山西省2013年中考适应性考试物理试卷(解析版)-新人教版.doc

山西省2013年中考适应性考试物理试卷二、选择题（在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请选出并在答题卡上将该项涂黑每小题3分，共30分）1（3分）（2012莱芜）对以下物理量的估测最接近实际的是（）A人步行的速度大约是8m/sB教室内的课桌高度约为80cmC今天我们考室内的温度大约是48D我们使用的物理课本每本约重100N考点：速度与物体运动；温度；长度的估测；重力大小的估测专题：估算题分析：根据生活常识及对物理知识的积累对选项逐一分析，作出判断解答：解：A、人步行的速度大约是1m/s1.3m/s，8m/s不符合实际；B、教室内的课桌高度约为80cm，符合实际；C、今天我们考室内的温度大约是30，48不符合实际；D、我们使用的物理课本每本约重G=mg=0.3kg10N/kg=3N，100N不符合实际；故选B点评：物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义2（3分）（2012乌兰察布）关于声现象，下列说法正确的是（）A雷雨天，总是先听到雷声，稍后才能看到闪电B声音从空气传入水中音调发生了变化C弹奏吉他时，在不同位置按压吉他弦是要改变弹奏的响度D超声波能击碎人体内“结石”是因为声波具有能量考点：声速；声与能量；光的传播速度与光年专题：应用题分析：光在空气中的传播速度大于声音的传播速度；声音在不同介质中传播速度不同，传播最快的是固体，其次是液体，最慢是气体；声既可以传递信息又可以传递能量；解答：解：A、闪电和雷声是同时发生，光在空气中的传播速度大于声音的传播速度故A错误；B、当声音从空气中传入水中时，声音的速度变大，音调不变故B错误；C、弹奏吉他时，在不同位置按压吉他弦是要改变弹奏的音调故C错误；D、超声波能击碎人体内“结石”是因为声波具有能量声可以传递能量故D正确故选D点评：本题是一道综合了多个知识点的题目，做题时要对照相关的物理知识，仔细分析每一种情况的对错3（3分）（2013山西模拟）在下列现象或情景中，由于光的直线传播的是（）A夜晚路灯下的人影B岸边的树木在水中的倒影C看到水中的鱼比鱼的实际位置浅D人在照相机中所成的像考点：光在均匀介质中直线传播专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等解答：解：A、夜晚路灯下的人影，是光的直线传播形成的，符合题意；B、岸边的树木在水中的倒影，属于光的反射现象，不符合题意；C、看到水中的鱼比鱼的实际位置浅，属于光的折射现象，不符合题意；D、人在照相机中所成的像，是凸透镜成像，属于光的折射现象，不符合题意故选A点评：本题考查了学生对光学现象的区分，属于基础知识内容，把握住三种光学现象的本质是解题的关键4（3分）（2012娄底）在班上开展“生活处处有物理”的观察实践活动中，小明观察了厨房设备在他所观察到的现象和对现象的解释中，正确的是（）A打开醋瓶能闻到酸味是因为分子在不停地做无规则运动B用高压锅煮食物容易熟，是因为锅内气体压强越大，液体沸点越低C不慎滴入几滴水到锅内热油中会发出“吱吱”声，这是发生了升华现象D用煤气炉煲汤，在沸腾时调大火焰能提高汤的温度考点：扩散现象；沸腾及沸腾条件；沸点及沸点与气压的关系；生活中的升华现象专题：应用题分析：（1）构成物质的分子总在做永不停息的无规则运动，生活中的扩散现象就说明了分子的运动；（2）液体的沸点与液面上方的气压有关，气压越高，沸点就越高（3）在一定条件下，物体的三种状态固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；由液态变为气态叫汽化，汽化有两种方式：蒸发和沸腾；（4）液体沸腾时，吸收热量，但是温度保持不变解答：解：A、打开醋瓶能闻到酸