甘肃省2011届高三物理综合检测题(九)-旧人教版.doc

高三物理综合检测题（九）

本试卷分第Ⅰ卷（选择题）、第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共120分．考试时间50分钟．
第Ⅰ卷（选择题 共48分）
一、本题共8小题；每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．每小题全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分。
1．关于气体的压强，下列说法正确的是
A．气体的压强是由气体分子间的吸引和排斥产生的
B．气体分子的平均速率增大，气体的压强一定增大
C．气体的压强等于器壁单位面积、单位时间所受气体分子冲量的大小
D．当某一容器自由下落时，容器中气体的压强将变为零
x
y
o
Q
P
乙
甲
2．右图所示为某时刻从O点同时持续发出的两列简谐横波在同一介质中沿相同方向传播的波形图，P点在甲波最大位移处，Q点在乙波的最大位移处，下列说法正确的是
A．两列波传播相同距离时，乙波所用的时间比甲波短
B．Q点比P点先回到平衡位置
C．在P质点完成20次全振动的时间内Q质点完成了30次全振动
D．甲波和乙波在空间相遇处会产生稳定的干涉图样
A1
A2
V1
V2
3．四个相同的电流表分别改装成两个电流表A1、A2和两个电压表V1、V2 ，A1的量程大于的量程A2的量程， V1 的量程大于V2的量程，把它们接入如图所示的电路，闭合开关后
A．A1的读数比A2的读数大
B．A1指针偏转角度比A2指针偏转角度大

C．V1读数比V2读数大
D．V1指针偏转角度比V2指针偏转角度大
4．处于激发态的原子，如果在入射光子的作用下，可以引起其从高能态向低能态跃迁，同时在两个能态之间的能量差以辐射光子的形式发射出去，这种辐射叫做受激辐射。原子发生受激辐射时，发出的光子的频率、发射方向等都跟人射光子完全一样，这样使光得到加强，这就是激光产生的机理。那么，发生受激辐射时，产生激光的原子的总能量En 、电子的电势能Ep、电子动能Ek 的变化关系是
A .En减小、Ep增大、Ek 增大
B. En增大、Ep减小、Ek 减小
C .En.减小、Ep增大、Ek 减小
D.En减小、Ep减小、Ek 增大

Ⅰ
Ⅱ
Ⅲ
E
F
G
H
5．如图所示，有三块截面为等腰直角三角形的透明材料（图中的Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ）恰好拼成一个正方形棱镜．从E点垂直于边射入的单色光在F处发生全反射，在G、H连续发生两次折射后射出．若该单色光在三块材料中的传播速率依次为v1、v2、v3，下列关系式中正确的是
A．v3>v1>v2 B．v2>v3>v1 C．v3>v2>v1 D．v1>v2>v3
春分点
双女座
宝瓶座
火星
地球
太阳
6．2003年8月29日，火星、地球和太阳处于三点一线，上演“火星冲日”的天象奇观．这是6万年来火星距地球最近的一次，与地球之间的距离只有5576万公里，为人类研究火星提供了最佳时机．图示为美国宇航局最新公布的“火星大冲”的虚拟图．则有
A．2003年8月29日，火星的线速度大于地球的线速度
B．2003年8月29日，火星的线速度小于地球的线速度
C．2004年8月29日，火星又回到了该位置
D．2004年8月29日，火星还没有回到该位置
7．在空中某一位置，以大小v0的速度水平抛出一质量为m的物体，经时间t物体下落一段距离后，其速度大小仍为v0，但方向与初速度相反，如图所示，则下列说法中错误的是
A．风力对物体做功为零
B．风力对物体做负功
C．物体机械能减少mg2t2／2
D．风力对物体的冲量大小为2mv0
8、超导体磁悬浮列车是利用超导体的抗磁化作用使列车车体向上浮起，同时通过周期性地变换磁极方向而获得推进动力的新型交通工具。如图所示为磁悬浮列车的原理图，在水平面上，两根平行直导轨间有竖直方向且等距离的匀强磁场B1和B2，，导轨上有一个与磁场间距等宽的金属框abcd。当匀强磁场B1和B2同时以某一速度沿直轨道向右运动时，金属框也会沿直轨道运动。设直轨道间距为L，匀强磁场的磁感应强度为B1=B2=B磁场运动的速度为v，金属框的电阻为R。运动中所受阻力恒为f，则金属框的最大速度可表示为
A、
B、
C、
D、

选择题答案表
1
2
3
4
5
6
7
8

第Ⅱ卷（非选择题 共72分）
二、本题共17分.把答案填在题中的横线上或按题目要求作答.
9．(1)（5分）以下有关高中物理实验的一些描述中那个选项是正确的是　　
A．在“验证力的平行四边形定则”实验中拉橡皮筋的细绳要稍长，并且实验时要使弹簧与木板平面平行。
B．在“用单摆测定重力加速度”实验中如果摆长测量无误，测得的g值偏小，其原因可能是在数全振动的次数时，将49次全振动错误的当作50次处理。
C．在“验证机械守恒定律”的实验中需要用天平测物体的质量。
(2)（12分）某电流表mA的量程为I0=50mA，内阻为r0=50Ω，其表盘刻度线已模糊不清，要重新通过测量来刻画出从零到满刻度的刻度值，有下列器材：
A．待测电流表mA
B．6V直流电源E
C．“0～10Ω，1A”标准变阻器R1
D．“0～100Ω，50mA”滑动变阻器R2
E．“0.6A，0.5Ω”标准电流表A1
F．“3A，0.01Ω” 标准电流表A2
G．5Ω定值电阻R3
H．20Ω定值电阻R4
I.开关及导线若干
①应选用的器材有＿＿＿＿＿＿＿＿(只需填写所选器材序号)
②在右侧虚线框内画出实验电路图.
③待测电流表的电流刻度值的表达式I=＿＿＿＿＿＿＿＿＿.
式中各物理量所表示的意义分别为＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿
＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿.

