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2019年黑龙江省哈尔滨市中考物理及答案.doc

1、哈尔滨市2019年初中升学考试综合试卷物理部分16. 下列物理量与测量仪器对应关系不正确的是( ) A. 长度刻度尺 B. 电压电压表 C. 时间停表 D. 电阻电能表17. 下面对哈尔滨美景描述中,属于熔化现象的是( ) A. 初春,太阳岛上冰雪变成涓涓水流 B. 盛夏,防洪纪念塔广场花朵上滚动着晶莹的露珠 C. 深秋,中央大街的树上挂着洁白的雾淞 D. 隆冬,松花江水变成剔透的冰18. 关于光学知识说法正确的是( ) A. 漫反射不遵从光的反射定律 B. 小猫叉不到鱼,是因为看到鱼变深的虚像 C. 白光通过三棱镜发生色散 D. 近视眼需要用凸透镜矫正19. 下图事例中,利用热传递改变物体内

2、能的是( ) A. 晃动试管,沙子温度升高 B. 烧水使水变热 C. 汽油机汽缸内混合物被压缩,温度升高 D. 摩擦使笔杆变热20. 关于力学知识说法不正确的是( ) A. 手对钢片的力大于钢片对手的力 B. 重力的方向竖直向下 C. 急刹车时,乘客因具有惯性会向前倾倒 D. 磁悬浮列车利用分离接触面来减小摩擦21. 关于简单机械的使用,说法不正确的是( ) A. 使用撬棒可以省力 B. 使用定滑轮不能省距离 C. 利用斜面可以省功 D. 使用滑轮组可以改变动力方向22. 下列表述正确的是( ) A. 电视机正常工作电流约为1. 57A B. 电水壶电阻为4840 C. 同种电荷互相排斥 D.

3、 磁极间在不接触时无法发生相互作用23. 下列涉及压强知识说法不正确的是( ) A. 海绵块的形变显示了压力作用效果 B. 用微小压强计可以研究液体压强 C. 托里拆利实验可以测出大气压值 D. 船闸不是连通器24. 下列现象中,电能转化为机械能的是( ) 25. 下列关于安全用电的描述,不符合用电原则,需要改正的是( ) 26. 质地均匀杠杆,每个钩码重0. 5N,下列操作中可以使杠杆在水平位置平衡的是(杠杆上有等间隔 的刻度)( ) 27. 如图甲,R1为定值电阻,Rp为滑动变阻器,闭合开关,Rp的滑片从一端移动 到另一端,得到电压与电流图像如图乙,下列说法 正确的是( ) A. 电源电压

4、为3V,R1阻值为1. 8 B. 电路消耗的最小功率为0. 2W C. 当Rp总阻值的3/5接入电路时,它与定值电阻消耗的功率之比为6:5 D. 当电流为0. 4A时,R1与Rp连入电路的阻值之比为1:236.(2分)自然界中,能量的转化和转移过程遵守 定律. 水能和风能都属于 能. 37.(2分)在研究“固体熔化过程的规律”和“沸腾的规律”实验中,共同需要的测量工具是停表和 . 晶体熔化和液体沸腾过程中的共同点是 . 38.(2分)在地球上,驾驶员利用“倒车雷达”来判断车与物体间的距离,利 用了声可以传播 . 在月球上,表面为真空,真空不能传声, 宇航员不能直接交流而要靠电磁波互相联系,其中

5、的道理是 . 39.(2分)如图所示,用2N的拉力匀速竖直向上拉绳子自由端,将重为3. 5N物体提升0. 1m,不计 绳重与摩擦,动滑轮机械效率为 ;若物体重力变大,则动滑轮机械效率将 . 40.(2分)把质量为2kg,温度为25的水加热到75,水吸收的热量为 J,这些热量相 当于完全燃烧 m3的天然气所放出的热量.【c水4.2103J/(kg),q天然气4.2107J/m3】 第39题图 第41题图 第42题图 第43题图 41.(2分)如图,同一小车从同一斜面的同一高度由静止释放,分别滑至粗糙程度不同的三个水平面 上时速度为v0.(a)(b)图中小车最终停在图示位置,分析可知:在水平面上小