味是分子的无规则运动产生扩散的结果；A正确；B、用高压锅煮食物容易熟，是因为液体的沸点随气压增大而升高；故B错误；C、不慎滴入几滴水到锅内热油中会发出“吱吱”声，是水发生剧烈汽化现象时所发出的一种声音；故C错；D、用煤气炉煲汤，在汤沸腾后，达到沸点，其温度不再改变故D错误故选A点评：此题考查了热学的多个知识点，运用分子运动论知识、汽化现象、液体沸腾的特点以及气压与沸点的关系等知识可做出选择5（3分）（2013山西模拟）如图所示是一款鼠标的概念设计，它外形看起来像一个溜溜球，这个设计的核心是：在长时间伏案工作时，因为电池消耗较快，你必须经常起身玩一下它，这样既能恢复电力，又对你的健康大有好处请猜想鼠标电力得以恢复与图示装置中原理相同的是（）ABCD考点：电磁感应专题：应用题；磁现象、电生磁分析：（1）首先要知道电磁感应现象内容，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，在电路中会产生感应电流，这叫电磁感应现象，其前提条件是施加运动，结果是产生电流（2）鼠标电力得以恢复即产生了电能，故是利用电磁感性现象的原理工作的解答：解：A、导线通电后，其下方的小磁针受到磁场的作用力而发生偏转，说明电流能产生磁场，是电流的磁效应现象，不是电磁感应现象故A错误B、金属杆切割磁感线时，电路中产生感应电流，是电磁感应现象故B正确C、通电导线AB在磁场中受到安培力作用而运动，不是电磁感应现象故C错误D、该实验的装置是探究电磁铁磁性强弱与电流大小关系的实验装置，故D错误；故选B点评：在以上四个图中，分析是不是电磁感应的，也可以利用图中是否有电源来确定：有电源的就不是，没有电源的就是6（3分）（2012南通）探究凸透镜成像规律时，小明在凸透镜前放一燃着的蜡烛，移动光屏并在光屏上找到清晰的像然后将蜡烛远离透镜，调节光屏再次找到一个清晰的像，比较两像（）A像距增大，像增大B像距减小，像增大C像距减小，像减小D像距增大，像减小考点：凸透镜成像的应用专题：应用题分析：要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律：凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大物距变大，像距变小，像变小解答：解：凸透镜成实像时，物距越大所成的像就越小，像距也就越小，根据题意可知两次凸透镜都成实像，当蜡烛远离凸透镜时，物距增大，所以像距就会变小，像也减小故选C点评：理解凸透镜成像的三种情况和应用，知道凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小的规律是解决该题的关键7（3分）（2013山西模拟）中国球员李娜在两度受伤的情况下，再次赢得了澳网女单亚军她顽强拼搏的精神在国际上赢得了很高的赞誉关于网球运动下列说法错误的是（）A运动员跳起扣球后身体下落过程中，重力势能转化为动能B网球离开球拍后在空中运动时受到重力和推力的作用C击打出去的网球继续向前运动是因为球具有惯性D运动员用手拾起网球的过程中，她对球做了功考点：动能和势能的转化与守恒；惯性现象；力是否做功的判断专题：应用题；功和能综合题分析：（1）重力势能的大小与物体的质量和高度有关；动能的大小与物体的质量和速度有关；（2）地面附近的一切物体都受的重力的作用；（3）物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性，一切物体都有惯性；（4）做功的条件是：作用在物体上有力，同时沿力的方向有一段距离解答：解：A、运动员跳起扣球后身体下落过程中，质量不变，高度减小，故重力势能减小；同时质量不变，速度变大，故动能变大，所以是将重力势能转化为动能的过程，故正确但不符合题意；B、网球离开球拍后在空中运动时受到重力，但不再受推力的作用，故错误但符合题意；C、原