、乙两类品牌车排放量的稳定性．

7．某初级中学共有学生2000名，各年级男、女生人数如下表：

初一年级
初二年级
初三年级
女生
373
x
y
男生
377
370
z
已知在全校学生中随机抽取1名，抽到初二年级女生的概率是0.19.
（1） 求x的值；
（2） 现用分层抽样的方法在全校抽取48名学生，问应在初三年级抽取多少名？
（3） 已知y245,z245,求初三年级中女生比男生多的概率.

8．斜三棱柱中，侧面底面ABC，侧面是菱形，，，，E、F分别是，AB的中点．
（1）求证：EF∥平面；
（2）求证：CE⊥面ABC．
（3）求四棱锥的体积．.
9. 如图，在等腰梯形PDCB中，PＢ∥CD ，PB＝3，DC＝1，PD＝BC＝，A为PB边
上一点，且PA＝1，将ΔPAD沿AD折起，使平面PAD⊥平面ABCD.
（1）求证：平面PAD⊥平面PCD. X k B 1 . c o m
（2）在线段PB上是否存在一点M，使截面AMC把几何体分成的两部分的体积之比为
VPDCMA:VM－ACB＝2:1, 若存在，确定点M的位置；若不存在, 说明理由.
（3）在（2）的条件下，判断AM是否平行于平面PCD.
A
B
C
D
P
P
C
D
M
B
A

10. 如图所示，圆柱的高为2，底面半径为, AE、DF是圆柱的两条母线，过作圆柱的截面交下底面于，且＝
（1）求证：平面∥平面；
（2）求证：；
（3）求四棱锥体积的最大值.

11.已知等比数列的公比，，且、、成等差数列.
（1）求数列的通项公式；
（2）设，求数列的前项和.

12.提高过江大桥的车辆通行能力可改善整个城市的交通状况．在一般情况下，大桥上的车流速度（单位：千米/小时）是车流密度 （单位：辆/千米）的函数．当桥上的车流密度达到200辆/千米时，造成堵塞，此时车流速度为0 ；当车流密度不超过20辆/千米时，车流速度为60千米/小时．研究表明：当时，车流速度是车流密度的一次函数．
(1)当时，求函数的表达式；
2)当车流密度为多大时，车流量可以达到最大，并求出最大值（精确到1辆/小时）. (车流量为单位时间内通过桥上某观测点的车辆数，单位：辆/小时）
13．某地区有荒山2200亩，从2002年开始每年年初在荒山上植树造林，
第一年植树100亩，以后每年比上一年多植树50亩．
（1）若所植树全部成活，则到哪一年可以将荒山全部绿化？
（2）若每亩所植树苗木材量为2立方米，每年树木木材量的自然增长率
为20％，那么到全部绿化后的那一年年底，该山木材总量是多少？
（精确到１立方米, ）

14. 已知抛物线与双曲线有公共焦点，点
是曲线在第一象限的交点，且．
（1）求双曲线的方程；
（2）以双曲线的另一焦点为圆心的圆与直线相切，圆：
．过点作互相垂直且分别与圆、圆相交的直线和，设被圆截得的弦长为，被圆截得的弦长为．是否为定值？请说明理由．

15. 如图，长为m＋1（m＞0）的线段AB的两个端点A和B分别在x轴和y轴上滑动，点M是线段AB上一点，且．
（1）求点M的轨迹Γ的方程，并判断轨迹Γ为何种圆锥曲线；
（2）设过点Q(，0)且斜率不为0的直线交轨迹Γ于C、D两点．
试问在x轴上是否存在定点P，使PQ平分∠CPD？若存在，求点P的坐标；
若不存在，请说明理由．
X| k |B| 1 . c|O |m

16.已知数列的前项和的平均数为
（1）求的通项公式；
（2）设，试判断并说明的符号；
（3）设函数，是否存在最大的实数? 当时，对于一切非零自然数，都有

17. 数列满足，且时，，
（1） 求数列的通项公式；
（2） 设数列的前项和为，求证对任意的正整数都有

18. 设，函数， ，．
（1）当时，求函数的值域；
（2）试讨论函数的单调性．

19.已知函数的图像在点处的切线方程为.
（1）用表示出；
（2）若在上恒成立，求的取值范围；
（3）证明：.

20.如图,已知直线及曲线上的点的横坐标为().从曲线上的点作直线平行于轴，交直线作直线平行于轴，交曲线的横坐标构成数列.
(1)试求的关系;
(2)若曲线的平行于直线的切线的切点恰好介于点之间
(不与重合),求的取值范围;
(3)若,求数列的通项公式.

21. 已知函数的导函数是, 对任意两个不相等
的正数, 证明: (1)当时, ;
(2)当时, .

