高考数学复习第九章平面解析几何第八节直线与圆锥曲线的位置关系文市赛课公开课一等奖省名师优质课获奖PP.pptx

第八节直线与圆锥曲线位置关系1/39总纲目录教材研读1.直线与圆锥曲线位置关系判断考点突破2.直线与圆锥曲线相交弦长问题3.弦AB中点与直线AB斜率关系考点二弦长问题考点一直线与圆锥曲线位置关系判定及应用考点三中点弦问题2/391.直线与圆锥曲线位置关系判断直线与圆锥曲线位置关系判断判断直线l与圆锥曲线r位置关系时,通常将直线l方程Ax+By+C=0(A,B不一样时为0)与圆锥曲线r方程F(x,y)=0联立,消去y(也能够消去x)得到一个关于变量x(或变量y)方程,即联立消去y(或x)后得ax2+bx+c=0(或ay2+by+c=0).(1)当a0时,若0,则直线l与曲线r相交;若=0,则直线l与曲线r相切;若b0)上一点P(x0,y0)处切线方程是+=1.(2)过椭圆+=1(ab0)外一点P(x0,y0)所引两条切线切点弦所在直线方程是+=1.(3)椭圆+=1(ab0)与直线Ax+By+C=0相切条件是A2a2+B2b2=C2.圆锥曲线切线方程圆锥曲线切线方程4/392.双曲线切线方程(1)双曲线-=1(a0,b0)上一点P(x0,y0)处切线方程是-=1.(2)过双曲线-=1(a0,b0)外一点P(x0,y0)所引两条切线切点弦所在直线方程是-=1.(3)双曲线-=1(a0,b0)与直线Ax+By+C=0相切条件是A2a2-B2b2=C2.5/393.抛物线切线方程(1)抛物线y2=2px(p0)上一点P(x0,y0)处切线方程是y0y=p(x+x0).(2)抛物线y2=2px(p0)外一点P(x0,y0)所引两条切线切点弦所在直线方程是y0y=p(x+x0).(3)抛物线y2=2px(p0)与直线Ax+By+C=0相切条件是pB2=2AC.6/392.直线与圆锥曲线相交弦长问题直线与圆锥曲线相交弦长问题直线l:f(x,y)=0,圆锥曲线r:F(x,y)=0,l与r有两个不一样交点A(x1,y1),B(x2,y2),则A、B两点坐标是方程组两组解,方程组消元后化为关于x(或y)一元二次方程ax2+bx+c=0(或ay2+by+c=0),判别式=b2-4ac,应有0,所以x1,x2(或y1,y2)是方程ax2+bx+c=0(或ay2+by+c=0)两个根.由根与系数关系得x1+x2=-,x1x2=,以此结合弦长公式可整体代入求值.A、B两点间距离|AB|=|x1-x2|=(其中k为直线l斜率),也能够写成关于y形式,即|AB|=|y1-y2|=(k0).特殊地,假如直线l过抛物线焦点,抛物线方程以y2=2px(p0)为例,那么|AB|=x1+x2+p.7/393.弦弦AB中点与直线中点与直线AB斜率关系斜率关系(1)已知AB是椭圆+=1(ab0)一条弦,其中点M坐标为(x0,y0).运用点差法求直线AB斜率,设A(x1,y1),B(x2,y2)(x1x2),A,B都在椭圆上,两式相减得+=0,+=0,=-=-,故kAB=-.(2)已知AB是双曲线-=1(a0,b0)一条弦,且A(x1,y1),B(x2,y2),x18/39x 2,弦中点M(x0,y0),则与(1)同理可知kAB=.(3)已知AB是抛物线y2=2px(p0)一条弦,且A(x1,y1),B(x2,y2),x1x2,弦中点M(x0,y0).则两式相减得-=2p(x1-x2),(y1+y2)(y1-y2)=2p(x1-x2),=,即kAB=.9/391.直线y=kx-k+1与椭圆+=1位置关系为()A.相交B.相切C.相离D.不确定A答案答案A因为直线y=kx-k+1=k(x-1)+1过定点(1,1),(1,1)在椭圆内,故直线与椭圆必相交.10/392.直线y=x+3与双曲线-=1交点个数是()A.1B.2C.1或2D.0A答案答案A因为直线y=x+3与双曲线渐近线y=x平行,所以它与双曲线只有1个交点.11/393.过点(0,1)作直线,使它与抛物线y2=4x仅有一个公共点,这么直线有()A.1条B.2条C.3条D.4条C答案答案C当过点(0,1)直线斜率不存在时,方程为x=0,与抛物线y2=4x仅有一个公共点,符合题意.当过点(0,1)直线斜率存在时,设为k,此时直线为y=kx+1,由得k2x2+(2k-4)x+1=0,(*)当k=0时,方程(*)只有一解,即直线与抛物线只有一个公共点,符合题意,当k0时,由=(2k-4)2-4k2=0,解得k=1,即直线y=x+1与抛物线相切,综上,符合条件直线有3条.12/394.