6、车所受阻力即为小车 所受合力,因为力可以改变物体运动状态,所以小车在(a)图比在(b)图受到的阻力大, 更明显;若(c)图水平面光滑,则小车在该水平面上将 .42.(2分)在探究“影响电流热效应的因素”的实验中,要探究电流热效应与电流关系,应控制的变量是 .如图所示,R15,R210,电源电压3V,则通电10s电流通过R1、R2产生 热量之比为 .43.(2分)如图,2018年10月24日,港珠澳大桥正式通车,大桥的海底隧道位于40米深的海水下, 海水在此深度处产生的压强为 Pa.若汽车重力为G1,车内人和物体的总重为G2,车轮与桥 面接触的总面积为S,当车在水平桥面行驶时,汽车对桥面压强p

7、(海水1.03103kg/m3, g10N/kg)44.(2分)在安全工作条件下,将“2.5V 0.3A”小灯泡L1和“3.0V 0.3A”小灯泡L2串联在电路中工作,通 过两灯的电流之比为 ;若将L1和L2并联在另一电源下工作,则L1和L2能消耗的总功率 最大值为 W.(设灯丝电阻不变)45.(2分)如图,先将溢水杯装满水,然后用测力计拉着重为4N、体积为100cm3的石块,缓慢浸没 在水中,溢出的水全部收集到小空桶中,桶中水重为 N,石块静止时,测力计示数为 N. (水1.0103kg/m3, g10 N/kg)46.(2分)如图所示,请你画出静止在水平桌面上的茶壶所受力的示意图.(画图时

8、用实心点0表示力 的作用点)47.(2分)如图所示,请你画出烛焰上A点经平面镜MN所成的像A.(保留作图痕迹) 第45题图 第46题图 第47题图 48.(5分)“创新”小组在某次实践活动中,采集了一块矿石(矿石不吸水),测量它的密度. (1)在测量之前,要观察量筒的 . (2)测量过程的情景如上图,正确且合理测量质量的操作顺序为 ,测出矿石的 密度为 g/cm3. (3)永深同学继续如下操作: 将矿石从量筒中取出,直接放在天平上测质量记为m测,并记下此时量筒中水面的刻度值V3. 测量体积时,才发现矿石有变化了,将它处理复原后,浸没在量筒的水中,记下此时水面的 刻度值V4,从而求出矿石的体积并

9、算出密度. 这样的操作可能对实验结果产生影响,请你写出产生的影响及原因.49.(5分)在探究“凸透镜成像规律”实验中,已知凸透镜焦距为10cm.所用光源为新型“蜡烛”.(新型“蜡 烛”薄且烛焰稳定) (1)调整好器材后,进行实验,某次实验结果如图1,凸透镜成这种像的条件是 . 将“蜡烛”A从此位置在光具座上逐渐靠近透镜,发现经过图中 位置后,无论 怎样调节光屏都无法承接到像,只能透过透镜观察到正立、放大的虚像,如图2. (2)“蜡烛”移到距透镜二倍焦距处,观察光屏上的像感觉与物等大,请你简述证明像与物等大的办 法.(器材足够用) (3)君妍同学用凸透镜观察书上的字,如图3,她换用不同焦距的凸透

10、镜放在原位置再次观察,发 现像发生变化,便萌生了探究凸透镜所成像与焦距关系的想法,请写出需要收集的证据.50.(6分)用标有“2.5V”小灯泡,进行“研究小灯泡的电功率”实验.(允许加在小灯泡两端的最大电压 为1.2U额) (1)进行实验: 如图1是未连接好的电路,请你用笔画线代替导线,正确连接图中实物电路. 如图2,当小灯泡两端电压为2.5V时,电流表示数是 A,灯泡额定功率是 W. (2)通过实验得到:灯泡实际功率越大,灯越亮. 试从能量转化角度解释“灯泡实际功率越大,灯越 亮”的原因. (3)以小灯泡为例,用数据说明选用电流表0.6A而不用3A量程的理由.51.(6分)随着智能化的普及,