来球处于运动状态，当球离开网拍后由于惯性仍保持运动状态，故击打出去的网球继续向前运动是因为球具有惯性，故该选项正确但不符合题意；D、运动员用手拾起网球的过程中，手对球有力，且沿力的方向有一段距离，故手对球做了功，故正正确但不符合题意；故选B点评：该题考查了动能和势能的转化、重力的方向、惯性及做功的条件等知识点，是一道综合题8（3分）（2013山西模拟）淞凇利用如图所示器材“探究浮力大小和哪些因素有关系”他把同一金属块挂在弹簧测力计上，将它分别浸入（）A探究浮力大小与浸人液体深度是否有关，可选择乙、丁实验进行比较B探究浮力大小与排开液体体积是否有关，可选择乙、丙实验进行比较C探究浮力大小与液体密度是否有关，可选择丙、丁实验进行比较D为了探究浮力大小与物体质量是否有关，应再选择质量、体积都不同的物体进行探究考点：探究浮力大小的实验专题：控制变量法；探究型实验综合题分析：根据阿基米德原理知浮力的大小与排开的液体密度及排开的液体体积有关在探究影响浮力大小的因素实验中，注意控制变量法的运用解答：解：A、探究浮力大小与浸人液体深度是否有关时，要控制液体的密度、排开的液体体积都相等，只改变深度乙、丁中液体密度不同，故A错B、探究浮力大小与排开液体体积是否有关时，应控制液体的密度不变，只改变排开液体的体积乙、丙中液体的密度、排开的液体体积都相同，故B错C、探究浮力大小与液体密度是否有关时，应控制排开液体的体积不变，只改变液体的密度丙、丁中排开液体的体积相同，液体的密度不同，故C正确D、为了探究浮力大小与物体质量是否有关，应控制液体的密度、排开液体的体积相同，物体的质量不同所以应控制液体的密度、物体的体积相同，物体的质量不同故D错故选C点评：本题的目的就是考查学生对探究影响浮力大小因素的实验，还有学生对控制变量法应用的灵活程度控制变量法在实验探究中经常用到，所以我们一定要掌握好9（3分）（2013齐齐哈尔）图所示的电路中，正常发光的三盏灯突然全部熄灭，经检查保险丝完好，用试电笔插进插座的两孔，氖管均发光造成这一现象的原因是（）A插座发生短路了B进户的火线断了C进户的零线断了D某盏电灯的灯丝断了考点：家庭电路的故障分析专题：压轴题分析：三盏电灯全部熄灭但保险丝完好，说明电路中干路上有断路，测电笔测试插座的两孔，氖管都发光，说明两孔与火线是连通的，故只可能是零线断了解答：解：试电笔能亮，说明火线上有电，而零线上本该不亮，但也亮了，说明是进户线的零线开路了，故C正确；插座处发生短路，会使保险丝熔断，故A错；进户线的火线断了，试电笔的氖管不会发光，故B错因各灯并联，互不影响，某个电灯的灯丝烧断了，其它灯仍还亮，故D错；故选C点评：本题考查了用测电笔检修家庭电路的故障的方法“电灯突然熄灭”好象就是某盏灯的灯丝断了，这是没有注意到家庭电路中各灯是并联的、互不干扰10（3分）（2012威海）如图所示，电源电压12V保持不变，小灯泡标有“3V 1.5W”字样，电流表的量程是00.6A，滑动变阻器的规格是“50 1A”，为了保证电路各元件都能安全使用，则滑动变阻器连入电路的阻值范围是（）A1550B1850C014D1418考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用专题：压轴题分析：各元件都能安全使用，即表明电路中的实际电流不超过小灯泡和变阻器的额定电流；然后比较小灯泡和变阻器的额定电流的大小，采用额定电流较小的作为该题切入点解答：解：I灯额=0.5A小灯泡与变阻器串联，并各元件都能安全使用，且I灯额IR额电路中通过电流不超过0.5A，而最大值为I=I灯额=0.5AUR=U总U灯额=123=9V变阻器接入电路的最小阻值为R=18故选B点评：该题要正确理解“各元件都能安全使用”这句话，然后计算各元件的额定电流或电压，根据串联或并联的特点，采用较小者作为切入点另：“元件能安全使用”和“元件能正常使用”这两句话的含义是不相同的，做题时要认真审题七、填空题（每空1分，共10分）11（2分）（2013山西模拟）有关专家对4000多种花进行统计，发现只有8种花是黑色的在植物界黑色花如此之少，成为花中珍品，原因之一是黑色花容易吸收 （选填“反射”或“吸收”）所有色光；通过热传递（选填“做功”或“热传递”）的方式，使得花的温度升高，而花是比较柔嫩的，易受高温的伤害考点：物体的颜色；热传递改变物体内能专题：其他综合题分析：不透明物体的颜色是由物体反射光线的颜色决定的白色物体反射所有颜色的光黑色物体吸收所有颜色的光改变物体内能的方法有做功和热传递两种解答：解：黑色花容易吸收所有色光；花吸收太阳辐射的热量，是通过热传递的方式，使得花的温度升高故答案为：吸收；热传递点评：本题考查了物体颜色的决定因素及改变物体内能的方法，是一道基础题，知道透明物体颜色由物体透过的色光决定、不透明物体颜色由物体反射的色光决定、白色物体反射所有颜色的光、黑色物体吸收所有颜色的光、改变物体内能的方法有做功和热传递两种是正确解题的关键12（2分）（2012衡阳）海边的昼夜温差比沙漠地带要小得多，这主要是因为水的比热容比较大的缘故，相同质量的海水与沙石吸收相同的热量后，水的温度升高的少考点：比热容的概念专题：应用题分析：要解答本题需掌握：水的比热容大，在吸收和放出相同热量，温度变化小解答：解：水的比热容较大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，水的温度变化比沙小因此，在受太阳照射条件相同时，海水比沙滩的温度低故答案为：比热容；水点评：本题主要考查学生对水的比热容大在生活中的应用的了解，是一道基础题13（2分）（2013山西模拟）如图所示，不计空气阻力，小球从左端由静止释放，在左右摆动过程中涉及的物理规律有：动能和重力势能之间可以相互转化；在没有其它能量损失的情况下，机械能是守恒的（写出两条即可）考点：动能和势能的转化与守恒专题：应用题；机械能及其转化分析：本题考查的知识点：（1）物体由于被举高而具有的能，叫重力势能即物体相对于参照物有相对高度而具有的能叫重力势能（2）物体的动能由质量和速度决定，重力势能由质量和高度决定，分析摆动过程中质量、速度、高度的变化，判断出动能和重力势能的转化；（3）机械能守恒的条件：只有动能和势能的相互转化或者只有重力和弹力做功，机械能才守恒解答：解：小球从最高点到最低点时，是重力势能转化为动能；当从最低点到最高点时，是动能转化为重力势能；且由于不计空气的阻力，所以在这里没有能量的损失，所以机械能是守恒的故答案为：动能和重力势能之间可以相互转化；在没有其它能量损失的情况下，机械能是守恒的点评：本题考查能量转化的有关问题；机械能守恒在初中只是要求定性的会判断，不要求根据机械能守恒去定量计算注意：我们说的重力势能一定是有相对高度的，本题的重力势能就是指小球和最低点的相对高度差产生的14（2分）（2013山西模拟）在生活中我们经常可以观察到“实像”和“虚像”，它们的区别是实像是由实际光线会聚而成的，而虚像是由实际光线的反向延长线会聚而成的；实像可以用光屏接收，而虚像不能用光屏接收，在我们所学过的光学元件中能使物体成“虚像”的有平面镜（各写出一点即可）考点：实像与虚像的区别专题：光的传播和反射、平面镜成像；透镜及其应用分析：实像和虚像的区别、不同点：（1）成因不同，实像是由实际光线会聚而成的，而虚像是由实际光线的反向延长线会聚而成的；（2）像的正倒不一样，实像一般是倒立的，而虚像是正立的；（3）呈现效果不同，实像可以用光屏接收，而虚像不能用光屏接收解答：解：（1）实像是实际光线会聚成的，虚像不是实际光线会聚成的，而是实际光线的反射延长线会聚成的；（2）实像可以用光屏接收到，虚像不能用光屏接收到；实像与虚像都可以用眼睛接收到在我们所学过的光学元件中能使物体成“虚像”的有平面镜成虚像，凸透镜成正立放大的虚像等故答案为：实像是由实