22. 对于函数，若存在∈R，使成立，则称为的不动点．
如果函数＝有且仅有两个不动点0和2．
（1）试求b、c满足的关系式；
（2）若c＝2时，各项不为零的数列{an}满足4Sn·＝1，
求证：＜＜；新- 课-标-第-一 -网
（3）在(2)的条件下, 设bn＝－，为数列{bn}的前n项和，
求证：．

23.已知定义在上的单调函数，存在实数，使得对于任意实数，总有恒成立．
（1）求的值；
（2）若，且对任意正整数，有，
记，比较与的大小关系，并给出证明．

24. 已知函数，设在点N*）处的切线在轴上的截距为，数列满足：N*）．
（1）求数列的通项公式；
（2）在数列中，仅当时，取最小值，求的取值范围；
（3）令函数，数列满足：，N*），
求证：对于一切的正整数，都满足：．

参考答案
1.解：（1）依题意有，则，将点代入得，
而，，，故.
（2）依题意有，而，
，
.
2. 解：（1）是函数的一个零点, ∴ , 从而.
∴
（2）, 是函数的一个极值点
∴, 从而.
∴.
3. 解：（1）且，∴．
∴
．
（2）由（1）可得．
由正弦定理得，即，解得．
在中，， ，∴．

4. 解：（1）设缉私艇追上走私船所需的时间为t小时，

则有|BC|＝25t，|AB|＝35t，
且∠CAB＝α，∠ACB＝120°，
根据正弦定理得： ，
即， ∴ sinα＝．
（2）在△ABC中由余弦定理得：|AB|2＝|AC|2＋|BC|2－2|AC||BC|cos∠ACB，
即 （35t）2＝152＋（25t）2－2·15·25t·cos120°，即24t2―15t―9＝0，
解之得：t=1或t=－（舍）
故缉私艇追上走私船需要1个小时的时间．
5. 解：（1）由条形图可得，选择A，B，C，D四款套餐的学生
共有200人，其中选A款套餐的学生为40人，
由分层抽样可得从A款套餐问卷中抽取了 份.
设 “甲的调查问卷被选中” 为事件，则 .
答：若甲选择的是A款套餐，甲被选中调查的概率是.
(2) 由图表可知，选A，B，C，D四款套餐的学生分别接受调查的人数为4，5，6，5. 其中不满意的人数分别为1，1，0，2个 .
记对A款套餐不满意的学生是a；对B款套餐不满意的学生是b；对D款套餐不满意的学生是c，d.
设“从填写不满意的学生中选出2人，这两人中至少有一人选择的是D款套餐” 为事件,
从填写不满意的学生中选出2人，共有(a,b),(a,c),(a,d),(b,c),(b,d),c,d)6个基本事件，
而事件有(a,c),(a,d),(b,c),(b,d),(c,d)5个基本事件， 则.
6. 解：（1）从被检测的辆甲类品牌车中任取辆，共有种不同的排放量结果：
()；()；()；()；()；
()；()；()；()；().
设“至少有一辆不符合排放量”为事件，则事件包含以下种不同的结果：
()；()；()；()；()；()；().
所以，. 答：至少有一辆不符合排放量的概率为
（2）由题可知，，.