11、机器人在人类的生活中扮演着重要的角色.在图书管理领域机器人可以 辅助或替代管理员整理图书,表中所列数据是某新型图书智能管理机器人工作的 部分技术参数. 现在智能机器人以最大负重将图书匀速竖直提升至最大高度,用时5s.则此次提升过程中: (1)机器人提升图书速度是多少? (2)机器人对书做功是多少? (3)机器人的电动机工作电流是多少(结果保留两位小数)?电动机做功是多少?答案和解析1.【答案】D【解析】解: A、刻度尺是测量长度的工具,故A不符合题意; B、电压的测量仪器电压表,故B不符合题意; C、停表是测量时间的仪表,故C不符合题意; D、电阻用电流表和电压表测,不能用电能表测,故D符合题

12、意。 故选:D。对每个选项分别分析,明确每种测量工具的用途,就能确定符合题意的选项。刻度尺、电压表、电流表、停表是初中物理的常用测量工具,使用前要先观察其量程和分度值,注意各种测量仪器的正确使用方法和注意事项,才能去使用各种仪器。2.【答案】A【解析】解:A、春天,冰雪消融,它是物质从固态变为液态的过程,是熔化现象,故A符合题意; B、夏天,露珠晶莹,露珠是液体,它是由空气中的水蒸气放热液化后形成的,故B不符合题意。 C、秋天,雾淞是固体,它是由空气中的水蒸气放热凝华后形成的,故C不符合题意。 D、冬天,松花江水变成剔透的冰,冰是固体,它是由液态的水放热凝固后形成的,故D不符合题意。 故选:A

13、。熔化是指物质从固态变为液态的过程,它需要吸热; 液化是指物质从气态变为液态的过程,它需要放热; 凝华是指物质从气态直接变为固态的过程,它需要放热; 凝固是指物质从液态变为固态的过程,它需要放热。要判断各选项的物态变化是否相对应,首先要弄清楚各选项的物态变化特点,然后根据变化前后的物态特征来判断属于哪种物态变化。3.【答案】C【解析】解:A、漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。故A错误; B、水中鱼反射出的光,在水面处发生了折射,光由水斜射入空气时发生折射,折射角大于入射角,人认为光是沿直线传播的,所以逆着折射光线看上去,看到的是变浅的鱼的虚像。故B错误; C、棱镜对不同色光的偏折程度不同,其

14、中对红光的偏折程度最小,对紫光的偏折程度最大;所以白光经三棱镜后,光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带,红光在最上面,紫光在最下方,故C正确; D、由题干图可知:像呈在视网膜的前方,所以该模型是近视眼,近视眼是由于晶状体曲度变大,会聚能力增强,即折光能力增强,应佩戴具有发散作用的凹透镜,使光线推迟会聚。故D错误。 故选:C。解答此题从以下知识点入手: (1)漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。 (2)从鱼身上反射出的光线由水中进入空气时,在水面上发生折射,折射角大于入射角,折射光线进入人眼,人眼会逆着折射光线的方向看去,就会觉得鱼变浅了。 (3)太阳光经过三棱镜折射后可以分散成

15、七种颜色的光,分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫,这就是光的色散现象。 (4)近视眼是晶状体会聚能力增强,像呈在视网膜的前方,应佩戴凹透镜矫正;远视眼是晶状体会聚能力减弱,像呈在视网膜的后方,应佩戴凸透镜矫正。此题涉及到光的漫反射、光的折射、光的色散、近视眼的成因,以及矫正方法等知识点,是一道综合性较强的题目,也是中考的热点。4.【答案】B【解析】解:A、晃动试管,沙子与试管之间发生摩擦,克服摩擦做功,沙子的内能变大,故A错误; B、烧水使水变热是通过热传递改变了物体的内能,故B正确; C、气缸内气体被压缩,机械能转化为气体的内能,故C错误。 D、摩擦笔杆,克服摩擦做功,笔杆变热,是通过做功改变

16、了物体的内能,故D错误。 故选:B。解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种:做功和热传递,热传递过程是能量的转移过程,而做功过程是能量的转化过程。此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别,是中考热点,属于易错题目。5.【答案】A【解析】解: A、物体间力的作用是相互的,一对相互作用力间的大小相等,所以手对钢片的力等于钢片对手的力,故A错误; B、重力方向始终竖直向下,故B正确; C、公共汽车紧急刹车时,乘客会向前倾倒,这是由于乘客具有惯性,故C正确; D、磁悬浮列车利用了磁极间的相互作用使接触面分离来减小摩擦力,但列车仍然受到阻力作用,故D正确。 故选:A。(1)物体间力的作用是相互的,

