2015年浙江省温州市中考数学试卷.doc

2015年浙江省温州市中考数学试卷一、选择题（本题有10小题，每小题4分，共40分）1（4分）给出四个数0，1，其中最小的是（）A0BCD12（4分）将一个长方体内部挖去一个圆柱（如图所示），它的主视图是（）ABCD3（4分）某校学生参加体育兴趣小组情况的统计图如图所示，若参加人数最少的小组有25人，则参加人数最多的小组有（）A25人B35人C40人D100人4（4分）下列选项中的图形，不属于中心对称图形的是（）A等边三角形B正方形C正六边形D圆5（4分）如图，在ABC中，C90，AB5，BC3，则cosA的值是（）ABCD6（4分）若关于x的一元二次方程4x24x+c0有两个相等实数根，则c的值是（）A1B1C4D47（4分）不等式组的解是（）Ax1Bx3C1x3D1x38（4分）如图，点A的坐标是（2，0），ABO是等边三角形，点B在第一象限若反比例函数y的图象经过点B，则k的值是（）A1B2CD9（4分）如图，在RtAOB的平分线ON上依次取点C，F，M，过点C作DEOC，分别交OA，OB于点D，E，以FM为对角线作菱形FGMH已知DFEGFH120，FGFE，设OCx，图中阴影部分面积为y，则y与x之间的函数关系式是（）AyByCy2Dy310（4分）如图，C是以AB为直径的半圆O上一点，连结AC，BC，分别以AC，BC为边向外作正方形ACDE，BCFGDE，FG，的中点分别是M，N，P，Q若MP+NQ14，AC+BC18，则AB的长为（）ABC13D16二、填空题（本题有6小题，每小题5分，共30分）11（5分）分解因式：a22a+1 12（5分）一个不透明的袋中只装有1个红球和2个蓝球，它们除颜色外其余均相同现随机从袋中摸出两个球，颜色是一红一蓝的概率是 13（5分）已知扇形的圆心角为120，弧长为2，则它的半径为 14（5分）方程的根为 15（5分）某农场拟建两间矩形饲养室，一面靠现有墙（墙足够长），中间用一道墙隔开，并在如图所示的三处各留1m宽的门已知计划中的材料可建墙体（不包括门）总长为27m，则能建成的饲养室面积最大为 m216（5分）图甲是小明设计的带菱形图案的花边作品该作品由形如图乙的矩形图案拼接而成（不重叠、无缝隙）图乙中，EF4cm，上下两个阴影三角形的面积之和为54cm2，其内部菱形由两组距离相等的平行线交叉得到，则该菱形的周长为 cm三、解答题（本题有8小题，共80分）17（10分）（1）计算：20150+（2）化简：（2a+1）（2a1）4a（a1）18（8分）如图，点C，E，F，B在同一直线上，点A，D在BC异侧，ABCD，AEDF，AD（1）求证：ABCD（2）若ABCF，B30，求D的度数19（8分）某公司需招聘一名员工，对应聘者甲、乙、丙从笔试、面试、体能三个方面进行量化考核甲、乙、丙各项得分如下表：笔试面试体能甲837990乙858075丙809073（1）根据三项得分的平均分，从高到低确定三名应聘者的排名顺序（2）该公司规定：笔试，面试、体能得分分别不得低于80分，80分，70分，并按60%，30%，10%的比例计入总分根据规定，请你说明谁将被录用20（8分）各顶点都在方格纸格点（横竖格子线的交错点）上的多边形称为格点多边形如何计算它的面积？奥地利数学家皮克（GPick，18591942年）证明了格点多边形的面积公式Sa+b1，其中a表示多边形内部的格点数，b表示多边形边界上的格点数，S表示多边形的面积如图，a4，b6，S4+616（1）请在图甲中画一个格点正方形，使它的内部只含有4个格点，并写出它的面积（2）请在图乙中画一个格点三角形，使它的面积为，且每条边上除顶点外无其它格点（注：图甲、图乙在答题纸上）21（10分）如图，AB是半圆O的直径，CDAB于点C，交半圆于点E，DF切半圆于点F已知AEF135（1）求证：DFAB；（2）若OCCE，BF，求DE的长22（10分）某农业观光园计划将一块面积为900m2的园圃分成A，B，C三个区域，分别种植甲、乙、丙三种花卉，且每平方米栽种甲3株或乙6株或丙12株已知B区域面积是A区域面积的2倍设A区域面积为x（m2）（1）求该园圃栽种的花卉总株数y关于x的函数表达式（2）若三种花卉共栽种6600株，则A，B，C三个区域的面积分别是多少？