际光线会聚而成的，而虚像是由实际光线的反向延长线会聚而成的；实像可以用光屏接收，而虚像不能用光屏接收；平面镜点评：关于实像和虚像的理解，关键是从定义和接收方法上，不能从字面理解，更不能相当然具体的哪个光学元件成实像，哪个光学元件成虚像，一一记忆也是一种好方法15（2分）（2011泸州）一个额定电压为12V的小型电动机正常工作时，测得通过电动机的电流是0.5A，工作10min，电流做功为3600J，在这10min内该电动机线圈产生的热量是360J，则电动机线圈的电阻是2.4考点：电功的计算；焦耳定律的计算公式及其应用专题：应用题分析：已知电压U，电流I，时间t，焦耳热Q，根据公式W=UIt、Q=I2Rt可求出电流做的功W，电动机线圈电阻R解答：解：已知电压U=12V，电流I=0.5A，工作时间t=10min=600s，电流做的功W=UIt=12V0.5A600s=3600J在时间t内线圈产生的热量Q=360J，由焦耳定律知Q=I2Rt，电动机线圈电阻R=2.4故答案为：3600，2.4点评：本题考查了电功的公式W=UIt及焦耳定律，在应用电功电功率解题时，应注意公式的适用条件，分清电路是纯电阻电路还是非纯电阻电路八、作图与简答题（34小题2分，35小题4分，共6分）16（2分）（2013山西模拟）如图所示，想徒手用最小的力顺时针翻转木箱请在图中画出该力的示意图及力臂考点：杠杆中最小力的问题；力的示意图；力臂的画法专题：重力、弹力、摩擦力；简单机械分析：把木箱当做杠杆，先确定支点位置，然后找出杠杆上距支点最远的点，支点到该点的距离即为动力臂；并过该点作垂直于杠杆的作用力，即作用在杠杆上的最小动力解答：解：支点为O点，距杠杆支点最远的点A为动力作用点，即OA为动力臂；过A点作垂直于OA的作用力，即最小的动力F如图所示：点评：会根据阻力和阻力臂一定时，力臂越长、作用力越小的原则分析杠杆中最小力的问题；注意分析杠杆中最小力的问题时，先确定力臂，然后根据力与力臂的关系画出最小作用力的方向17（4分）（2013山西模拟）我们发现傍晚用电高峰时，家里的电灯较暗，而在深夜时开灯却比较亮，请你解释其中的道理考点：实际功率专题：电能和电功率分析：用电高峰时，负载增多，总电阻减小，根据电流的变化，判断出输电线上损失电压的变化，从而得出用户获得电压的大小解答：答：晚上七、八点钟用电高峰时开灯，由于负载增多，总电阻减小，根据欧姆定律，输电线上的电流增大，输电线上损失的电能变大，则家庭电路两端电压比较低，灯泡的实际功率小，因此比较暗而深夜时，用电的用户较少，干路上的电流小，线路上损耗的电能较小，则家庭电路两端电压相对于用电高峰时的电压大，灯泡的实际功率大，因此比较亮点评：本题考查的是电路的动态分析，关键抓住不变量以及变化量，运用欧姆定律进行分析九、实验与探究题（36小题4分，37小题7分，38小题7分，39小题6分，共24分）18（4分）（2013山西模拟）淞淞用图甲所示的实验装置探究“水的沸腾”（1）某时刻温度计的示数如图乙所示，则此时温度计的示数是94并看到有“白气”不断从烧杯中冒出，这些“白气”是由于水蒸气液化（填写物态变化名称）而产生的（2）淞淞根据实验数据绘制出探究过程中水的温度和时间关系曲线（如图丙所示）根据图丙可获取信息：液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变（答出一条即可）（3）为了缩短加热时间，请你给淞淞提出一条合理化建议：减少水的质量考点：探究水的沸腾实验；温度计的使用及其读数；沸腾及沸腾条件；沸点及沸点与气压的关系；液化及液化现象专题：探究型实验综合题分析：（1）温度计的读数：首先确定零上还是零下，确定每一个大格和每一个小格各代表的示数，从小数字读向大数字生活中看到的白气是水蒸气遇冷液化成的小水珠形成的（2）液体沸腾的特点：不断吸收热量，温度保持不变（3）从给水开始加热到水沸腾需要的时间