17、一对相互作用力间的大小相等。 (2)重力方向始终竖直向下; (3)物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性; (4)减小摩擦了的方法:减小压力、减小接触面的粗糙程度、让两接触面分离、变滑动为滚动。本题围绕一些常见的力学现象,考查了重力方向、减小摩擦力的方法、惯性、相互作用力的特点等,综合性强,要求我们对基本的概念的规律要熟练掌握。6.【答案】C【解析】解: A、撬棒在使用时,动力臂大于阻力臂,可以省力,故A正确; B、定滑轮实质是等臂杠杆,不能省力,也不省距离,故B正确; C、利用斜面可以省力,但费距离,但不能省功,故C错; D、使用滑轮组既可以省力,又可以改变力的方向,故D正确。 故选:C。(

18、1)动力臂大于阻力臂的杠杆,可以省力、但费距离; (2)定滑轮实质是等臂杠杆,不能省力,也不省距离; (3)利用机械可以省力,但费距离,但不能省功; (4)使用定滑轮可以改变力的方向,但不能省力;用动滑轮可以省力,但不能改变力的方向;使用滑轮组既可以省力,又可以改变力的方向。本题考查了杠杆、定滑轮、斜面、滑轮组的特点,要知道:使用机械时,可以省力、可以省距离,但不能省功。7.【答案】C【解析】解:A、由P=UI可得,电视机正常工作的电流:I=0.64A,故A错误;B、由P=可得,电水壶的电阻为R=48.4,故B错误;C、由图知,两个小球都带正电,彼此远离,说明同种电荷互相排斥,故C正确;D、磁

19、极间没有直接接触,通过周围的磁场也可以发生相互作用,故D错误。故选:C。(1)已知电视机额定电压和额定功率,利用公式I=得到正常工作的电流;(2)已知电水壶额定电压和额定功率,利用公式R=得到电阻;(3)电荷间相互作用规律:同种电荷相互排斥,异种电荷相互吸引;(4)磁体周围空间存在磁场,磁体间的相互作用是通过磁场发生的。此题考查了电功率变形公式的应用、电荷间相互作用及磁场的作用,包含的知识点较多,难度不大,熟练掌握基础知识就能正确解答。8.【答案】D【解析】解:A、在压力作用下,海绵发生形变,故我们可以通过观察实验时海绵的凹陷程度来显示压力的作用效果。故A正确; B、压强计的工作原理是;橡皮膜

20、受到压强时,U形管内两边液面出现高度差,两侧液面高度差反映了探头受到的压强大小,采用的是转换法;液体压强越大,两侧液面高度差也越大。故用微小压强计可以研究液体压强。故B正确; C、托里拆利最早精确地测出了大气压的值,故C正确; D、船闸的上游阀门打开时,上游和闸室构成连通器,下游阀门打开时,下游和闸室构成连通器,故D错误。 故选:D。(1)在探究压力的作用效果时,通过海绵的凹陷程度来表现压力作用效果,这叫做转换法; (2)压强计的工作原理是;橡皮膜受到压力时,U形管内两边液面出现高度差,两边高度差表示压强的大小,压强越大,液面高度差也越大; (3)托里拆利实验最早测出了大气压的值; (4)连通

21、器的结构特征是上端开口、底部连通,判断是不是连通器要根据这两个特征。此题涉及到压力的作用效果,探究液体压强的特点实验,连通器原理,大气压的测量方法等多个知识点,是一道综合性较强的题目。9.【答案】A【解析】解:A、磁场对电流作用是电动机的原理,消耗电能,得到机械能,是电能转化为机械能,故A符合题意。 B、通电导体具有磁性属于电流的磁效应,即消耗电能产生磁能,故B不符合题意。 C、把声音信息转换成电信息,消耗机械能,得到电能,即将机械能转化为电能,是电磁感应现象,故C不符合题意; D、电磁感应现象将机械能转化为电能,故D不符合题意。 故选:A。分别分析该题中各个选项所提到的能量的形式的变化,看哪