过点直线l与抛物线y=-x2交于A、B两点,O为坐标原点,则值为()A.-B.-C.-4D.无法确定B答案答案B由题意知直线l斜率存在.设A(x1,y1)、B(x2,y2),直线l方程为y=kx-,代入抛物线方程得2x2+2kx-1=0,由此得=x1x2+y1y2=x1x2+=(k2+1)x1x2-k(x1+x2)+=-(k2+1)-k(-k)+=-.故选B.13/395.若直线y=kx与双曲线-=1相交,则k取值范围是.答案答案解析解析双曲线-=1渐近线方程为y=x,若直线与双曲线相交,数形结合,得k.14/396.过点A(1,0)作倾斜角为直线,与抛物线y2=2x交于M、N两点,则|MN|=.答案答案2解析解析过A(1,0)且倾斜角为直线方程为y=x-1,代入y2=2x得x2-4x+1=0.设M(x1,y1),N(x2,y2),有x1+x2=4,x1x2=1,所以|MN|=|x1-x2|=2.15/39典例典例1(河南洛阳质检)在平面直角坐标系xOy中,已知椭圆C1:+=1(ab0)左焦点为F1(-1,0),且点P(0,1)在C1上.(1)求椭圆C1方程;(2)设直线l同时与椭圆C1和抛物线C2:y2=4x相切,求直线l方程.考点一直线与圆锥曲线位置关系判定及应用考点一直线与圆锥曲线位置关系判定及应用考点突破考点突破16/39解析解析(1)由题意得a2-b2=1,b=1,则a=,椭圆C1方程为+y2=1.(2)易得直线l斜率存在且不为零,则可设l方程为y=kx+b(k0).由消去y整理得(1+2k2)x2+4kbx+2b2-2=0,1=16k2b2-8(b2-1)(2k2+1)=16k2+8-8b2=0,即b2=2k2+1.由消去y整理得k2x2+(2kb-4)x+b2=0,17/39即2k4+k2-1=0.令t=k2,则2t2+t-1=0,解得t1=或t2=-1(舍),或直线l方程为y=x+或y=-x-.2=(2kb-4)2-4k2b2=16-16kb=0,即kb=1,由得b=,代入得=2k2+1,18/39规律总结规律总结(1)判断直线与圆锥曲线交点个数时,可直接求解对应方程组得到交点坐标,也可利用消元后一元二次方程根判别式来确定,需注意利用判别式前提是二次项系数不为0.(2)依据直线与圆锥曲线交点个数求参数时,联立方程并消元,得到一元方程,此时注意观察方程二次项系数是否为0,若为0,则方程为一次方程;若不为0,则将方程解个数转化为判别式与0大小关系求解.19/391-1(课标全国,20,12分)在直角坐标系xOy中,直线l:y=t(t0)交y轴于点M,交抛物线C:y2=2px(p0)于点P,M关于点P对称点为N,连接ON并延长交C于点H.(1)求;(2)除H以外,直线MH与C是否有其它公共点?说明理由.20/39解析解析(1)由已知得M(0,t),P.又N为M关于点P对称点,故N,ON方程为y=x,代入y2=2px整理得px2-2t2x=0,解得x1=0,x2=.所以H.所以N为OH中点,即=2.(2)直线MH与C除H以外没有其它公共点.理由以下:直线MH方程为y-t=x,即x=(y-t).代入y2=2px得y2-4ty+4t2=0,解得y1=y2=2t,即直线MH与C只有一个公共点,所以除H以外直线MH与C没有其它公共点.21/39典例典例2如图,在平面直角坐标系xOy中,椭圆+=1(ab0)离心率为,过椭圆右焦点F作两条相互垂直弦AB与CD.当直线AB斜率为0时,|AB|=4.(1)求椭圆方程;(2)若|AB|+|CD|=,求直线AB方程.考点二弦长问题考点二弦长问题22/39解析解析(1)由题意知e=,2a=4.又a2=b2+c2,解得a=2,b=,c=1,所以椭圆方程为+=1.(2)当两条弦中一条弦所在直线斜率为0时,另一条弦所在直线斜率不存在,由题意知|AB|+|CD|=7,不满足条件.当两条弦所在直线斜率均存在且不为0时,设直线AB方程为y=k(x-1),A(x1,y1),B(x2,y2),则直线CD方程为y=-(x-1).23/39将直线AB方程代入椭圆方程中并整理得(3+4k2)x2-8k2x+4k2-12=0,则x1+x2=,x1x2=,所以|AB|=|x1-x2|=.同理,|CD|=,所以|AB|+|CD|=+=,解得k=1,所以直线AB方程为x-y-1=0或x+y-1=0.24/39方法技巧方法技巧弦长计算方法求弦长时可利用弦长公式,依据直线方程与圆锥曲线方程联立消元后得到一元二次方程,利用根与系数关系得到两根之和、两根之积代数式,然后整体代入弦长公式求解.