（3）若三种花卉的单价（都是整数）之和为45元，且差价均不超过10元，在（2）的前提下，全部栽种共需84000元请写出甲、乙、丙三种花卉中，种植面积最大的花卉总价23（12分）如图，抛物线yx2+6x交x轴正半轴于点A，顶点为M，对称轴MB交x轴于点B过点C（2，0）作射线CD交MB于点D（D在x轴上方），OECD交MB于点E，EFx轴交CD于点F，作直线MF（1）求点A，M的坐标（2）当BD为何值时，点F恰好落在该抛物线上？（3）当BD1时求直线MF的解析式，并判断点A是否落在该直线上延长OE交FM于点G，取CF中点P，连结PG，FPG，四边形DEGP，四边形OCDE的面积分别记为S1，S2，S3，则S1：S2：S3 24（14分）如图，点A和动点P在直线l上，点P关于点A的对称点为Q，以AQ为边作RtABQ，使BAQ90，AQ：AB3：4，作ABQ的外接圆O点C在点P右侧，PC4，过点C作直线ml，过点O作ODm于点D，交AB右侧的圆弧于点E在射线CD上取点F，使DFCD，以DE，DF为邻边作矩形DEGF设AQ3x（1）用关于x的代数式表示BQ，DF（2）当点P在点A右侧时，若矩形DEGF的面积等于90，求AP的长（3）在点P的整个运动过程中，当AP为何值时，矩形DEGF是正方形？作直线BG交O于点N，若BN的弦心距为1，求AP的长（直接写出答案）2015年浙江省温州市中考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题有10小题，每小题4分，共40分）1【分析】正实数都大于0，负实数都小于0，正实数大于一切负实数，两个负实数绝对值大的反而小，据此判断即可【解答】解：根据实数比较大小的方法，可得10，四个数0，1，其中最小的是1故选：D【点评】此题主要考查了实数大小比较的方法，要熟练掌握，解答此题的关键是要明确：正实数0负实数，两个负实数绝对值大的反而小2【分析】找到从正面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在主视图中【解答】解：从正面看易得主视图为长方形，中间有两条垂直地面的虚线故选：A【点评】本题考查了三视图的知识，主视图是从物体的正面看得到的视图3【分析】根据参加足球的人数除以参加足球所长的百分比，可得参加兴趣小组的总人数，参加兴趣小组的总人数乘以参加乒乓球所占的百分比，可得答案【解答】解：参加兴趣小组的总人数2525%100（人），参加乒乓球小组的人数100（125%35%）40（人），故选：C【点评】本题考查了扇形统计图，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键，扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小4【分析】根据中心对称图形的概念求解【解答】解：A、不是中心对称图形，故本选项正确；B、是中心对称图形，故本选项错误；C、是中心对称图形，故本选项错误；D、是中心对称图形，故本选项错误故选：A【点评】本题考查了中心对称图形的概念：中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后与原图重合5【分析】根据锐角的余弦等于邻边比斜边求解即可【解答】解：AB5，BC3，AC4，cosA故选：D【点评】本题考查锐角三角函数的定义及运用：在直角三角形中，锐角的正弦为对边比斜边，余弦为邻边比斜边，正切为对边比邻边6【分析】根据判别式的意义得到4244c0，然后解一次方程即可【解答】解：一元二次方程4x24x+c0有两个相