22、种形式的能量增加了,那种形式的能量减小了,进而判断出能量的转化过程,从而确定是机械能转化为电能的答案。本题考查电动机、发电机、奥斯特实验的工作时能的转化,是一道基础题。10.【答案】D【解析】解: A、发生触电事故时,必须先切断电源,然后再救人,否则会因电源不断开而发生触电事故,故A符合用电原则; B、使用测电笔检验插座的相线时,手要接触笔尾金属体,故B符合用电原则; C、带保险丝的一端与火线连接,中间一条与零线连接,接电水壶外壳的一条与地线连接,故C符合用电原则; D、灯泡的正确接法:火线先进入开关,再进入灯泡顶端的金属点,零线直接接入灯泡的螺旋套,这样在断开开关时能切断火线,接触灯泡不会发

23、生触电事故;图中开关接在零线上,是错误接法,需要改正,故D不符合用电原则。 故选:D。(1)发生触电,应先切断电源; (2)使用测电笔时,手必须接触笔尾的金属体; (3)对于三线插头和三孔插座的连接,带保险丝的线应与火线连接,才能起到保护作用,另一条与零线连接,才能形成通路,地线应与电水壶的金属外壳连接; (4)灯泡的接法:火线进入开关,再进入灯泡顶端的金属点;零线直接接入灯泡的螺旋套。本题考查安全用电知识,记住相应的规则是关键。11.【答案】D【解析】解:AC、由图知动力和阻力使得杠杆转动的方向相同,故AC错误; B、左边悬挂2个钩码时,若一个钩码重0.5N,杠杆上一格长L,弹簧秤的示数为1

24、.5N,0.5N24L1.5N5L,故杠杆不平衡,故C错误; D、由边悬挂2个钩码时,若一个钩码重0.5N,杠杆上一格长L,弹簧秤的示数为2N,0.5N26L=2N3L,故杠杆平衡,故D正确。 故选:D。动力和阻力应使杠杆转动的方向相反;根据杠杆的平衡条件动力动力臂=阻力阻力臂进行判断。本题考查杠杆的平衡条件动力动力臂=阻力阻力臂,难度不大。12.【答案】C【解析】解:由电路图可知,定值电阻R1和滑动变阻器RP串联,电流表测电路中的电流,电压表测R1两端的电压。(1)当滑片位于左端时,接入电路中的电阻为0,此时电流表和电压表的示数最大,由图乙可知,电源的电压U=3V,电路中的电流I=0.6A,

25、由I=可得,R1的阻值:R1=5,故A错误;(2)当滑片位于右端时,接入电路中的电阻最大,电路中的电流最小,电压表的示数最小,由图乙可知,电路中的最小电流I=0.2A,R1两端的电压U1=1V,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,滑动变阻器两端的电压:UP=U-U1=3V-1V=2V,则滑动变阻器的最大阻值:RP=10,电路消耗的最小功率:P小=UI=3V0.2A=0.6W,故B错误;(3)因串联电路中各处的电流相等,所以,当Rp总阻值的接入电路时,Rp与定值电阻消耗的功率:=,故C正确;(4)当电流为0.4A时,电路的总电阻:R总=7.5,Rp连入电路的阻值:RP=R总-R1=7.5-

26、5=2.5,所以,R1与Rp连入电路的阻值之比R1:RP=5:2.5=2:1,故D错误。故选:C。定值电阻R1和滑动变阻器RP串联,电流表测电路中的电流,电压表测R1两端的电压。(1)当滑片位于左端时,接入电路中的电阻为0,此时电流表和电压表的示数最大,根据图乙读出电源的电压和电路中的电流,根据欧姆定律求出R1的阻值;(2)当滑片位于右端时,接入电路中的电阻最大,电路中的电流最小,电压表的示数最小,根据图乙读出电路中的最小电流和R1两端的电压,根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压,根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值,利用P=UI求出电路消耗的最小功率;(3)当Rp总阻值的接入电路时

27、,根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出Rp与定值电阻消耗的功率;(4)当电流为0.4A时,根据欧姆定律求出电路的总电阻,利用电阻的串联求出Rp连入电路的阻值,进一步得出R1与Rp连入电路的阻值之比。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,从图象中获取有用的信息是关键。13.【答案】能量守恒 机械【解析】解:自然界中,能量的转化和转移过程都遵守能量守恒定律。 水能和风能的本质都属于机械能,同时也都属于可再生能源,还是一次能源。 故答案为:能量守恒;机械(或可再生、一次)。能量守恒定律:是各种能量形式互相转换是有方向和条件限制的,能量互相转换时其量值不变,表明能量是不能被创造