，
令，，，
，

，，∴乙类品牌车碳排放量的稳定性好.
7．解（1）
（2）初三年级人数为y＋z＝2000－（373＋377＋380＋370）＝500，
现用分层抽样的方法在全校抽取48名学生，应在初三年级抽取的人数为： 名
（3）设初三年级女生比男生多的事件为A ，初三年级女生男生数记为（y，z）；
由2）知 ，且 ,基本事件空间包含的基本事件有：
（245，255）、（246，254）、（247，253）、……（255，245）共11个
事件A包含的基本事件有：（251，249）、（252，248）、（253，247）、(254,246)、(255,245) 共5个, .
8.（1）证明：取BC中点M，连结FM，．在△ABC中，
∵F，M分别为BA，BC的中点，
∴FM AC．
∵E为的中点，AC
∴FM ．
∴四边形为平行四边形 ∴．
∵平面，平面， ∴EF∥平面．
（2）证明： 连接，∵四边形是菱形，
∴△为等边三角形
∵E是的中点． ∴CE⊥
∵四边形是菱形 , ∴∥ . ∴CE⊥.
∵ 侧面⊥底面ABC, 且交线为AC，面
∴ CE⊥面ABC
（3）连接，∵四边形是平行四边形，所以四棱锥
由第(2)小问的证明过程可知 面ABC
∵ 斜三棱柱中，∴ 面ABC ∥ 面. ∴ 面
∵在直角△中，， ∴
∴
∴ 四棱锥 =
9．（1）证明：连接AＣ，　∵PACD　　∴四边形PACD为平行四边形
　∴PD＝AＣ　 ∵PD＝ 　∴AＣ＝　
　　　　　∵DC＝PA＝1　∴　∴CD⊥AD，
∵平面PAD⊥平面ABCD，且交线为AD
∴DC⊥平面PAD.
∵DC平面PCD，∴平面PAD⊥平面PCD.
（2） 在线段PB上是存在这样的点M，当M为PB中点时，使截面AMC把几何体分成的两部分VPDCMA:VM－ACB＝2:1．理由如下:
∵DC∥PA，　CD⊥AD，∴　PA⊥AD，
∵平面PAD⊥平面ABCD，且交线为AD
∴PA ⊥平面ABCD
∵M为PB中点　∴点Ｍ到面ACB的距离等于PA.
∴　.
∵　＝,
∴　. ∴，故M为PB中点.
（3）　AM与平面PCD不平行
∵AB∥CD，AB平面PCD，CD平面PCD，∴AB∥平面PCD
若AM∥平面PCD，∵AB∩AM=A，∴平面ABM∥平面PCD
这与平面ABM与平面PCD有公共点P矛盾
∴AM与平面PCD不平行
10.（1）证明：∵AE、DF是圆柱的两条母线
∴ AE∥DF.
∵平面，平面,∴ AE∥平面
在圆柱中： 上底面//下底面，且上底面∩截面ABCD＝，
下底面∩截面ABCD＝ X k B 1 . c o m
∴ //
∵ ＝ ∴四边形ABCD为平行四边形
∴ AB∥CD.
∵平面,平面, ∴ AB∥平面.
∵ ∴ 平面∥平面
（2）证明：∵AE、DF是圆柱的两条母线，
四边形平行四边形， ∥且=
∵四边形ABCD为平行四边形 ∥且=
∥且=
在圆柱底面上因为∥且=
为直径
（3）解法1：作 ∵圆柱的母线 垂直于底面
∴
∵
∴ 平面 ∴
∵ ∴ 平面
设 在Rt△中， ∴
在Rt△中，，∴
由（2）的证明过程可知平面 ∴
∵ 四边形ABCD为平行四边形 ∴四边形ABCD为矩形
∴
在Rt△中， ∵
∴≤
当时，即时，四棱锥的体积最大，最大值为
解法2：
设（或设）
在Rt△中， ∴（，）
∵ 垂直于底面，设，
∴ ≤
当时，即时，四棱锥的体积最大，最大值为
解法3： w W w .x K b 1 .c o M
设，
在Rt△中， ∴，
∵ 垂直于底面，
∴ ==≤
当，即时，四棱锥的体积最大，最大值为.
11.解：（1）因为、、成等差数列，
所以，即.
因为，，所以，即.
因为，所以.所以.
所以数列的通项公式为.
（2）因为，所以.
所以
当时，
；
当时，

.
综上所述，
12. 解:(1)由题意，当时，当时，设
由已知得解得..
(2)依题意得
当时，为增函数，故.
当时，时，取最大值.
答：车流密度为100时，车流量达到最大值3333.
13.解：（1）设植树年后可将荒山全部绿化，记第年初植树量为，
依题意知数列是首项，公差的等差数列，
则, 即
∵ ∴
∴到2009年初植树后可以将荒山全部绿化． X| k |B| 1 . c|O |m
（2）2002年初木材量为，到2009年底木材量增加为,
2003年初木材量为，到2009年底木材量增加为,……
2009年初木材量为，到2009年底木材量增加为.
则到2009年底木材总量
----------①
---------②
②-①得
∴ｍ2
答：到全部绿化后的那一年年底，该山木材总量为9060ｍ2
14. 解：（1）∵抛物线的焦点为，
∴双曲线的焦点为、，
设在抛物线上，且，
由抛物线的定义得，，∴，∴，∴，
∴，
又∵点在双曲线上，由双曲线定义得，
，∴， ∴双曲线的方程为：．
（2）为定值．下面给出说明．
设圆的方程为：， 5u∵圆与直线相切，
∴圆的半径为， 故圆：.
显然当直线的斜率不存在时不符合题意，
设的方程为，即，
设的方程为，即，
∴点到直线的距离为，点到直线的距离为，
∴直线被圆截得的弦长，
直线被圆截得的弦长，
∴， 故为定值．
15. 解：（1）设A、B、M的坐标分别为(x0，0)、(0，y0)、(x，y)，则
x＋y＝(m＋1)2， ①
由＝m，得(x－x0，y)＝m(－x，y0－y)，