等实数根，4244c0，c1，故选：B【点评】本题考查了一元二次方程ax2+bx+c0（a0）的根的判别式b24ac：当0，方程有两个不相等的实数根；当0，方程有两个相等的实数根；当0，方程没有实数根7【分析】先求出每个不等式的解集，再根据找不等式组解集的规律找出不等式组的解集即可【解答】解：解不等式得：x1，解不等式得：x3，不等式组的解集为1x3，故选：D【点评】本题考查了解一元一次不等式组的应用，解此题的关键是能根据不等式的解集求出不等式组的解集，难度适中8【分析】首先过点B作BC垂直OA于C，根据AO2，ABO是等边三角形，得出B点坐标，进而求出反比例函数解析式【解答】解：过点B作BC垂直OA于C，点A的坐标是（2，0），AO2，ABO是等边三角形，OC1，BC，点B的坐标是（1，），把（1，）代入y，得k故选：C【点评】此题主要考查了反比例函数的综合应用、等边三角形的性质以及图象上点的坐标特点等知识，根据已知表示出B点坐标是解题关键9【分析】由在RtAOB的平分线ON上依次取点C，F，M，过点C作DEOC，可得OCD与OCE是等腰直角三角形，即可得OC垂直平分DE，求得DE2x，再由DFEGFH120，可求得CF与DF，EF的长，继而求得DF的面积，再由菱形FGMH中，FGFE，得到FGM是等边三角形，即可求得其面积，继而求得答案【解答】解：ON是RtAOB的平分线，DOCEOC45，DEOC，ODCOEC45，CDCEOCx，DFEF，DECD+CE2x，DFEGFH120，CEF30，CFCEtan30x，EF2CFx，SDEFDECFx2，四边形FGMH是菱形，FGMGFEx，G180GFH60，FMG是等边三角形，SFGHx2，S菱形FGMHx2，S阴影SDEF+S菱形FGMHx2故选：B【点评】此题考查了菱形的性质、等腰直角三角形的性质、等边三角形的判定与性质以及三角函数等知识注意证得OCD与OCE是等腰直角三角形，FGM是等边三角形是关键10【分析】连接OP，OQ，根据DE，FG，的中点分别是M，N，P，Q得到OPAC，OQBC，从而得到H、I是AC、BD的中点，利用中位线定理得到OH+OI（AC+BC）9和PH+QI，从而利用ABOP+OQOH+OI+PH+QI求解【解答】解：连接OP，OQ，DE，FG，的中点分别是M，N，P，Q，OPAC，OQBC，H、I是AC、BD的中点，OH+OI（AC+BC）9，MH+NIAC+BC18，MP+NQ14，PH+QI18144，ABOP+OQOH+OI+PH+QI9+413，故选：C【点评】本题考查了中位线定理，解题的关键是正确的作出辅助线，题目中还考查了垂径定理的知识，难度不大二、填空题（本题有6小题，每小题5分，共30分）11【分析】观察原式发现，此三项符合差的完全平方公式a22ab+b2（ab）2，即可把原式化为积的形式【解答】解：a22a+1a221a+12（a1）2故答案为：（a1）2【点评】本题考查了完全平方公式分解因式，熟练掌握完全平方公式的结构特点是解题的关键12【分析】首先根据题意画出树状图，然后由树状图求得所有等可能的结果与随机从袋中摸出两个球，颜色是一红一蓝的情况，再利用概率公式即可求得答案【解答】解：画树状图得：共有6种等可能的结果，随机从袋中摸出两个球，颜色是一红一蓝的有4种情况，随机从袋中摸出两个球，颜色是一红一蓝的概率是：故答案为：【点评】此题考查了列表法或树状图法求概率用到的知识点为：概率所求情况数与总情况数之比13【分析】根据弧长公式代入求解即可【解答】解：l，R3故答案为：3【点评】本题考查了弧长的计算，解答本题的关键是掌握弧长公式：l14【分析】观察可得最简公分母是x（x+1），方程两边乘最简公分母，可以把分式方程转化为整式方程求解【解答】解：去分母得：2（x+1）3x即2x+23x解得：x2经检验：x2是原方程的解故答案是：x2【点评】（1）解分式方程的基本思想是“转化思想”，把分式方程转化为整式方程求