28、或消灭的。能量既不会凭空产生,也不会凭空消失,它只能从一种形式转化为其他形式,或者从一个物体转移到另一个物体,在转化或转移的过程中,能量的总量不变; 根据能源的实质,不同能源的分类可判断水能和风能的类型。本题主要考查了对能量守恒定律的了解,以及对水能和风能的认识,属基础知识的考查。14.【答案】温度计 吸收热量,温度不变【解析】解: (1)“固体熔化的规律”和“液体沸腾的规律”的实验都要用到温度计和停表; (2)晶体熔化和液体沸腾过程中的共同点是吸收热量,温度不变。 故答案为:温度计;吸收热量,温度不变。(1)“固体熔化的规律”和“液体沸腾的规律”的实验都要用到温度计; (2)液体沸腾和晶体熔

29、化时都要吸收热量,温度不变。本题考查熔化和凝固的实验,解答此题的关键是知道熔化和凝固的特点。15.【答案】信息 电磁波可以在真空中传播【解析】解: (1)驾驶员利用“倒车雷达”来判断车与物体间的距离,利用了声可以传播信息。 (2)在月球上,表面为真空,真空不能传声,而电磁波可以在真空中传播,所以宇航员不能直接交流而要靠电磁波互相联系。 故答案为:信息;电磁波可以在真空中传播。(1)声音既可以传递信息,也可以传递能量; (2)声音的传播需要介质,真空不能够传声;电磁波可以在真空中传播。本题考查了声音的作用、电磁波的传播特点,属于基础题目。16.【答案】87.5% 变大【解析】解:(1)由图知n=

30、2,不计绳重与摩擦,则动滑轮的机械效率:=100%=87.5%;(2)若物体重力变大,根据W=Gh知,有用功增加,额外功不变,根据=可知,滑轮组的机械效率变大。故答案为:87.5%;变大。(1)由图知n=2,根据=求出机械效率。(2)根据=,分析额外功、有用功的变化判定机械效率的变化。本题考查了使用动滑轮机械效率的计算以及影响机械效率的因素,理解相关信息是关键。17.【答案】4.2105 0.01【解析】解:(1)水吸收的热量:Q吸=cmt=4.2103J/(kg)2kg(75-25)=4.2105J;(2)由题知,Q吸=Q放,则由Q放=qV可得需要天然气的体积:V=0.01m3。故答案为:4

31、.2105;0.01。(1)已知水的比热容、质量和温度变化,可利用Q吸=cmt计算水吸收热量;(2)由题知,Q吸=Q放,可利用Q放=qV的变形公式求出需要天然气的体积。本题综合考查了水吸收热量的计算、燃料燃烧放出热量的计算公式的应用,因条件已给出,难度不大。18.【答案】力的作用效果 做匀速直线运动【解析】解:力是改变物体运动状态的原因,(a)(b)两图相比,(a)图中小车运动的距离短,说明小车在(a)图比在(b)图受到的阻力大,力的作用效果更明显; 小车原来处于运动状态,若(c)图水平面光滑,则小车在水平方向上不受力的作用,根据牛顿第一定律可知,小车该水平面上将做匀速直线运动。 故答案为:力

32、的作用效果;做匀速直线运动。接触面越光滑,小车受到的摩擦力越小,小车速度减小得越慢,运动得越远;根据现象推理,若小车不受摩擦力,将做匀速直线运动。此题考查学生对牛顿第一定律的理解和掌握,本实验应用了控制变量法与科学推理法,掌握该方法的应用是正确解题的关键。19.【答案】电阻和通电时间 1:2【解析】解:由公式Q=I2Rt知,要探究电流热效应与电流的关系,需要控制的条件是电阻和通电时间,改变的是电流大小;由图知,R1、R2串联,所以I1=I2,t1=t2,由公式Q=I2Rt知通电10s电流通过R1、R2产生热量之比:=。故答案为:电阻和通电时间;1:2。电流产生的热量与电流、电阻和通电时间都有关