比较长，根据Q=cmt知，可能是水的质量太大，可能是水的初温太低等等解答：解：（1）零刻度在温度计的下方，液柱远离零刻度，是零上，每一个大格代表10，每一个小格代表1，示数是94给水加热时，烧杯内的水汽化成水蒸气，水蒸气上升时遇到冷的空气液化成小水珠，就是我们看到的白气（2）由水的温度和时间关系曲线知，水从第10min开始沸腾，沸腾时不断吸收热量，温度保持不变（3）从给水开始加热到水沸腾需要的时间比较长，就是水吸收的热量比较多，根据Q=cmt知，水的比热是一定的，可能是水的质量太大，可能是水的初温太低等等故答案为：（1）94；液化；（2）液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变；（3）减少水的质量点评：水的沸腾实验是初中热学中重要的实验，本实验中一般包括温度计的读数和正确使用、气泡的变化、加热时间比较长的原因、绘制时间和温度的图象、沸点、沸腾特点、沸腾条件等等，综合性较强19（4分）（2012海南）小敏用天平、小瓶子和足量的水测量酱油密度（1）调节天平横梁平衡时，发现指针位置如图甲所示，应将平衡螺母A向左调（选填“左”或“右”）；（2）指出图乙中存在的错误操作：用手取砝码（答出一处即可）；（3）请帮助他把实验步骤补充完整：a测出空瓶子的质量，记为m0；b测出小瓶装满水后的总质量，记为m1；c测出小瓶装满酱油后的总质量，记为m2；d酱油密度的表达式酱油=水考点：液体密度的测量专题：实验题；压轴题；比例法分析：（1）在调节天平时，应将平衡螺母向指针偏转的对侧移动；（2）在使用天平测量物体质量时，为防止砝码被污损，必须用镊子取放砝码，不能直接用手拿砝码；（3）由图知瓶子容积不变，即装满水和装满酱油的体积相等，水的质量除以水的密度等于酱油的质量除以酱油的密度，列出比例式即可求出酱油的密度解答：解：（1）图甲中指针偏向分度盘的右侧，说明右侧质量偏大，因此，应将平衡螺母向左调节；故答案为：左（2）为防止砝码被污损，取放时必须用镊子，不能直接用手取砝码；同时，图中砝码放在左盘，物体放在右盘也是错误的故答案为：用手取砝码（砝码与物体放反了） （3）b、a两步之差是水的质量，还需要知道酱油的质量，所以c步骤是：测出小瓶装满酱油的总质量m2；故答案为：小瓶装满酱油后的总质量（4）设酱油的密度为油，根据题意得=油=水 故答案为：水点评：利用身边器材解决生活实际问题，体现了物理学科与生活紧密联系的特点此题中如果没有量筒，借助于水也可以得到酱油的密度，体现的是转换思想20（8分）（2013山西模拟）下面是聪聪和淞凇做“测量定值电阻阻值”的实验（1）图甲是聪聪设计的测电阻电路，尚未连接完整，请用笔画线代替导线，把电路连接完整，并让滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数变大（2）聪聪在正确连接后，闭合开关，发现电压表的指针有明显偏转，电流表的指针几乎没有偏转，该故障的原因可能是电阻断路他排除故障后测出一组数据，算出定值电阻的阻值，要想使测量结果更准确，聪聪接下来的实验步骤是改变滑片的位置，测得多组数据，分别求出电阻取平均值（3）淞凇在实验时，发现电压表已损坏，他设计了如图乙所示的电路进行实验，先把滑动电阻器的滑片调到电阻值最大处，闭合开关S1、S2，电流表的读数如图丙所示，为0.4A；保持滑动变阻器的滑片不动，闭合开关S1，断开开关S2时，电流表的示数为0.2A，已知滑动变阻器RI规格为“20 