∴∴ ②
将②代入①，得
(m＋1)2x2＋()2y2＝(m＋1)2，
化简即得点M的轨迹Γ的方程为x2＋＝1（m＞0）．
当0＜m＜1时，轨迹Γ是焦点在x轴上的椭圆；
当m＝1时，轨迹Γ是以原点为圆心，半径为1的圆；
当m＞1时，轨迹Γ是焦点在y轴上的椭圆．
（2）依题意，设直线CD的方程为x＝ty＋，
由消去x并化简整理，得(m2t2＋1)y2＋m2ty－m2＝0，
△＝m4t2＋3m2(m2t2＋1)＞0，
设C(x1，y1)，D(x2，y2)，则
y1＋y2＝－，y1y2＝－． ③
假设在x轴上存在定点P(a，0)，使PQ平分∠CPD，
则直线PC、PD的倾斜角互补，
∴kPC＋kPD＝0，即＋＝0，
∵x1＝ty1＋，x2＝ty2＋，∴＋＝0，
化简，得4ty1y2＋(1－2a)( y1＋y2)＝0． ④
将③代入④，得－－＝0，即－2m2t(2－a)＝0，
∵m＞0，∴t(2－a)＝0，∵上式对∀t∈R都成立，∴a＝2．
故在x轴上存在定点P(2，0)，使PQ平分∠CPD．
16.解：（1）由题意，，两式相减得，而，
（2），

(3)由（2）知是数列的最小项.
当时，对于一切非零自然数，都有,
即，即，
解得或，取.
17. 解：（1），则 则
（2） 由于，因此，

又
所以从第二项开始放缩：
因此
18.解:（1），
当时，，即时，最小值为2．
当时，，在上单调递增，所以．
所以时，的值域为．
（2）依题意得
①若，当时，，递减，当时，，递增．
②若，当时，令，解得，
当时，，递减，当时，，递增．
当时，，递增．
③若，当时，，递减．
当时，解得，
当时，，递增，
当时，，递减．
④，对任意，，在上递减．
综上所述，当时，在或上单调递增，在上单调递减；
当时，在上单调递增，在上单调递减；
当时，在上单调递增，在，上
单调递减；
当时，在上单调递减．
19. 解：（1）则有.
（2）由（1）得
令,
① 当时，.若，是减函数，
∴ ，即故在不恒成立.
②当时，.若，是增函数，∴，
即故时.综上所述，的取值范围是.
（3）由（2）知，当时，有.令，则 即当时，总有令，则 .将上述个不等式累加得整理得
20.解:(1)因为点的坐标为,的坐标为,
所以点的坐标为,则故的关系为
(2) 设切点为,则得,所以
解不等式得.
.
的取值范围是
(3) 由得,即,故
,
所以数列是以2为公比,首项为的等比数列, 即解得,
数列的通项公式为.

21. 略解：（1）
.
，
而,
又,得,
又,得,由于,故.
所以.
所以.
（2），故
，
下面证明：成立.
法1：.
令，则，
可知.即.
法2：即
由于.
令，则，可知.
故成立.
22. 解： (1)设∴
(2)∵c＝2 ∴b＝2 ∴，
由已知可得2Sn＝an－an2……①，且an ≠ 1．
当n ≥ 2时，2 Sn -1＝an－1－……②，
①－②得(an＋an－1)( an－an－1＋1)＝0，
∴an＝－an－1 或 an＝－an－1 ＝－1，
当n＝1时，2a1＝a1－a12 a1＝－1，
若an＝－an－1，则a2＝1与an ≠ 1矛盾．∴an－an－1＝－1， ∴an＝－n．
∴要证不等式，只要证 ，即证 ，
只要证 ，即证 ．
考虑证不等式(x＞0) . (**)
令g(x)＝x－ln(1＋x)， h(x)＝ln(x＋1)－ (x＞0) ．
∴＝， ＝，
∵x＞0， ∴＞0， ＞0，∴g(x)、h(x)在(0, ＋∞)上都是增函数，
∴g(x)＞g(0)＝0， h(x)＞h(0)＝0，∴x＞0时，．
令则(**)式成立，∴＜＜，
(3)由(2)知bn＝，则Tn＝．
在中，令n＝1，2，3，，2008，并将各式相加，
得，
即T2009－1＜ln2009＜T2008．
23.解:（1）令，得，
……①，
令得．
……②
由①、②，得．
为单调函数，．
（2）由（1）得
，，
，．
又．
．

.

．

.

24.解:（1） ，则，
得，即，
∴数列是首项为2、公差为1的等差数列，∴，即.
（2），∴函数在点N*）处的切线方程为：
，令，得．
，仅当时取得最小值，
只需，解得，故的取值范围为．
（3），故，
，故，则，即．
∴
=．
又，
故．

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