解（2）解分式方程一定注意要验根15【分析】设垂直于墙的材料长为x米，则平行于墙的材料长为27+33x303x，表示出总面积Sx（303x）3x2+30x3（x5）2+75即可求得面积的最值【解答】解：设垂直于墙的材料长为x米，则平行于墙的材料长为27+33x303x，则总面积Sx（303x）3x2+30x3（x5）2+75，故饲养室的最大面积为75平方米，故答案为：75【点评】本题考查了二次函数的应用，解题的关键是从实际问题中抽象出函数模型，难度不大16【分析】首先取CD的中点G，连接HG，设AB6acm，则BC7acm，中间菱形的对角线HI的长度为xcm；然后根据GHBC，可得x3.5a2；再根据上下两个阴影三角形的面积之和为54cm2，可得a（7ax）18，据此求出a、x的值各是多少；最后根据AMFC，求出HK的长度，再用HK的长度乘以4，求出该菱形的周长为多少即可【解答】解：如图乙，H是CF与DN的交点，取CD的中点G，连接HG，设AB6acm，则BC7acm，中间菱形的对角线HI的长度为xcm，BC7acm，MNEF4cm，CN，GHBC，x3.5a2（1）；上下两个阴影三角形的面积之和为54cm2，6a（7ax）254，a（7ax）18（2）；由（1）（2），可得a2，x5，CD6212（cm），CN，DN15（cm），又DH7.5（cm），HN157.57.5（cm），AMFC，HK，该菱形的周长为：（cm）故答案为：【点评】（1）此题主要考查了菱形的性质和应用，要熟练掌握，解答此题的关键是要明确：菱形具有平行四边形的一切性质；菱形的四条边都相等；菱形的两条对角线互相垂直，并且每一条对角线平分一组对角；菱形是轴对称图形，它有2条对称轴，分别是两条对角线所在直线（2）此题还考查了矩形的性质和应用，要熟练掌握，解答此题的关键是要明确：平行四边形的性质矩形都具有；角：矩形的四个角都是直角；边：邻边垂直；对角线：矩形的对角线相等；矩形是轴对称图形，又是中心对称图形它有2条对称轴，分别是每组对边中点连线所在的直线；对称中心是两条对角线的交点三、解答题（本题有8小题，共80分）17【分析】（1）先算乘方、化简二次根式与乘法，最后算加法；（2）利用平方差公式和整式的乘法计算，进一步合并得出答案即可【解答】解：（1）原式1+212；（2）原式4a214a2+4a4a1【点评】此题考查整式的混合运算，掌握运算顺序与计算方法是解决问题的关键18【分析】（1）易证得ABEDCF，即可得ABCD；（2）易证得ABEDCF，即可得ABCD，又由ABCF，B30，即可证得ABE是等腰三角形，解答即可【解答】证明：（1）ABCD，BC，在ABE和DCF中，ABEDCF（AAS），ABCD；（2）ABEDCF，ABCD，BECF，ABCF，B30，ABBE，ABE是等腰三角形，D【点评】此题考查全等三角形问题，关键是根据AAS证明三角形全等，再利用全等三角形的性质解答19【分析】（1）代入求平均数公式即可求出三人的平均成绩，比较得出结果；（2）由于甲的面试成绩低于80分，根据公司规定甲被淘汰；再将乙与丙的总成绩按比例求出测试成绩，比较得出结果【解答】解：（1）甲（83+79+90）384，乙（85+80+75）380，丙（80+90+73）381从高到低确定三名应聘者的排名顺序为：甲，丙，乙；（2）该公司规定：笔试，面试、体能得分分别不得低于80分，80分，70分，甲淘汰；乙成绩8560%+8030%+7510%82.5，丙成绩8060%+9030%+7310%82.3，乙将被录取【点评】本题考查了算术平均数和加权平均数的计算平均数等于所有数据的和除以数据的个数20【分析】（1）根据皮克公式画图计算即可；（2）根据题意可知a3，b3，画出满足题意的图形即可【解答】解：（1）如图所示，a4，b4，S4+415； （2）因为S，b3，所以a3，如图所示，【点评】本题考查了应用与设计作图，关键是理解皮克公式，根据题意求出a、b的值