lA”根据淞淞测得的数据计算出定值电阻Rx的阻值是20（设电源电压恒定）考点：伏安法测电阻的探究实验；并联电路的电流规律；电流表的读数方法；并联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；电流表、电压表在判断电路故障中的应用；欧姆定律的应用专题：应用题；实验题；作图题；测量型实验综合题分析：（1）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，滑片向右滑时电流表的示数变大说明接入电路的电阻变小即右下方接线柱必须接入电路中；（2）电压表指针有明显偏转说明电压表两接线柱与电源正负极之间是通路，电流表的指针几乎没有偏转说明电压表并联的部分断路；要想使测量结果更准确，应改变滑片的位置，测得多组数据，分别求出电阻取平均值；（3）根据电流表的量程和分度值读出示数，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律得出等式即可求出R1的阻值解答：解：（1）滑动变阻器的右下方接线柱和任意上方接线柱分别与电阻的右接线柱、开关的右接线柱相连，如下图所示：（2）闭合开关，发现电压表的指针有明显偏转，电流表的指针几乎没有偏转，说明电压表并联的部分短路，即可能是电阻断路造成的；要想使测量结果更准确，聪聪接下来的实验步骤是：改变滑片的位置，测得多组数据，分别求出电阻取平均值；（3）电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过Rx的电流Ix=II1=0.4A0.2A=0.2A，并联电路中各支路两端的电压相等，根据欧姆定律可得，I1R1=IxRx，即0.2A20=0.2ARx，解得：Rx=20故答案为：（1）如山图所示；（只要是把滑动变阻器的右下方接线柱和任意上方接线柱接入电路都正确）（2）电阻断路；改变滑片的位置，测得多组数据，分别求出电阻取平均值；（3）0.4；20点评：本题考查了滑动变阻器的连接和电路故障的判断、电流表的读数、实验中多次测量的目的、并联电路的特点和欧姆定律的应用等，涉及到知识较多，综合性强，看懂乙电路图是关键21（8分）（2013山西模拟）细心的淞淞发现：“瓢泼大雨”以很大的速度落到地面，“毛毛细雨”则缓慢地飘落到地面这是怎么回事呢？老师告诉他，从高空下落的物体，速度会越来越大，而所受空气阻力也会随速度的增大而增大，因此物体下落一段距离后将以某一速度做匀速运动，通常把这个速度称为收尾速度淞淞研究发现，在相同环境条件下，空气对不同材质的球形物体的阻力与球的半径和球的速度都有关系，下表为淞淞某次研究的实验数据阻力与球的半径和球的速度都有关系，下表为淞淞某次研究的实验数据小球编号12345小球质量（g）254540小球半径（cm）0.50.51.524小球收尾速度（m/s）16404020（1）通过比较1号和2号小球可以得出结论：相同半径的小球，质量大的收尾速度也大（2）编号为4号的小球，受到的最大阻力为0.4N，依据的原理是二力平衡（g=10N/kg）（3）淞淞想探究小球的收尾速度与小球的半径是否有关与4号小球做对比，请给5号小球的质量设置合适的数据填在表中，以便完成探究考点：控制变量法与探究性实验方案；二力平衡条件的应用；重力的计算专题：实验题；探究型实验综合题分析：（1）比较1号和2号小球可知，两者的半径相同，小球的质量越大，收尾速度越大；（2）小球在匀速直线运动时受到的阻力最大，此时处于平衡状态，二力平衡时两个力大小相等，根据G=mg求出其大小；（3）探究小球的收尾速度与小球的半径是否有关时，应控制小球的质量不变，改变小球的半径；根据生活经验可知，小球的半径越大，受到的阻力越大，物体运动的速度越小，据此判断收尾速度的大小解答：解：（1）比较1号和2号小球可知，两小球的半径相同，质量大的收尾速度也大；（2）小球在匀速直线运动时受到的阻力最大，4号小球在接近地面时作匀速运动，小球处于平衡状态，根据二力平衡条件可得，受到的最大阻力f=G=mg=0.04kg10N/kg=0.4N；（3）探究小球的收尾速度与小球的半径是否有关时，应控制小球的质量不变，可以让4号和5号小球质量相等，都是40g，只改变小球半径；半径越大，小球收尾速度越小，所以5号小球的收尾速度大约在小