三、本题共3小题，55分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.

t/s
F/N
0
4
8
12
16
20
24
28
1
2
3

a
b
10．（16分）如图a所示，一对平行光滑轨道放置在水平面上，两轨道间距l=0.20m，电阻R＝1.0。有一导体静止地放在轨道上，与两轨道垂直，杆及轨道的电阻皆可忽略不计，整个装置处于磁感应强度B＝0.50T的匀强磁场中，磁场方向垂直轨道面向下。现用一外力F沿轨道方向拉杆，使之作匀加速运动，测得力F与时间t的关系如图b所示。
（1）在图b中画出安培力F安大小与时间t的关系图线
（2）求出杆的质量m和加速度a

11．（19分）如图所示，用半径为0.4m的电动滚轮在长薄铁板上表面压轧一道浅槽。薄铁板的长为2.8m、质量为10kg。已知滚轮与铁板、铁板与工作台面间的动摩擦因数分别为0.3和0.1。铁板从一端放入工作台的砂轮下，工作时砂轮对铁板产生恒定的竖直向下的压力为100N，在砂轮的摩擦作用下铁板由静止向前运动并被压轧出一浅槽。已知滚轮转动的角速度恒为5rad/s，g取10m/s2。
铁板
砂轮
⑴通过分析计算，说明铁板将如何运动？
⑵加工一块铁板需要多少时间？
⑶加工一块铁板电动机要消耗多少电能？
（不考虑电动机自身的能耗）

12．（20分如图所示，将带电量Q＝0.3C、质量m′=0.15 kg的滑块放在小车的绝缘板的右端，小车的质量M=0.5 kg，滑块与绝缘板间动摩擦因数μ=0.4，小车的绝缘板足够长，它们所在的空间存在着磁感应强度B=20 T的水平方向的匀强磁场。开始时小车静止在光滑水平面上，一摆长 L=1.25 m、摆球质量 m＝0.3 kg的摆从水平位置由静止释放，摆到最低点时与小车相撞，如图所示，碰撞后摆球恰好静止，g= 10m／s2，求：
（1）摆球与小车的碰撞过程中系统损失的机械 能ΔE．
（2）碰撞后小车的最终速度．

高三物理综合检测题（九）参考答案

1.C 2．BC 3.AC 4.D 5. D 6.BD 7．ACD 8、C
A1
mA
R1
R3
E
K
9．(1)A　　　
mA
A1
(2)①ABCEGI
②电路图如图所示
③，I1为标准电流表A1的读数,RA1为标准电流表A1的内电阻,r0为待测交电流表的电阻,R3为定值电阻阻值
(电路图另一解答如右下图所示;I=…

10．（1）如图所示。

（2）对杆应用牛顿定律，得

由以上各式得：
分别把t1＝0、F1＝2N及t1＝10s、F1＝3N代入上式解得
m=0.2kg (1分)、 a=10m/s2
11．⑴开始砂轮给铁板向前的滑动摩擦力F1=μ1FN=0.3×100N=30N
工作台给铁板的摩擦阻力F2=μ2FN=0.1×(100+10×10)N=20N
铁板先向右做匀加速运动：a=m/s2=1m/s2
加速过程铁板达到的最大速度vm=ωR=5×0.4m/s=2m/s
这一过程铁板的位移s1=m=2m<2.8m，
此后砂轮给铁板的摩擦力将变为静摩擦力，F1′=F2，铁板将做匀速运动。
即整个过程中铁板将先做加速度a=1m/s2匀加速运动，然后做vm=2m/s的匀速运动（只要上面已求出，不说数据也得分）
⑵在加速运动过程中，由vm=at1得 t1=s
匀速运动过程的位移为s2=L-s1=2.8m-2m =0.8m
由s2=vt2，得t2=0.4s
所以加工一块铁板所用的时间为T=t1+t2=2s+0.4s=2.4 s
⑶解法一：E=ΔEK+Q1+Q2=mvm2+f1s相对+f2L
=(×10×22+30×2+20×2.8)J=136J
解法二：E=f1S作用点+f1′s2= f12s1+f2s2
=(30×2×2+20×0.8)=136J

12．解：（1）由机械能守恒定律得：mgL=mv2 ，
代入L、g解得v = 5m/s 。
在m碰撞M的过程中，由动量守恒定律得：
mv－Mv1 = 0，
代入m、M解得v1=1.5m/s
ΔE=mv2－Mv12=1.31J
（2）假设m′最终能与M一起运动，由动量守恒定律得：
Mv1=（M+m′）v2
代入m′、M解得v2 = 0.9375m/s
m′以v2=0.83m/s速度运动时受到的向上洛仑兹力f = BQv2=5.625N＞m/g=3N
所以m′在还未到v2=0.9375m/s时已与M分开了。由上面分析可知当m′的速度为v3=3/（0.3×20）=0.5m/s时便与M分开了，根据动量守恒定律可得方程：
Mv1 = Mv2/+m/v3 解得v2/=1.2m/s
- 6 -
用心 爱心 专心