21【分析】（1）证明：连接OF，根据圆内接四边形的性质得到AEF+B180，由于AEF135，得出B45，于是得到AOF2B90，由DF切O于F，得到DFO90，由于DCAB，得到DCO90，于是结论可得；（2）过E作EMBF于M，由四边形DCOF是矩形，得到OFDCOA，由于OCCE，推出ACDE，设DEx，则ACx，在RtFOB中，FOB90，OFOB，BF2，由勾股定理得：OFOB2，则AB4，BC4x，由于ACDE，OCDFCE，由勾股定理得：AEEF，通过RtECARtEMF，得出ACMFDEx，在RtECB和RtEMB中，由勾股定理得：BCBM，问题可得【解答】（1）证明：连接OF，A、E、F、B四点共圆，AEF+B180，AEF135，B45，AOF2B90，DF切O于F，DFO90，DCAB，DCO90，即DCOFOCDFO90，四边形DCOF是矩形，DFAB；（2）解：过E作EMBF于M，四边形DCOF是矩形，OFDCOA，OCCE，ACDE，设DEx，则ACx，在RtFOB中，FOB90，OFOB，BF2，由勾股定理得：OFOB2，则AB4，BC4x，ACDE，OCDFCE，由勾股定理得：AEEF，ABEFBE，ECAB，EMBFECEM，ECBM90，在RtECA和RtEMF中RtECARtEMF，ACMFDEx，在RtECB和RtEMB中，由勾股定理得：BCBM，BFBMMFBCMF4xx2，解得：x2，即DE2【点评】本题考查了圆周角性质，圆内接四边形的性质，全等三角形的性质和判定，角平分线性质，矩形的性质和判定的应用，正确的作出辅助线是解题的关键22【分析】（1）设A区域面积为x，则B区域面积是2x，C区域面积是9003x，根据每平方米栽种甲3株或乙6株或丙12株，即可解答；（2）当y6600时，即21x+108006600，解得：x200，则2x400，9003x300，即可解答；（3）设三种花卉的单价分别为a元、b元、c，根据根据题意得：，整理得：3b+5c95，根据三种花卉的单价（都是整数）之和为45元，且差价均不超过10元，所以b15，c10，a20或b10，c13，a22，即可解答【解答】解：（1）y3x+12x+12（9003x）21x+10800（2）当y6600时，即21x+108006600，解得：x200，2x400，9003x300，答：A，B，C三个区域的面积分别是200m2，400m2，300m2（3）设三种花卉的单价分别为a元、b元、c元，在（2）的前提下，分别种植甲、乙、丙三种花卉的株数为600株，2400株，3600株，根据题意得：，整理得：3b+5c95，三种花卉的单价（都是整数）之和为45元，且差价均不超过10元，b15，c10或b10，c13，a20或a22，差价均不超过10a20，b15，c10，种植面积最大的花卉总价为：24001536000（元），答：种植面积最大的花卉总价为36000元【点评】本题考查了一次函数的应用，解决本题的关键是关键题意，列出函数关系式和方程组23【分析】（1）在抛物线解析式中令y0，容易求得A点坐标，再根据顶点式，可求得M点坐标；（2）由条件可证明四边形OCFE为平行四边形，可求得EF的点，可求得F点坐标，可得出BE的长，再利用平行线的性质可求得BD的长；（3）由条件可求得F点坐标，可求得直线MF的解析式，把A点坐标代入其解析式可判断出A点在直线MF上；由点的坐标结合勾股定理求得OE、GE、CD、DM、MF的长，再结合面积公式可分别表示出S1，S2，S3，可求得答案【解答】解：（1）令y0，则x2+6x0，解得x0或x6，A点坐标为（6，0），又yx2+6x（x3）2+9，M点坐标为（3，9）；（2）OECF，OCEF，四边形OCFE为平行四边形，且C（2，0），EFOC2，又B（3，0），OB3，BC1，F点的横坐标为5，点F落在抛物线yx2+6x上，F点的坐标为（5，5），BE5，OECF，即，BD；（3