于20m/s的范围内故答案为：（1）相同半径的小球，质量大的收尾速度也大；（2）0.4；二力平衡（3）40；小于20m/s均可点评：本题考查学生对二力平衡概念的掌握情况需要利用所学知识，解释收尾速度的概念十、计算题（每小题10分，共10分解题过程要有必要的文字说明、计算公式和演算步骤，只写最后结果不得分）22（10分）（2013山西模拟）中国首艘航空母舰“辽宁”号正式交接入列和歼15舰载战斗机成功起降，对于有效维护国家主权、促进世界和平与共同发展，具有重要意义据了解，该航母长304m，宽70.5m，满载时吃水深度11m；若歼15战斗机的质量为3.3104 kg，轮胎与甲板总接触面积6000cm2，战斗机在约为2.5105N推力作用下滑跑20m用时5s求：（g=10N/kg，海水=1.03103kg/m3）（1）战斗机停在甲板上对甲板的压强；（2）推力做功的功率；（3）满载时海水对舰底的压强考点：压强的大小及其计算；液体的压强的计算；功率的计算专题：计算题；压强、液体的压强；功、功率、机械效率分析：（1）战机对航母的压力和自身的重力相等，根据G=mg求出其大小，再根据压强公式求出受到的压强；（2）根据W=Fs求出推力做的功，再根据P=求出推力做功的功率；（3）知道满载时吃水深度，根据p=gh求出海水对舰底的压强解答：已知：h=11m，m=3.3104 kg，S=6000cm2=0.6m2，F=2.5105N，s=20m，t=5s，g=10N/kg，海水=1.03103kg/m3求：（1）战斗机停在甲板上对甲板的压强p1；（2）推力做功的功率P；（3）满载时海水对舰底的压强p2解：（1）战斗机对甲板的压力：F1=G=mg=3.3104kg10N/kg=3.3105N，对甲板的压强：p1=5.5105Pa；（2）推力做的功：W=Fs=2.5105N20m=5106J，推力所做的功率：P=106W；（3）满载时海水对舰底的压强：p2=海水gh=1.03103kg/m310N/kg11m=1.133105Pa答：（1）战斗机停在甲板上对甲板的压强为3.3105N；（2）推力做功的功率为106W；（3）满载时海水对舰底的压强1.133105Pa点评：本题考查了固体压强和液体压强、功率的计算，关键是公式及其变形式的灵活应用，计算过程要注意单位的换算23（10分）（2013澄江县二模）我国关于逐步禁止进口和销售普通照明白炽灯的公告中规定：2012年10月1日起禁止进口和销售100W及以上普通照明白炽灯，推广使用节能灯如图所示，一只“22020W”的节能灯与一只“210OW”的白炽灯发光效果相当（1）如果使用“2V 100W”的白炽灯，它正常发光时的电流是多少？（2）白炽灯的发光效率大约只有8%，右图表示了它工作时的能量转化情况，请计算这盏100W的白炽灯一年工作2000h，会白白浪费掉多少电能？如果用一只20W的节能灯取代一盏100W白炽灯，一年可节约多少电能？考点：电功率与电压、电流的关系；电功的计算专题：计算题；应用题；电能和电功率分析：（1）已知白炽灯的额定电压和额定功率，根据公式I=可求它正常发光时的电流；（2）根据节能灯的额定功率和通电时间，计算出消耗电能，根据白炽灯的额定功率和通电时间先计算白炽灯消耗的电能，二者进行比较即可得出结论解答：解：（1）已知额定电压U=220V，额定功率P=100W，则正常发光时的电流I=0.45A（2）一年白白浪费的电能W浪费=Pt=0.1kW2000h（18%）=184kWh；一年可节约电能W节约=（PP节能灯）t=（0.1kW0.02kW）2000h=160kWh；答：（1）它正常发光时的电流是0.45A；（2）一年会白白浪费掉184kWh电能；用一只20W的节能灯取代一盏100W白炽灯，一年可节约160kWh电能点评：本题考查的知识点多，主要考查电流和消耗电能的计算，难点是比较白炽灯与节能灯消耗的电能，是一道难题16