33、系,要研究电流热效应与电流关系,要保持电阻和通电时间相同;由图知,两只电阻串联,通过的电流和通电时间都相同,已知电阻阻值,利用Q=I2Rt比较产生热量关系。此题考查了焦耳定律的应用,注意探究过程中控制变量法和转换法的应用。20.【答案】4.12105 【解析】解:(1)海水在此深度处产生的压强p=gh=1.03103kg/m310N/kg40m=4.12105Pa。(2)汽车对桥面压强p=。故答案为:4.12105Pa,。本题应使用液体压强公式p=gh和压强公式p=进行求解。本题考查液体压强与固体压强的计算,使用相关公式直接求解即可,属于简单题。21.【答案】1:1 1.375【解析】解:(1

34、)将小灯泡L1和L2串联在电路中工作时,因串联电路中各处的电流相等,所以,通过两灯的电流之比为1:1;(2)将L1和L2并联在另一电源下工作时,因并联电路中各支路两端的电压相等,且U1=2.5V,U2=3.0V,所以,电路两端的最大电压U=U1=2.5V,此时小灯泡L1正常发光,通过的电流I1=0.3A,由I=可得,小灯泡L2的电阻:R2=10,则通过灯泡L2电流:I2=0.25A,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以,干路中的电流:I=I1+I2=0.3A+0.25A=0.55A,则L1和L2能消耗的总功率最大值:P=UI=2.5V0.55A=1.375W。故答案为:1:1; 1.3

35、75。(1)将小灯泡L1和L2串联在电路中工作时,根据串联电路的电流特点可知通过两灯的电流之比;(2)将L1和L2并联在另一电源下工作时它们两端的电压相等,电路的最大电压等于两灯泡额定电压中较小的,根据欧姆定律求出不能正常发光灯泡的电阻和此时通过的电流,根据并联电路的电流特点求出干路电流,利用P=UI求出L1和L2能消耗的总功率最大值。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,要注意两灯泡并联时电路的最大电压为两灯泡额定电压中较小的。22.【答案】1 3【解析】解: (1)石块缓慢浸没在水中,V排=V=100cm3=110-4m3, 石块受到的浮力:F浮=水gV排=1.0103k

36、g/m310N/kg110-4m3=1N, 根据阿基米德原理知,桶中水重(排开水的重):G排=F浮=1N。 (2)石块静止时,测力计示数:F=G-F浮=4N-1N=3N。 故答案为:1;3。(1)由阿基米德原理知,物体受到的浮力等于它排开液体所受的重力; (2)石块静止时,由称重法求测力计示数。本题考查阿基米德原理和称重法的应用,关键理解称重法的原理。23.【答案】解:(1)机器人提升图书速度:v=0.12m/s;(2)机器人对书的作用力F=G=200N,机器人对书做功:W=Fs=200N0.6m=120J;(3)由P=UI得,机器人的电动机工作电流:I=0.83A;电动机做功:W=Pt=40

37、W5s=200J。答:(1)机器人提升图书速度是0.12m/s;(2)机器人对书做功为120J;(3)机器人的电动机工作电流是0.83A;电动机做功为200J。【解析】(1)根据v=求出速度;(2)机器人对书的作用力F=G=200N,根据W=Fs求出机器人对书做功;(3)根据P=UI求出工作电流;根据W=Pt求出电动机做的功。此题主要考查的是学生对速度、功、电功率和电功计算公式的理解和掌握,难度不大。24.【答案】解:过重心O沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头、等长的线段,分别表示重力和支持力,如图所示:【解析】静止在水平桌面上茶壶,受到了平衡力的作用,即受到了竖直向下的重力和竖直向

38、上的支持力是一对平衡力,大小相等,方向相反。作力的示意图,要用一条带箭头的线段表示力,线段的长度表示力的大小,箭头表示力的方向,起点或终点表示力的作用点,是平衡力的长度要相等。25.【答案】解:过平面镜作A点的对称点,即为烛焰上A点在平面镜中所成的像A如图所示:【解析】平面镜成像的特点是:像与物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换,即像、物关于平面镜对称。本题的关键是抓住平面镜成像特点是像物关于平面镜对称。26.【答案】量程和分度值 2.6【解析】解:(1)在用量筒测量矿石的体积时,首先要观察量筒的量程和分度值;(2)正确且合理测量质量的操作顺序为现将游码归零,然后调节横梁平