）当BD1时，由（2）可知BE3BD3，F（5，3），设直线MF解析式为ykx+b，把M、F两点坐标代入可得，解得，直线MF解析式为y3x+18，当x6时，y36+180，点A落在直线MF上；如图所示，E（3，3），直线OE解析式为yx，联立直线OE和直线MF解析式可得，解得，G（，），OG，OECF3，EGOGOE3，CDOE，P为CF中点，PFCF，DPCFCDPF3，OGCF，可设OG和CF之间的距离为h，SFPGPFhhh，S四边形DEGP（EG+DP）h（+）hh，S四边形OCDE（OE+CD）h（3+）h2h，S1，S2，S3h：h：2h3：4：8，故答案为：3：4：8【点评】本题主要考查二次函数的综合应用，涉及二次函数的性质、一元二次方程、平行四边形的判定和性质、平行线分线段成比例、待定系数法、勾股定理等知识点在（1）中注意抛物线顶点式的应用，在（2）中求得F点的坐标是解题的关键，在（3）中，求得直线MF的解析式是解题的关键，在中利用两平行线间的距离为定值表示出S1，S2，S3是解题的关键本题考查知识点较多，综合性质较强，难度较大24【分析】（1）由AQ：AB3：4，AQ3x，易得AB4x，由勾股定理得BQ，再由中位线的性质得AHBHAB，求得CD，FD；（2）利用（1）的结论，易得CQ的长，作OMAQ于点M（如图1），则OMAB，由垂径定理得QMAMx，由矩形性质得ODMC，利用矩形面积，求得x，得出结论；（3）点P在A点的右侧时（如图1），利用（1）（2）的结论和正方形的性质得2x+43x，得AP；点P在A点的左侧时，当点C在Q右侧，0x时（如图2），47x3x，解得x，易得AP；当时（如图3），74x3x，得AP；当点C在Q的左侧时，即x（如图4），同理得AP；连接NQ，由点O到BN的弦心距为l，得NQ2，当点N在AB的左侧时（如图5），过点B作BMEG于点M，GMx，BMx，易得GBM45，BMAQ，易得AIAB，求得IQ，由NQ得AP；当点N在AB的右侧时（如图6），过点B作BJGE于点J，由GJx，BJ4x得tanGBJ，利用（1）（2）中结论得AI16x，QI19x，解得x，得AP【解答】解：（1）在RtABQ中，AQ：AB3：4，AQ3x，AB4x，BQ5x，ODm，ml，ODl，OBOQ，2x，CD2x，FD3x；（2）APAQ3x，PC4，CQ6x+4，作OMAQ于点M（如图1），OMAB，O是ABQ的外接圆，BAQ90，点O是BQ的中点，QMAMxODMC，OEBQ，ED2x+4，S矩形DEGFDFDE3x（2x+4）90，解得：x15（舍去），x23，AP3x9；（3）若矩形DEGF是正方形，则EDDF，I点P在A点的右侧时（如图1）2x+43x，解得：x4，AP3x12；II点P在A点的左侧时，当点C在Q右侧，0x时（如图2），ED47x，DF3x，47x3x，解得：x，AP；当x时（如图3），ED47x，DF3x，47x3x，解得：x（舍去），当点C在Q的左侧时，即x（如图4），DE7x4，DF3x，7x43x，解得：x1，AP3，综上所述：当AP为12或或3时，矩形DEGF是正方形；连接NQ，由点O到BN的弦心距为l，得NQ2，当点N在AB的左侧时（如图5），过点B作BMEG于点M，GMx，BMx，GBM45，BMAQ，AIAB4x，IQx，NQ2，x2，AP6；当点N在AB的右侧时（如图6），过点B作BJGE于点J，GJx，BJ4x，tanGBJ，AI16x，QI19x，NQ2，x，AP，综上所述：AP的长为6或【点评】本题主要考查了勾股定理，垂径定理，正方形的性质，中位线的性质等，结合图形，分类讨论是解答此题的关键声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2020/2/18 18:56:05；用户：18366185883；邮箱：18366185883；学号：22597006第25页（共25页）