注意两种特殊情况:(1)直线与圆锥曲线对称轴平行(重合)或垂直;(2)直线过圆锥曲线焦点.25/392-1(贵州贵阳模拟)设椭圆C1中心和抛物线C2顶点均为原点O,C1、C2焦点均在x轴上,在C1、C2上各取两个点,将其坐标统计在表格中:x3-24y-20-4-(1)求C1、C2标准方程;(2)过C2焦点F作斜率为k直线l,与C2交于A、B两点,若l与C1交于C、D两点,=,求直线l方程.26/39解析解析(1)由题意知点(-2,0),在椭圆上,点(3,-2),(4,-4)在抛物线上,设C1方程为+=1(ab0),则=1,+=1,解得a=2,b=,C1标准方程为+=1.设抛物线C2方程为y2=2px(p0),则(-4)2=2p4,解得p=2,C2标准方程为y2=4x.27/39(2)由(1)知F(1,0)是抛物线焦点,也是椭圆右焦点,由题意知l:y=k(x-1),k0,设A(x1,y1),B(x2,y2),C(x3,y3),D(x4,y4),将l:y=k(x-1)代入抛物线方程y2=4x,整理得k2x2-(2k2+4)x+k2=0,=-(2k2+4)2-4k2k2=16k2+160恒成立,x1+x2=,x1x2=1,|AB|=.将l:y=k(x-1)代入椭圆方程+=1,28/39整理得(3+4k2)x2-8k2x+4k2-12=0,=(-8k2)2-4(3+4k2)(4k2-12)=144k2+1440恒成立,x3+x4=,x3x4=,|CD|=,=,=+=,k2=3,即k=,直线l方程为y=(x-1).29/39考点三中点弦问题考点三中点弦问题典例典例3已知双曲线x2-=1上存在两点M,N关于直线y=x+m对称,且MN中点在抛物线y2=18x上,则实数m值为.0或或-8答案答案0或-8解析解析设M(x1,y1),N(x2,y2),MN中点P(x0,y0),则30/39由-得(x2-x1)(x2+x1)=(y2-y1)(y2+y1),显然x1x2,=3,即kMN=3,M,N关于直线y=x+m对称,kMN=-1,y0=-3x0.又y0=x0+m,P,代入抛物线方程得m2=18,解得m=0或-8,经检验都符合题意.31/39规律总结规律总结处理中点弦问题惯用方法(1)点差法:设出弦两端点坐标后,代入圆锥曲线方程,并将两式相减,式中含有x1+x2,y1+y2,三个未知量,这么就直接将中点和直线斜率联络起来了,借用中点公式即可求得斜率.(2)根与系数关系:联立直线与圆锥曲线方程,将其转化为一元二次方程后由根与系数关系求解.32/39同类练同类练(1)抛物线C顶点为原点,焦点在x轴上,直线x-y=0与抛物线C交于A,B两点,若P(1,1)为线段AB中点,则抛物线C方程为()A.y=2x2B.y2=2xC.x2=2yD.y2=-2x(2)已知(4,2)是直线l被椭圆+=1所截得线段中点,则l方程是.33/39答案答案(1)B(2)x+2y-8=0解析解析(1)设A(x1,y1),B(x2,y2),抛物线方程为y2=2px(p0),则两式相减可得2p=(y1+y2)=kAB2=2,可得p=1,抛物线C方程为y2=2x.34/39故直线l方程为y-2=-(x-4),即x+2y-8=0.(2)设直线l与椭圆相交于A(x1,y1),B(x2,y2),则+=1,且+=1,两式相减得=-.又x1+x2=8,y1+y2=4,所以=-,35/39变式练变式练已知抛物线y=x2上存在两个不一样点M,N关于直线l:y=-kx+对称,求k取值范围.解析解析由题意知k0,设M(x1,y1),N(x2,y2),直线MN方程为y=x+b(b0),代入y=x2,得x2-x-b=0,所以=+4b0,x1+x2=.设MN中点坐标为(x0,y0),则x0=,y0=+b,因为(x0,y0)在直线l:y=-kx+上,所以+b=-k+,所以b=4-.36/39将代入,得+16-0,所以,所以k或k-,故k取值范围为.37/39深化练深化练如图,已知椭圆+y2=1左焦点为F,O为坐标原点,设过点F且不与坐标轴垂直直线交椭圆于A、B两点,线段AB垂直平分线与x轴交于点G,求点G横坐标取值范围.38/39解析解析设直线AB方程为y=k(x+1)(k0),代入+y2=1,整理得(1+2k2)x2+4k2x+2k2-2=0.因为直线AB过椭圆左焦点F,所以方程有两个不等实根,记A(x1,y1),B(x2,y2),AB中点N(x0,y0),则x1+x2=-,x0=(x1+x2)=-,y0=k(x0+1)=,所以AB垂直平分线NG方程为y-y0=-(x-x0).令y=0,得xG=x0+ky0=-+=-=-+.因为k0,所以-xG0,所以点G横坐标取值范围为.39/39