39、衡,将矿石放在左盘,右盘放砝码,此时横梁不平衡,应增减砝码或移动游码,不能再调节平衡螺母,故是错误的,正确;再用排水法测量矿石体积;故正确且合理测量质量的操作顺序;(3)由图可得,矿石质量m=52g,由可知,矿石的体积V=60ml-40ml=20ml=20cm3,矿石的密度=2.6g/cm3,将矿石从量筒中取出,矿石上沾有水,并记下此时量筒中水面的刻度值V3;直接放在天平上测质量记为m测,导致质量偏大,将它处理复原后,质量无影响;浸没在量筒的水中,记下此时水面的刻度值V4,由于将矿石从量筒中取出时带走一部分水,导致矿石测量体积偏大,由=可知,密度偏小。故答案为:(1)量程和分度值;(2);2.

40、6;(3)见解答部分。(1)在测量体积之前,要观察量筒的量程和分度值;(2)先调零,再调节横梁平衡,由此可知合理测量质量的操作顺序;读出矿石的质量和体积,利用密度公式计算密度;(3)将矿石从量筒中取出,矿石上沾有水,并记下此时量筒中水面的刻度值V3;直接放在天平上测质量记为m测,导致质量偏大,根据密度公式分析。本题是有关固体密度的测量实验,测量密度的实验题是常规性实验题,要掌握天平、量筒的正确使用及密度的计算公式。27.【答案】物距大于2f 40cm【解析】解:(1)物体成倒立缩小的实像,凸透镜成这种像的条件是物距大于2f; 凸透镜成像时,在一倍焦距以内成虚像,虚像都不能呈现在光屏上,所以50

41、cm-40cm=10cm 即40cm 处; (2)可以用刻度尺测量蜡烛和蜡烛像的高度,当蜡烛和蜡烛的像高度相等时可以判断像与物等大。 (3)在物距大于二倍焦距时,当物距相等时,采用不同焦距的凸透镜进行实验,分别记录像距和像的性质,然后进行比较。 在物距大于一倍焦距小于二倍焦距时,当物距相等时,采用不同焦距的凸透镜进行实验,分别记录像距和像的性质,然后进行比较。 故答案为:(1)物距大于2f;40cm;(2)可以用刻度尺测量蜡烛和蜡烛像的高度,当蜡烛和蜡烛的像高度相等时可以判断像与物等大; (3)在物距大于二倍焦距时,当物距相等时,采用不同焦距的凸透镜进行实验,分别记录像距和像的性质,然后进行比

42、较。(1)解决此题需掌握凸透镜成像的特点: 物距大于2f,凸透镜成倒立缩小的实像,像距f和2f之间,照相机根据这个原理制成; 物距等于2f,凸透镜成倒立等大的实像,据此可以确定凸透镜的焦距; 物距处于f和2f之间,凸透镜成倒立缩小的实像,像距大于2f,幻灯机或投影仪根据这个原理制成; 物距小于f,凸透镜成正立放大的虚像,放大镜根据这个原理制成; (2)可以用刻度尺测量蜡烛和蜡烛像的高度,然后进行比较。 (3)在物距大于二倍焦距时(或物距大于一倍焦距小于二倍焦距时),当物距相等时,采用不同焦距的凸透镜进行实验,分别记录像距和像的性质,然后进行比较。掌握凸透镜成像的几种成像情况是解决此题的关键。28.【答案】0.32 0.8【解析】解:(1)变阻器按一上一下接入电路中,电压表与灯并联,如下所示:如图2,电流表选用小量程,分度值为0.02A,当小灯泡两端电压为2.5V时,电流表示数是0.32A,灯泡额定功率是:P=UI=2.5V0.32A=0.8W;(2)电流做功的过程就是电能转换为其它形式能的过程,灯泡实际功率越大,表示单位时间电流做的功越多,即转化成的光能越大,故灯越亮;(3)由欧姆定律,灯正常发光时的电阻为:R=A,允许加在小灯泡两端的最大电压为1.2U额=3V,因灯的电阻随温度的升高而

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